江蘇省南通市如皋市2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期第一次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試卷

2024-2025學(xué)年江蘇省南通市如皋市高三（上）第一次教學(xué)質(zhì)量檢測(cè)物理試卷一、單選題：本大題共11小題，共44分。1.一個(gè)平行板電容器的電容為C，一個(gè)極板所帶電荷量的絕對(duì)值為Q，兩板間的距離為d，則該電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為(

)A.QCd B.2QCd C.C2.“研究斜槽末端小球碰撞時(shí)的動(dòng)量守恒”實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，該實(shí)驗(yàn)不需要的實(shí)驗(yàn)器材是(

)

A.天平 B.秒表 C.刻度尺 D.復(fù)寫紙3.如圖所示，在飛船發(fā)動(dòng)機(jī)推力作用下，飛船和空間站一起向前做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng).飛船和空間站的質(zhì)量分別為m和M，則飛船和空間站之間的作用力大小為(

)

A.ma B.Ma C.MmM+m4.如圖所示的電路中，光敏電阻R2的阻值隨光照強(qiáng)度增大而減小，電表均為理想電表.閉合開關(guān)S電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后，若增大照射光強(qiáng)度，則(

)

A.電流表示數(shù)減小 B.小燈泡的功率減小

C.電容器所帶電荷量減小 D.兩表示數(shù)變化量的比值ΔUΔI5.太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)使其質(zhì)量在緩慢減小.在若干年后，若地球繞太陽的運(yùn)動(dòng)仍可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則描述地球繞太陽運(yùn)動(dòng)的物理量與現(xiàn)在相比(

)A.半徑不變 B.半徑變小 C.周期不變 D.周期變大6.如圖所示，在與紙面平行的勻強(qiáng)電場(chǎng)中有A、B、C三個(gè)點(diǎn)，其電勢(shì)分別為6V、4V和2V.則經(jīng)過A點(diǎn)的電場(chǎng)線正確的是(

)A. B.

C. D.7.一對(duì)等量點(diǎn)電荷位于x軸上，沿x軸方向上的電勢(shì)隨坐標(biāo)的變化情況如圖所示，取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零.圖中x1、x2為軸上關(guān)于原點(diǎn)O的對(duì)稱點(diǎn)，下列說法中正確的是(

)

A.在x1～x2范圍內(nèi)，O點(diǎn)的電勢(shì)最低

B.在x1～x2范圍內(nèi)，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最大

C.位于x8.在O點(diǎn)處固定一個(gè)正點(diǎn)電荷，P點(diǎn)在O點(diǎn)左上方.從P點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶電的小球，小球僅在重力和電場(chǎng)力作用下在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，其一段軌跡如圖所示.M、N是軌跡上的兩點(diǎn)，OP>OM=ON，則小球A.帶負(fù)電荷

B.在M點(diǎn)的機(jī)械能小于在N點(diǎn)的機(jī)械能

C.在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在N點(diǎn)的電勢(shì)能

D.從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，電場(chǎng)力始終不做功9.如圖所示，甲、乙是改裝成電流表和電壓表的電路，則(

)

A.甲圖中，R減小時(shí)量程減小

B.乙圖中，R減小時(shí)量程增大

C.甲圖中，若改裝后的電表示數(shù)略微偏大，可將R值稍微調(diào)小

D.乙圖中，若改裝后的電表示數(shù)略微偏大，可將R值稍微調(diào)小10.如圖所示，豎直輕彈簧固定在水平地面上.一小球由彈簧的正上方自由下落，不計(jì)空氣阻力，彈簧始終處于彈性限度內(nèi).小球向下運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中，小球重力的瞬時(shí)功率P、彈簧的彈性勢(shì)能Ep與位移x的關(guān)系圖像正確的是(

)

A. B.

C. D.11.如圖所示，輕桿一端固定在光滑的水平軸上，另一端固定一小球.靜止在最高點(diǎn)的小球由于輕微的擾動(dòng)開始向一側(cè)運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，則小球從最高點(diǎn)向最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中(

)

A.小球?qū)U始終有力的作用 B.小球?qū)U的作用力先增大后減小

C.小球的速率正比于小球下降的高度 D.小球的速率正比于小球離開出發(fā)點(diǎn)的距離二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共1小題，共9分。12.某同學(xué)想通過測(cè)繪小燈泡的I-U圖像來研究小燈泡的電阻隨電壓變化的規(guī)律.待測(cè)小燈泡一只，額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐電壓表一個(gè)，量程0～3V，內(nèi)阻約為電流表一個(gè)，量程0～0.6A，內(nèi)阻約為滑動(dòng)變阻器一個(gè);干電池兩節(jié);開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干.(1)請(qǐng)?jiān)趫D甲中補(bǔ)全實(shí)驗(yàn)的電路圖.(2)圖甲中開關(guān)S閉合之前，應(yīng)把滑動(dòng)變阻器的滑片置于__________(選填“A”或“B”)端.(3)某次測(cè)量時(shí)電流表示數(shù)如圖乙所示，該示數(shù)為__________A(4)該同學(xué)通過實(shí)驗(yàn)作出小燈泡的I-U圖像如圖丙所示，則小燈泡正常工作時(shí)的電阻約為__________Ω

