2024屆福建省泉州市高三下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題 含答案及解析版物理試卷

屆福建省泉州市高三下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題1．新修訂的《中華人民共和國(guó)體育法》明確規(guī)定“要保障學(xué)生在校期間每天參加不少于一小時(shí)體育鍛煉”。如圖，某學(xué)生在鍛煉時(shí)雙手握緊單杠懸垂靜止不動(dòng)，則（）A．單杠對(duì)雙手的作用力方向豎直向上B．單杠對(duì)雙手的作用力大于該生的重力C．雙手對(duì)單杠的作用力大于單杠對(duì)雙手的作用力D．雙手抓單杠越緊，單杠對(duì)雙手的作用力越大2．德化白瓷享譽(yù)世界。如圖，向陶瓷茶杯倒入一定量的熱水，迅速蓋上杯蓋后，發(fā)現(xiàn)杯蓋被頂起又落下發(fā)出“哐哐”的聲響。下列說(shuō)法正確的是（）A．杯蓋被頂起是杯內(nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果B．杯蓋被頂起說(shuō)明杯內(nèi)每個(gè)氣體分子動(dòng)能都增大C．杯蓋不再被頂起后，封閉在杯子內(nèi)氣體的內(nèi)能一定保持不變D．杯蓋不再被頂起后，杯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)有可能大于杯外大氣壓強(qiáng)3．為了研究繩波的規(guī)律，設(shè)想把繩分成許多小的部分，每一小部分均視為質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間有相互作用。如圖，t=0時(shí)，繩上每個(gè)質(zhì)點(diǎn)都處于平衡位置，t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)1到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)4剛要離開(kāi)平衡位置向上振動(dòng)，圖中箭頭表示質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，則t=0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)10~16間的波形為（）ABCD4．一豎直輕彈簧下端固定，質(zhì)量為m的水平木板P與彈簧上端栓接，木板上再放一質(zhì)量也為m的小物塊Q，靜止時(shí)位置如圖所示?，F(xiàn)對(duì)Q施加一豎直向上、大小為12mg的恒力F，已知重力加速度大小為A．剛施加力F時(shí)，Q對(duì)P的壓力大小為1B．施加力F后，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中P、Q可能分離C．P運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈力大小為1D．P從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程，彈簧彈性勢(shì)能減少量等于P重力勢(shì)能增加量的1.5倍5．（多選）如圖為新能源電動(dòng)汽車的無(wú)線充電變壓器線圈。已知送電線圈ab、受電線圈cd的匝數(shù)比n1:n2=10:1，aA．送電線圈電壓有效值為220VB．受電線圈產(chǎn)生的交變電流的頻率為5HzC．a(chǎn)、b兩端輸入的交變電流方向每秒變化100次D．在t=0.01s6．（多選）北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的MEO衛(wèi)星為中圓軌道衛(wèi)星，利用引力常量G和下列數(shù)據(jù)，能計(jì)算出地球質(zhì)量的是（）A．MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑和線速度B．MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑和運(yùn)行周期C．地球表面重力加速度和MEO衛(wèi)星繞地球的線速度D．地球表面重力加速度和MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑7．（多選）如圖甲所示的xOy坐標(biāo)系中，y軸上固定有兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷P，與原點(diǎn)O的距離相同，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φ隨x坐標(biāo)變化的圖像如圖乙所示。a、b是x軸上兩點(diǎn)，其電勢(shì)分別為φa和φb，對(duì)應(yīng)φ—x圖線上的a'、b'兩點(diǎn)，這兩點(diǎn)切線斜率的絕對(duì)值相等。現(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的正點(diǎn)電荷M從A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同B．M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能先增大后減小C．M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中加速度大小先減小后增大D．M先后兩次經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的過(guò)程，電場(chǎng)力的沖量大小為28．（多選）如圖為一磁約束裝置的簡(jiǎn)化示意圖，內(nèi)半徑為R、外半徑為3R的環(huán)狀區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。圓心O和內(nèi)圓邊界上S處各有一粒子源，兩粒子源均可沿紙面內(nèi)任意方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q的相同帶電粒子。不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用和碰撞，下列說(shuō)法正確的是（）A．從S點(diǎn)射出的粒子速率只要小于2qBRmB．從S點(diǎn)射出的粒子速率只要大于2qBRmC．從O點(diǎn)射出的粒子速率只要小于4qBR3mD．從O點(diǎn)射出的粒子速率只要大于qBRm9．被稱為“火焰發(fā)現(xiàn)者”的火災(zāi)報(bào)警器，其光電管的陰極對(duì)室內(nèi)燈光中的紫外線毫無(wú)反應(yīng)，只有被明火中的紫外線照射時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電流而引起報(bào)警。已知光電管陰極的金屬發(fā)生光電效應(yīng)的截止頻率為ν0，燈光中紫外線的頻率為ν1，明火中紫外線的頻率為ν2，則ν1ν210．生活中可以觀察到許多有趣的光學(xué)現(xiàn)象。雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是光的（選填“干涉”“衍射”）現(xiàn)象；在炎熱的夏天，往前方遠(yuǎn)處路面看去，路面上好像有一灘水，還映出了前車的倒影，如圖所示，其原因是高溫使得貼近地面的空氣層折射率（選填“大于”“小于”）離地面較高的空氣層折射率。11．利用霍爾效應(yīng)制成的傳感器被廣泛應(yīng)用于自動(dòng)控制等領(lǐng)域。如圖，寬為d的金屬板置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與金屬板垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。當(dāng)金屬板通入如圖所示的電流時(shí)，金屬板（填“上”“下”）表面聚集電子，產(chǎn)生霍爾電壓；若已知電子定向移動(dòng)速率為v，則金屬板上產(chǎn)生的霍爾電壓為。12．用如圖甲所示的裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。在豎直放置的硬板上先后鋪上方格紙和復(fù)寫(xiě)紙并用圖釘固定，調(diào)整斜槽PQ使其末端切線水平，同時(shí)在末端Q掛上重錘線。小球沿斜槽軌道滑下后從Q點(diǎn)水平飛出，落在接球槽MN上，在方格紙上留下一個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)接球槽，從同一位置由靜止釋放小球，多次重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。已知重力加速度大小為g。(1)對(duì)本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A．接球槽MN高度可以不等間距變化B．畫(huà)軌跡時(shí)應(yīng)把所有痕跡點(diǎn)用線段連接起來(lái)C．利用痕跡點(diǎn)描繪軌跡時(shí)，應(yīng)把Q點(diǎn)作為平拋起點(diǎn)(2)某次實(shí)驗(yàn)正確操作記錄的三個(gè)痕跡點(diǎn)A、B、C如圖乙所示，圖中每個(gè)方格的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，可判斷點(diǎn)A（選填“是”或“不是”）小球做平拋運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)；小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度表達(dá)式v0=（用g、13．某同學(xué)用多用電表的歐姆擋粗測(cè)J0408型電壓表“0~3V”擋的內(nèi)阻，同時(shí)估測(cè)多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)。（1）將多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×1”擋。（2）將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。（3）如圖甲，將多用電表的紅表筆和（填“-”或“3V”）接線柱相連，黑表筆連接另一接線柱。拍照記錄多用電表和電壓表的示數(shù)。（4）依次將多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×10”“×100”擋，重復(fù)（2）（3）操作，拍照記錄的圖片如圖乙所示。圖①②③為電壓表指針偏轉(zhuǎn)情況，圖（a）（b）（c）為多用電表指針偏轉(zhuǎn)情況，圖片正確的對(duì)應(yīng)關(guān)系是。A．①（a），②（b），③（c）

B．①（b），②（c），③（a）C．①（c），②（b），③（a）

D．①（a），②（c），③（b）（5）由乙圖可以直接讀出電壓表“0~3V”擋的內(nèi)阻約為Ω，多用電表“×100”擋內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)約為V。（6）多用電表使用較長(zhǎng)時(shí)間后，選用“×1k”擋測(cè)量該電壓表“0~15V”擋的內(nèi)阻，將紅、黑表筆短接后進(jìn)行歐姆調(diào)零，發(fā)現(xiàn)指針無(wú)法指到0Ω刻度線。若此時(shí)仍進(jìn)行測(cè)量操作，則測(cè)得的阻值與真實(shí)值相比（填“偏大”“相等”或“偏小”）。