(5)I-U圖像彎曲的原因是__________三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。13.質(zhì)量mA=1kg的物體A從空中自由落下，與此同時(shí)質(zhì)量mB=2kg的物體B做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過t=0.2s與A發(fā)生正碰并粘在一起.已知碰撞前瞬間B(1)碰撞前瞬間A的速度大小v(2)碰撞后瞬時(shí)兩物體的速度大小v.14.汽車的啟動(dòng)簡(jiǎn)化電路如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為E，電源與電流表的內(nèi)阻之和為r.車燈接通電動(dòng)機(jī)未起動(dòng)時(shí)，電流表示數(shù)為I1，電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)的瞬間，電流表示數(shù)達(dá)到I2.忽略車燈的電阻變化.(1)車燈的電阻R(2)電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)瞬間車燈的功率P.15.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的小物體從斜面上A點(diǎn)由靜止開始下滑，經(jīng)t0=2s運(yùn)動(dòng)到斜面底端B點(diǎn)，并通過一小段光滑的弧面滑上水平傳送帶的右端.已知A、B間距離L1=4m，傳送帶B、C兩端點(diǎn)間距離L2=8(1)物塊到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大小v(2)物塊在傳送帶上傳輸?shù)臅r(shí)間t(3)因傳輸物塊電機(jī)多消耗的電能E.16.如圖所示，一足夠長(zhǎng)的豎直圓筒筒壁上有小孔O，筒內(nèi)所有區(qū)域存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E.粒子源不停地水平向右發(fā)射速率為v0的帶正電荷的粒子，粒子通過孔O沿筒的半徑方向進(jìn)入圓筒.已知粒子質(zhì)量為m，電量為q，圓筒半徑為mv022(1)求單個(gè)粒子從射入圓筒到打到筒壁過程中動(dòng)量的變化量大小Δp(2)若圓筒繞其豎直中心軸以恒定的角速度轉(zhuǎn)動(dòng)，粒子打在筒壁上的點(diǎn)均與孔O處于同一豎直線上，求圓筒的角速度ω(3)若在孔O和圓筒中心軸的豎直平面內(nèi)不斷改變粒子的發(fā)射方向，粒子源在120°范圍內(nèi)發(fā)射粒子到孔O，求所有粒子打到筒壁時(shí)電勢(shì)能的最大差值ΔE答案和解析1.【答案】A

【解析】?jī)蓸O板間的電勢(shì)差為：U=QC，

則兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度為：E=Ud，2.【答案】B

【解析】此實(shí)驗(yàn)需要用復(fù)寫紙確定小球的落地點(diǎn)，需要用天平測(cè)量小球的質(zhì)量，需要用刻度尺測(cè)量小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移；由于小球下落高度相同，在空中時(shí)間相同，可以用小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移代替水平初速度，所以不需要用秒表測(cè)時(shí)間。本題選不需要的，故ACD錯(cuò)誤，B正確；

故選：B。3.【答案】B

【解析】根據(jù)牛頓第二定律，對(duì)空間站分析有F即飛船和空間站之間的作用力F'=Ma，故B4.【答案】C

【解析】由圖可知，L和R2串聯(lián)后和C并聯(lián)，再與R1串聯(lián)，電容器在電路穩(wěn)定時(shí)相當(dāng)于斷路；

A、當(dāng)增大照射光強(qiáng)度時(shí)，光敏電阻R2減小，電路的總電阻減小，總電流I增大，電流表示數(shù)增大，故A錯(cuò)誤；

B、流過小燈泡的電流增大，則小燈泡的功率增大，故B錯(cuò)誤；

C、電容器板間電壓UC=E-I(R1+r)5.【答案】D

【解析】AB.若太陽的質(zhì)量減小，則太陽對(duì)地球的引力減小，則引力不足以提供地球做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力，則地球?qū)⒆鲭x心運(yùn)動(dòng)，軌道半徑變大，故AB錯(cuò)誤；

CD.根據(jù)牛頓第二定律有GMmr2=m4π2T2r6.【答案】A

【解析】AC連線中點(diǎn)D的電勢(shì)為φD=6+22V=4V，連接BD為一等勢(shì)面，過A7.【答案】D

【解析】A、由電勢(shì)隨坐標(biāo)的變化圖像可知在x1～x2范圍內(nèi)，O點(diǎn)的電勢(shì)最高，故A錯(cuò)誤；

B、φ-x圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，則在x1～x2范圍內(nèi)，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度最小(為零)，故B錯(cuò)誤；