14．電磁緩速器是提高車輛運(yùn)行安全性的輔助制動(dòng)裝置。如圖，遙控小車在水平地面上以大小為v的速度向右運(yùn)動(dòng)，小車底部安裝了一個(gè)匝數(shù)為N、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平正方形線圈abcd，線圈總電阻為R，小車和線圈的總質(zhì)量為m。前方地面正方形區(qū)域內(nèi)存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)立即關(guān)閉小車動(dòng)力，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)小車速度恰好為零。已知小車受到地面阻力大小恒為f。求：（1）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線圈中的電流；（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程通過(guò)導(dǎo)線某一橫截面的電荷量；（3）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱。

15．如圖，水平面上固定一傾角θ=37°的斜面軌道AB，底端通過(guò)水平軌道BC與一半徑R=0.1m的豎直圓軌道平滑連接，右側(cè)放置一半徑r=0.4m的水平細(xì)圓管，在圓管中靜置小滑塊b，初始時(shí)水平圓管K處開(kāi)口，K與E之間用一水平軌道連接?，F(xiàn)將小滑塊a從斜面上離水平面高h(yuǎn)處由靜止釋放，a運(yùn)動(dòng)到圓軌道最高點(diǎn)D時(shí)，軌道對(duì)它的彈力大小為a重力的11倍。已知a的質(zhì)量m1=0.3kg，b的質(zhì)量m2=0.1kg，a與斜面軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)（1）求a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a；（2）求h的值；（3）若a從開(kāi)口K進(jìn)入圓管后，立即撤去軌道EK，并將缺口補(bǔ)完整成為閉合圓管，a、b發(fā)生彈性碰撞，水平圓管始終保持靜止。從a、b碰后至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間，水平面對(duì)圓管的摩擦力最小？最小值為多少？

16．如圖甲，水平面上的O點(diǎn)處鎖定一小物塊A，其左端通過(guò)絕緣輕繩繞過(guò)光滑定滑輪與固定光滑斜面上的不帶電小物塊B連接，滑輪左側(cè)輕繩與斜面平行且足夠長(zhǎng)，右側(cè)輕繩水平。以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立水平坐標(biāo)軸Ox，A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ隨位置x的變化關(guān)系圖像如圖乙所示。已知斜面傾角θ=30°，A、B的質(zhì)量均為m=1kg，A的電荷量q=+1×10﹣5C（1）求輕繩的拉力大小F1（2）求解除A的鎖定瞬間，輕繩的拉力大小F2（3）解除A的鎖定后，在A的速度達(dá)到最大時(shí)立即撤去電場(chǎng)，求A向右運(yùn)動(dòng)能到達(dá)的最遠(yuǎn)位置的坐標(biāo)。

2024屆福建省泉州市高三下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題1．新修訂的《中華人民共和國(guó)體育法》明確規(guī)定“要保障學(xué)生在校期間每天參加不少于一小時(shí)體育鍛煉”。如圖，某學(xué)生在鍛煉時(shí)雙手握緊單杠懸垂靜止不動(dòng)，則（）A．單杠對(duì)雙手的作用力方向豎直向上B．單杠對(duì)雙手的作用力大于該生的重力C．雙手對(duì)單杠的作用力大于單杠對(duì)雙手的作用力D．雙手抓單杠越緊，單杠對(duì)雙手的作用力越大1.【答案】A【解析】學(xué)生在鍛煉時(shí)雙手握緊單杠懸垂靜止不動(dòng)，受重力和單杠對(duì)雙手的作用力，根據(jù)力的平衡條件可知，單杠對(duì)雙手的作用力方向豎直向上，大小與重力相等，故A正確，BD錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，雙手對(duì)單杠的作用力等于單杠對(duì)雙手的作用力，故C錯(cuò)誤；故選A。2．德化白瓷享譽(yù)世界。如圖，向陶瓷茶杯倒入一定量的熱水，迅速蓋上杯蓋后，發(fā)現(xiàn)杯蓋被頂起又落下發(fā)出“哐哐”的聲響。下列說(shuō)法正確的是（）A．杯蓋被頂起是杯內(nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果B．杯蓋被頂起說(shuō)明杯內(nèi)每個(gè)氣體分子動(dòng)能都增大C．杯蓋不再被頂起后，封閉在杯子內(nèi)氣體的內(nèi)能一定保持不變D．杯蓋不再被頂起后，杯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)有可能大于杯外大氣壓強(qiáng)2.【答案】D【解析】杯蓋被頂起是杯內(nèi)氣體溫度升高，壓強(qiáng)增大的結(jié)果；氣體溫度升高，說(shuō)明氣體分子平均動(dòng)能增大，但不是每個(gè)氣體分子動(dòng)能都增大，故AB錯(cuò)誤；杯蓋不再被頂起后，封閉在杯子內(nèi)氣體的溫度可能繼續(xù)升高，杯子內(nèi)氣體的內(nèi)能可能增大，故C錯(cuò)誤；杯蓋不再被頂起后，設(shè)杯蓋的質(zhì)量為m，根據(jù)受力分析可知pS≤p03．為了研究繩波的規(guī)律，設(shè)想把繩分成許多小的部分，每一小部分均視為質(zhì)點(diǎn)，相鄰兩質(zhì)點(diǎn)間有相互作用。如圖，t=0時(shí)，繩上每個(gè)質(zhì)點(diǎn)都處于平衡位置，t=0.1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)1到達(dá)波峰，質(zhì)點(diǎn)4剛要離開(kāi)平衡位置向上振動(dòng)，圖中箭頭表示質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向，則t=0.5s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)10~16間的波形為（）ABCD3.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知，周期T=0.4s，所以從t4．一豎直輕彈簧下端固定，質(zhì)量為m的水平木板P與彈簧上端栓接，木板上再放一質(zhì)量也為m的小物塊Q，靜止時(shí)位置如圖所示。現(xiàn)對(duì)Q施加一豎直向上、大小為12mg的恒力F，已知重力加速度大小為A．剛施加力F時(shí)，Q對(duì)P的壓力大小為1B．施加力F后，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中P、Q可能分離C．P運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，彈簧的彈力大小為1D．P從開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程，彈簧彈性勢(shì)能減少量等于P重力勢(shì)能增加量的1.5倍4.【答案】D【解析】剛施加力F時(shí)，對(duì)P、Q整體進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有12mg=2ma1，解得a1=14g，對(duì)Q進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有N1+12mg?mg=ma1，根據(jù)牛頓第三定律有N2=N1，解得Q對(duì)P的壓力大小N2=34mg，故A錯(cuò)誤；假設(shè)P、Q分離，則兩者之間彈力為0，對(duì)Q進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有mg?12mg=ma2，解得加速度大小a2=12g，方向豎直向下。施加拉力后，對(duì)P、Q整體進(jìn)行分析，令平衡位置的壓縮量為x0，則有12mg+kx0=2mg，令整體相對(duì)平衡位置位移為x，則回復(fù)力F回=125．（多選）如圖為新能源電動(dòng)汽車的無(wú)線充電變壓器線圈。已知送電線圈ab、受電線圈cd的匝數(shù)比n1:n2=10:1，aA．送電線圈電壓有效值為220VB．受電線圈產(chǎn)生的交變電流的頻率為5HzC．a(chǎn)、b兩端輸入的交變電流方向每秒變化100次D．在t=0.01s5.【答案】AC【解析】送電線圈電壓有效值U=Um2=220V，故A正確；由題意得ω=100π，交變電流的頻率f=ω2π=50Hz，受電線圈產(chǎn)生的交變電流的頻率為50Hz，由于正弦式交流電每個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，所以每秒變化100次，故B錯(cuò)誤，C正確；在t=0.01s6．（多選）北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)中的MEO衛(wèi)星為中圓軌道衛(wèi)星，利用引力常量G和下列數(shù)據(jù)，能計(jì)算出地球質(zhì)量的是（）A．MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑和線速度B．MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑和運(yùn)行周期C．地球表面重力加速度和MEO衛(wèi)星繞地球的線速度D．地球表面重力加速度和MEO衛(wèi)星繞地球的軌道半徑6.【答案】AB【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有GMmr2=mv2r=m4π2T2r，所以M=7．（多選）如圖甲所示的xOy坐標(biāo)系中，y軸上固定有兩個(gè)等量同種點(diǎn)電荷P，與原點(diǎn)O的距離相同，x軸上各點(diǎn)的電勢(shì)φ隨x坐標(biāo)變化的圖像如圖乙所示。a、b是x軸上兩點(diǎn)，其電勢(shì)分別為φa和φb，對(duì)應(yīng)φ—x圖線上的a'、b'兩點(diǎn)，這兩點(diǎn)切線斜率的絕對(duì)值相等?，F(xiàn)將一質(zhì)量為m、電荷量為q的正點(diǎn)電荷M從A．a(chǎn)、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)不相同B．M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中電勢(shì)能先增大后減小C．M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中加速度大小先減小后增大D．M先后兩次經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的過(guò)程，電場(chǎng)力的沖量大小為27.