C、因x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)均小于零，且φ-x圖關(guān)于y軸對(duì)稱，表明是一對(duì)等量負(fù)電荷激發(fā)的電場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；

D、x1～O電場(chǎng)沿x8.【答案】C

【解析】A.帶電小球所受合力指向軌跡的凹側(cè)方向，由圖可知小球所受電場(chǎng)力大致指向左上方，所以小球帶正電，故A錯(cuò)誤；

BC.帶正電的小球僅在重力和該點(diǎn)電荷電場(chǎng)力作用下在豎直面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，則小球的電勢(shì)能和機(jī)械能之和不變，由能量守恒定律可知，帶正電的小球在M點(diǎn)的電勢(shì)能等于在N點(diǎn)的電勢(shì)能，則帶正電的小球在M點(diǎn)的機(jī)械能等于在N點(diǎn)的機(jī)械能；根據(jù)正點(diǎn)電荷的電勢(shì)分布情況可知φM

=φN

>φP，根據(jù)Ep=qφ可知，且ED.從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)的過程中，根據(jù)電場(chǎng)力與運(yùn)動(dòng)方向的夾角，剛開始夾角為鈍角，做負(fù)功；后變?yōu)殇J角，做正功，故電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，故D錯(cuò)誤。9.【答案】C

【解析】AC、由電表的改裝可知，電流表應(yīng)是G與R并聯(lián)(甲圖)，改裝后加在G兩端的最大電壓Ug=IgRg不變，所以并聯(lián)電阻R越大，I=Ig+IR越小，即量程越小；若改裝后的電表示數(shù)略微偏大，說明所并聯(lián)電阻的分流偏小，則分流電阻阻值偏大，可將R值稍微調(diào)小，故A錯(cuò)誤，C正確；

BD、對(duì)于電壓表應(yīng)是G與R串聯(lián)10.【答案】B

【解析】AB.小球接觸彈簧前做自由落體運(yùn)動(dòng)，則P=mgv=mg2gx，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)可知P-x圖像是開口向右的拋物線；小球開始接觸彈簧，向下的合力減小，做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)彈簧彈力等于重力時(shí)，加速度為零，此時(shí)速度最大，小球重力的瞬時(shí)功率最大；之后做減速運(yùn)動(dòng)，直到速度減為零，小球向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)，此時(shí)小球重力的瞬時(shí)功率為零，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.11.【答案】D

【解析】A、設(shè)小球從圖中位置轉(zhuǎn)過θ時(shí)，小球只受重力，此時(shí)有mgr(1-cosθ)=12mv2，mgcosθ=mv2r，聯(lián)立解得cosθ=23，即此時(shí)桿對(duì)小球沒有作用力，則小球?qū)U也沒有作用力，故A錯(cuò)誤；

B、根據(jù)A選項(xiàng)分析可知小球?qū)U的作用力先減小到0后增大，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)mgh=12mv2，解得v=12.【答案】(1)；

(2)B；

(3)0.23

(4)5.8(5.6-6.0)

(5)隨著電流(【解析】(1)為了測(cè)繪小燈泡的I-U圖像來研究小燈泡的電阻隨電壓變化的規(guī)律，所以還應(yīng)有電流表，由于小燈泡電阻較小，所以電流表應(yīng)外接，故電路圖如圖：

。

(2)開關(guān)S閉合之前，滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)置于B處，使在剛好閉合S時(shí)，測(cè)量電路部分處于短路狀態(tài)電流表和電壓表的示數(shù)均為零，起保護(hù)作用。

(3)電流表量程為0.6A，由圖可知電流表讀書為0.23A。

(4)由于小燈泡的額定電壓為2.5V，由圖可知，電流為0.43A，由歐姆定律

R=UI13.【答案】解：(1)對(duì)A：vA=gt，

解得vA=2m/s。

(2)對(duì)系統(tǒng)，取向下為正方向，

根據(jù)動(dòng)量守恒mAv【解析】詳細(xì)解答和解析過程見【答案】14.【答案】解：(1)電動(dòng)機(jī)未啟動(dòng)時(shí)，閉合電路歐姆定律E=I1(R+r)，解得R=EI1-r?！窘馕觥吭敿?xì)解答和解析過程見【答案】15.【答案】解：(1)對(duì)物體L1=0+vB2t0，

解得vB=4m/s。

(2)在傳送帶上，物體的加速度a=μ2g=2m/s2，

與傳送帶達(dá)到共速的時(shí)間t1=v-vBa=1s，

物塊的位移x