【答案】AD【解析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系E=ΔφΔx，可知圖線的斜率可以表達(dá)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由題知，a'、b'這兩點(diǎn)切線斜率的絕對(duì)值相等。說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)大小相同，但該兩點(diǎn)在y軸左右兩側(cè)，故場(chǎng)強(qiáng)方向不相同，A正確；若兩電荷為等量的正電荷，兩電荷的垂直平分線與y軸的交點(diǎn)處的電勢(shì)最高，而圖乙中可知，兩電荷的垂直平分線與y軸的交點(diǎn)處的電勢(shì)最低。則為等量的負(fù)電荷；M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故電勢(shì)能先減小后增大，B錯(cuò)誤；電荷量為q的正點(diǎn)電荷M從a點(diǎn)由靜止釋放，由圖乙分析知，圖線的斜率先增大后減小再增大，故M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中加速度大小先增大后減小再增大，C錯(cuò)誤；M從a經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理知qUab=12mvb2?0，設(shè)初動(dòng)量為p，a→b為正方向，則p=mvb，解得p=2mqφa?8．（多選）如圖為一磁約束裝置的簡(jiǎn)化示意圖，內(nèi)半徑為R、外半徑為3R的環(huán)狀區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。圓心O和內(nèi)圓邊界上S處各有一粒子源，兩粒子源均可沿紙面內(nèi)任意方向射出質(zhì)量為m、電荷量為q的相同帶電粒子。不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用和碰撞，下列說(shuō)法正確的是（）A．從S點(diǎn)射出的粒子速率只要小于2qBRmB．從S點(diǎn)射出的粒子速率只要大于2qBRmC．從O點(diǎn)射出的粒子速率只要小于4qBR3mD．從O點(diǎn)射出的粒子速率只要大于qBRm8.【答案】BC【解析】假設(shè)粒子帶負(fù)電，從S點(diǎn)射出的粒子最容易從外邊界離開(kāi)磁場(chǎng)的軌跡如圖由幾何關(guān)系可得r=3R?R2=R，根據(jù)qvB=mv2r，解得v=qBRm，同理粒子速度向下對(duì)應(yīng)最不容易從大圓射出磁場(chǎng)，與大圓的左邊界相切，此時(shí)的半徑r=3R+R2=2R，對(duì)應(yīng)的速度為v=由幾何關(guān)系，可得3R?r'2=r'2+R2，根據(jù)qv'B=mv'2r'，聯(lián)立解得v'=9．被稱為“火焰發(fā)現(xiàn)者”的火災(zāi)報(bào)警器，其光電管的陰極對(duì)室內(nèi)燈光中的紫外線毫無(wú)反應(yīng)，只有被明火中的紫外線照射時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電流而引起報(bào)警。已知光電管陰極的金屬發(fā)生光電效應(yīng)的截止頻率為ν0，燈光中紫外線的頻率為ν1，明火中紫外線的頻率為ν2，則ν1ν29.【答案】<?【解析】由題知，其光電管的陰極對(duì)室內(nèi)燈光中的紫外線毫無(wú)反應(yīng)，說(shuō)明ν1<ν0，被明火中的紫外線照射時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電流，說(shuō)明ν0<ν2，則ν110．生活中可以觀察到許多有趣的光學(xué)現(xiàn)象。雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是光的（選填“干涉”“衍射”）現(xiàn)象；在炎熱的夏天，往前方遠(yuǎn)處路面看去，路面上好像有一灘水，還映出了前車的倒影，如圖所示，其原因是高溫使得貼近地面的空氣層折射率（選填“大于”“小于”）離地面較高的空氣層折射率。10.【答案】干涉小于【解析】雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象；在炎熱的夏天，往前方遠(yuǎn)處路面看去，路面上好像有一灘水，還映出了前車的倒影，是光的全反射造成的，原因是越靠近地面處折射率越小。11．利用霍爾效應(yīng)制成的傳感器被廣泛應(yīng)用于自動(dòng)控制等領(lǐng)域。如圖，寬為d的金屬板置于勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁場(chǎng)方向與金屬板垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。當(dāng)金屬板通入如圖所示的電流時(shí)，金屬板（填“上”“下”）表面聚集電子，產(chǎn)生霍爾電壓；若已知電子定向移動(dòng)速率為v，則金屬板上產(chǎn)生的霍爾電壓為。11.【答案】上Bdv【解析】根據(jù)左手定則可以判斷，金屬板中電子定向移動(dòng)時(shí)受到指向上表面的洛倫茲力，金屬板上表面聚集電子。電子所受靜電力與磁場(chǎng)力相等時(shí)達(dá)到平衡，上、下表面間的霍爾電壓保持不變，根據(jù)平衡條件得qvB=qUd，解得12．用如圖甲所示的裝置探究平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律。在豎直放置的硬板上先后鋪上方格紙和復(fù)寫(xiě)紙并用圖釘固定，調(diào)整斜槽PQ使其末端切線水平，同時(shí)在末端Q掛上重錘線。小球沿斜槽軌道滑下后從Q點(diǎn)水平飛出，落在接球槽MN上，在方格紙上留下一個(gè)痕跡點(diǎn)。移動(dòng)接球槽，從同一位置由靜止釋放小球，多次重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點(diǎn)。已知重力加速度大小為g。(1)對(duì)本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是______。A．接球槽MN高度可以不等間距變化B．畫(huà)軌跡時(shí)應(yīng)把所有痕跡點(diǎn)用線段連接起來(lái)C．利用痕跡點(diǎn)描繪軌跡時(shí)，應(yīng)把Q點(diǎn)作為平拋起點(diǎn)(2)某次實(shí)驗(yàn)正確操作記錄的三個(gè)痕跡點(diǎn)A、B、C如圖乙所示，圖中每個(gè)方格的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，可判斷點(diǎn)A（選填“是”或“不是”）小球做平拋運(yùn)動(dòng)的起點(diǎn)；小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度表達(dá)式v0=（用g、12.【答案】(1)A(2)不是3gL【解析】（1）擋板只要能記錄下鋼球下落在不同高度時(shí)的不同的位置即可，不需要等間距變化，故A正確；為描出鋼球的運(yùn)動(dòng)軌跡，痕跡點(diǎn)應(yīng)用平滑的曲線連接，故B錯(cuò)誤；利用痕跡點(diǎn)描繪軌跡時(shí)，應(yīng)小球球心位置作為平拋起點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；故選A。（2）假設(shè)A點(diǎn)為拋出點(diǎn)，則豎直方向初速度為零，物體在豎直方向做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，A、B、C相鄰兩點(diǎn)間的豎直位移之比應(yīng)為1∶3，而題圖中位移之比為2∶5，所以A點(diǎn)不是拋出點(diǎn)。根據(jù)Δx=gT2可知豎直方向滿足5L?2L=gT2，解得T=3Lg13．某同學(xué)用多用電表的歐姆擋粗測(cè)J0408型電壓表“0~3V”擋的內(nèi)阻，同時(shí)估測(cè)多用電表內(nèi)電池的電動(dòng)勢(shì)。（1）將多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×1”擋。（2）將紅表筆和黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。（3）如圖甲，將多用電表的紅表筆和（填“-”或“3V”）接線柱相連，黑表筆連接另一接線柱。拍照記錄多用電表和電壓表的示數(shù)。（4）依次將多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×10”“×100”擋，重復(fù)（2）（3）操作，拍照記錄的圖片如圖乙所示。圖①②③為電壓表指針偏轉(zhuǎn)情況，圖（a）（b）（c）為多用電表指針偏轉(zhuǎn)情況，圖片正確的對(duì)應(yīng)關(guān)系是。A．①（a），②（b），③（c）

B．①（b），②（c），③（a）C．①（c），②（b），③（a）

D．①（a），②（c），③（b）（5）由乙圖可以直接讀出電壓表“0~3V”擋的內(nèi)阻約為Ω，多用電表“×100”擋內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)約為V。（6）多用電表使用較長(zhǎng)時(shí)間后，選用“×1k”擋測(cè)量該電壓表“0~15V”擋的內(nèi)阻，將紅、黑表筆短接后進(jìn)行歐姆調(diào)零，發(fā)現(xiàn)指針無(wú)法指到0Ω刻度線。若此時(shí)仍進(jìn)行測(cè)量操作，則測(cè)得的阻值與真實(shí)值相比（填“偏大”“相等”或“偏小”）。13.【答案】（3）-（4）A（5）29001.6（6）偏大【解析】（3）多用電表的電流由紅表筆流入，則紅表筆接電壓表的“-”接線柱相連；（4）多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×1”擋，多用電表內(nèi)阻較小，此時(shí)多用電表幾乎不偏轉(zhuǎn)，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻的關(guān)系可知電壓表對(duì)應(yīng)③；多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×100”擋，多用電表內(nèi)阻較大，此時(shí)多用電表測(cè)量電壓表電阻，對(duì)應(yīng)（a），根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻的關(guān)系可知電壓表對(duì)應(yīng)①；故選A。（5）多用電表?yè)跷恍o調(diào)到電阻“×100”擋，可知電壓表內(nèi)阻為2900Ω，結(jié)合電壓表讀數(shù)可知，多用電表“×100”擋內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)約為E=1.05V+（6）將紅、黑表筆短接后進(jìn)行歐姆調(diào)零，發(fā)現(xiàn)指針無(wú)法指到0Ω刻度線，則測(cè)量過(guò)程中指針相對(duì)真實(shí)值向左偏，即測(cè)量值偏大。14．電磁緩速器是提高車輛運(yùn)行安全性的輔助制動(dòng)裝置。如圖，遙控小車在水平地面上以大小為v的速度向右運(yùn)動(dòng)，小車底部安裝了一個(gè)匝數(shù)為N、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的水平正方形線圈abcd，線圈總電阻為R，小車和線圈的總質(zhì)量為m。前方地面正方形區(qū)域內(nèi)存在方向豎直向下、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)立即關(guān)閉小車動(dòng)力，cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)小車速度恰好為零。已知小車受到地面阻力大小恒為f。求：（1）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線圈中的電流；（2）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程通過(guò)導(dǎo)線某一橫截面的電荷量；（3）線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱。14.【答案】（1）NBLvR（2）NBL【解析】（1）ab邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=NBLv線圈中的電流I=解得I=NBLv（2）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有E線圈中的平均電流I通過(guò)導(dǎo)線某一橫截面的電荷量q=解得q=NB（3）根據(jù)能量守恒定律可得，線圈進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程產(chǎn)生的焦耳熱Q=115．如圖，水平面上固定一傾角θ=37°的斜面軌道AB，底端通過(guò)水平軌道BC與一半徑R=0.1m的豎直圓軌道平滑連接，右側(cè)放置一半徑r=0.4m的水平細(xì)圓管，在圓管中靜置小滑塊b，初始時(shí)水平圓管K處開(kāi)口，K與E之間用一水平軌道連接?，F(xiàn)將小滑塊a從斜面上離水平面高h(yuǎn)處由靜止釋放，a運(yùn)動(dòng)到圓軌道最高點(diǎn)D時(shí)，軌道對(duì)它的彈力大小為a重力的11倍。已知a的質(zhì)量m1=0.3kg，b的質(zhì)量m2=0.1kg，a與斜面軌道之間的動(dòng)摩擦因數(shù)（1）求a沿斜面向下運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小a；（2）求h的值；（3）若a從開(kāi)口K進(jìn)入圓管后，立即撤去軌道EK，并將缺口補(bǔ)完整成為閉合圓管，a、b發(fā)生彈性碰撞，水平圓管始終保持靜止。從a、b碰后至少經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)時(shí)間，水平面對(duì)圓管的摩擦力最小？最小值為多少？15.【答案】（1）2m/s2（2）2.4m【解析】（1）a在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓第二定律有m解得a=2m/s（2）設(shè)a過(guò)D點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，由牛頓第二定律得11設(shè)a運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)的速度大小為vv從C到運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)的過(guò)程中，由機(jī)械能守恒定律得1解得?=2.4m（3）設(shè)a、b第一次相撞后a的速度大小為v1，b的速度大小為vm1得v1=2圓管對(duì)a、b水平方向上的彈力分別為NN根據(jù)牛頓第三定律得，a、b對(duì)圓管水平方向上的彈力N1'當(dāng)a、b與圓管圓心第一次共線時(shí)，N1'和N設(shè)所求時(shí)間為t，則有v解得t=π16．如圖甲，水平面上的O點(diǎn)處鎖定一小物塊A，其左端通過(guò)絕緣輕繩繞過(guò)光滑定滑輪與固定光滑斜面上的不帶電小物塊B連接，滑輪左側(cè)輕繩與斜面平行且足夠長(zhǎng)，右側(cè)輕繩水平。以O(shè)點(diǎn)為原點(diǎn)建立水平坐標(biāo)軸Ox，A與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ隨位置x的變化關(guān)系圖像如圖乙所示。已知斜面傾角θ=30°，A、B的質(zhì)量均為m=1kg，A的電荷量q=+1×10﹣5C（1）求輕繩的拉力大小F1（2）求解除A的鎖定瞬間，輕繩的拉力大小F2（3）解除A的鎖定后，在A的速度達(dá)到最大時(shí)立即撤去電場(chǎng)，求A向右運(yùn)動(dòng)能到達(dá)的最遠(yuǎn)位置的坐標(biāo)。16.【答案】（1）5N（2）7.25N（3）5.5m【解析】（1）對(duì)B物體，由平衡條件有F解得F1（2）解除A瞬間，設(shè)A、B的加速度大小為a，對(duì)A、B，由牛頓第二定律得qE?F解得F2（3）解除A后，設(shè)A在x0處速度最大，此時(shí)加速度為零，繩拉力為F3qE?F由乙圖可知μ=kx=0.1x解得x設(shè)撤去電場(chǎng)力后，當(dāng)輕繩剛好松弛時(shí)，A的位置在x1處，此時(shí)A、B的加速度大小都為a1，對(duì)B，有對(duì)A，有μ解得x設(shè)此時(shí)系統(tǒng)度大小為v1，根據(jù)能量守恒定律有W解得vA經(jīng)過(guò)x1位置后，A的加速度大于B的加速度，輕繩松弛，此后A僅在摩擦力作用下作減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)到x2處速度為零，根據(jù)動(dòng)能定理?解得x22024屆福建省泉州市高三下學(xué)期5月質(zhì)量檢測(cè)（二模）物理試題答案1.【答案】A【解析】學(xué)生在鍛煉時(shí)雙手握緊單杠懸垂靜止不動(dòng)，受重力和單杠對(duì)雙手的作用力，根據(jù)力的平衡條件可知，單杠對(duì)雙手的作用力方向豎直向上，大小與重力相等，故A正確，BD錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第三定律可知，雙手對(duì)單杠的作用力等于單杠對(duì)雙手的作用力，故C錯(cuò)誤；故選A。2.【答案】D【解析】杯蓋被頂起是杯內(nèi)氣體溫度升高，壓強(qiáng)增大的結(jié)果；氣體溫度升高，說(shuō)明氣體分子平均動(dòng)能增大，但不是每個(gè)氣體分子動(dòng)能都增大，故AB錯(cuò)誤；杯蓋不再被頂起后，封閉在杯子內(nèi)氣體的溫度可能繼續(xù)升高，杯子內(nèi)氣體的內(nèi)能可能增大，故C錯(cuò)誤；杯蓋不再被頂起后，設(shè)杯蓋的質(zhì)量為m，根據(jù)受力分析可知pS≤p03.【答案】C【解析】根據(jù)題意可知，周期T=0.4s，所以從t4.【答案】D【解析】剛施加力F時(shí)，對(duì)P、Q整體進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有12mg=2ma1，解得a1=14g，對(duì)Q進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有N1+12mg?mg=ma1，根據(jù)牛頓第三定律有N2=N1，解得Q對(duì)P的壓力大小N2=34mg，故A錯(cuò)誤；假設(shè)P、Q分離，則兩者之間彈力為0，對(duì)Q進(jìn)行分析，根據(jù)牛頓第二定律有mg?12mg=ma2，解得加速度大小a2=12g，方向豎直向下。施加拉力后，對(duì)P、Q整體進(jìn)行分析，令平衡位置的壓縮量為x0，則有12mg+kx0=2mg，令整體相對(duì)平衡位置位移為x，則回復(fù)力F回=125.【答案】AC【解析】送電線圈電壓有效值U=Um2=220V，故A正確；由題意得ω=100π，交變電流的頻率f=ω2π=50Hz，受電線圈產(chǎn)生的交變電流的頻率為50Hz，由于正弦式交流電每個(gè)周期內(nèi)電流方向改變兩次，所以每秒變化100次，故B錯(cuò)誤，C正確；在t=0.01s6.【答案】AB【解析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有GMmr2=mv2r=m4π2T2r，所以M=7.【答案】AD【解析】根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)的關(guān)系E=ΔφΔx，可知圖線的斜率可以表達(dá)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，由題知，a'、b'這兩點(diǎn)切線斜率的絕對(duì)值相等。說(shuō)明場(chǎng)強(qiáng)大小相同，但該兩點(diǎn)在y軸左右兩側(cè)，故場(chǎng)強(qiáng)方向不相同，A正確；若兩電荷為等量的正電荷，兩電荷的垂直平分線與y軸的交點(diǎn)處的電勢(shì)最高，而圖乙中可知，兩電荷的垂直平分線與y軸的交點(diǎn)處的電勢(shì)最低。則為等量的負(fù)電荷；M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，故電勢(shì)能先減小后增大，B錯(cuò)誤；電荷量為q的正點(diǎn)電荷M從a點(diǎn)由靜止釋放，由圖乙分析知，圖線的斜率先增大后減小再增大，故M從a點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)的過(guò)程中加速度大小先增大后減小再增大，C錯(cuò)誤；M從a經(jīng)過(guò)b點(diǎn)的過(guò)程，由動(dòng)能定理知qUab=12mvb2?0，設(shè)初動(dòng)量為p，a→b為正方向，則p=mvb，解得p=2mqφa?8.【答案】BC【解析】假設(shè)粒子帶負(fù)電，從S點(diǎn)射出的粒子最容易從外邊界離開(kāi)磁場(chǎng)的軌跡如圖由幾何關(guān)系可得r=3R?R2=R，根據(jù)qvB=mv2r，解得v=qBRm，同理粒子速度向下對(duì)應(yīng)最不容易從大圓射出磁場(chǎng)，與大圓的左邊界相切，此時(shí)的半徑r=3R+R2=2R，對(duì)應(yīng)的速度為v=由幾何關(guān)系，可得3R?r'2=r'2+R2，根據(jù)qv'B=mv'2r'，聯(lián)立解得v'=9.【答案】<?【解析】由題知，其光電管的陰極對(duì)室內(nèi)燈光中的紫外線毫無(wú)反應(yīng)，說(shuō)明ν1<ν0，被明火中的紫外線照射時(shí)才會(huì)產(chǎn)生光電流，說(shuō)明ν0<ν2，則ν110.【答案】干涉小于【解析】雨后路面上的油膜形成的彩色條紋是光的干涉現(xiàn)象；在炎熱的夏天，往前方遠(yuǎn)處路面看去，路面上好像有一灘水，還映出了前車的倒影，是光的全反射造成的，原因是越靠近地面處折射率越小。11.【答案】上Bdv【解析】根據(jù)左手定則可以判斷，金屬板中電子定向移動(dòng)時(shí)受到指向上表面的洛倫茲力，金屬板上表面聚集電子。電子所受靜電力與磁場(chǎng)力相等時(shí)達(dá)到平衡，上、下表面間的霍爾電壓保持不變，根據(jù)平衡條件得qvB=q