20xx年高中物理必修一第四章運(yùn)動(dòng)和力的關(guān)系(四十四)

單選題1、如圖所示，質(zhì)量為m的小球用一水平輕彈簧系住，并用傾角為60°的光滑木板AB托住，小球恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，在木板AB突然向下撤離的瞬間，小球的加速度為（

）A．0B．大小為g，方向豎直向下C．大小為g，方向垂直木板向下D．大小為2g，方向垂直木板向下答案：D木板撤去前，小球處于平衡態(tài)，受力如圖所示由平衡條件得F-Nsin60°=0Ncos60°-G=0木板A、B突然撤去后，支持力消失，重力和拉力不變，合力等于支持力N，方向與N反向，方向垂直于木板向下，由牛頓第二定律得，加速度為解得a=2g方向垂直于木板向下，故選D。2、處于豎直平面內(nèi)的某圓周的兩條直徑AB、CD間夾角為60°，其中直徑AB水平，AD與CD是光滑的細(xì)桿，穿過(guò)細(xì)桿的兩個(gè)小球分別從A點(diǎn)和C點(diǎn)由靜止釋放，它們下滑到D點(diǎn)的時(shí)間分別是t1、t2，則t1：t2是（

）A．1：1B．2：1C．D．答案：C由幾何關(guān)系得，AD與水平面的夾角為30°，設(shè)圓周的半徑為RxAD

=

2Rcos30°

=

R根據(jù)牛頓第二定律得，小球在AD上運(yùn)動(dòng)的加速度a1=

gsin30°

=

g根據(jù)xAD

=

a1t12得t1=

xCD

=

2R小球在CD上運(yùn)動(dòng)的加速度a2=

gsin60°

=

g根據(jù)xCD

=

a2t22得t2=

則

=

故選C。3、伽利略以前的學(xué)者認(rèn)為：物體越重，下落得越快。伽利略等一些物理學(xué)家否定了這種看法。在一高塔頂端同時(shí)釋放一片羽毛和一個(gè)玻璃球，玻璃球先于羽毛落到地面，這主要是因?yàn)椋ǎ〢．它們的質(zhì)量不等B．它們的密度不等C．它們的材料不同D．它們所受的空氣阻力對(duì)其下落的影響不同答案：D羽毛下落的速度比玻璃球慢是因?yàn)橛鹈艿降目諝庾枇ο鄬?duì)于它的自身重力較大，空氣阻力對(duì)羽毛下落的影響較大；而玻璃球受到的空氣阻力相對(duì)于其自身重力很小，空氣阻力對(duì)其下落的影響可以忽略，加速度故玻璃球的加速度大于羽毛的加速度，故玻璃球首先落地。故選D。4、機(jī)器人服務(wù)人類(lèi)的場(chǎng)景正步入現(xiàn)實(shí)生活中，例如餐廳中使用機(jī)器人來(lái)送餐，就越來(lái)越常見(jiàn)。如圖甲所示為某餐廳的送餐機(jī)器人，將其結(jié)構(gòu)簡(jiǎn)化為如圖乙所示的示意圖，機(jī)器人的上表面保持水平。則下列說(shuō)法中正確的是（）A．菜品隨著機(jī)器人一起做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，菜品受到與運(yùn)動(dòng)方向一致的摩擦力作用B．菜品隨著機(jī)器人一起做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，菜品對(duì)機(jī)器人的壓力和機(jī)器人對(duì)菜品的支持力是一對(duì)平衡力C．菜品隨著機(jī)器人一起做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，菜品的慣性逐漸增大D．菜品隨著機(jī)器人一起做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，機(jī)器人對(duì)菜品的作用力大于菜品的重力答案：DA．菜品隨著機(jī)器人一起做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，不受摩擦力作用。A錯(cuò)誤；B．菜品隨著機(jī)器人一起做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，菜品對(duì)機(jī)器人的壓力和機(jī)器人對(duì)菜品的支持力是一對(duì)作用力與反作用力。B錯(cuò)誤；C．菜品隨著機(jī)器人一起做勻加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，菜品的慣性不變。慣性大小由物體的質(zhì)量決定，質(zhì)量不變，物體的慣性不變。C錯(cuò)誤；D．菜品隨著機(jī)器人一起做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，機(jī)器人對(duì)菜品的支持力由牛頓第二定律機(jī)器人對(duì)菜品的作用力為支持了和靜摩擦力的合力D正確。故選D。5、如圖，質(zhì)量為M的斜面體放在粗糙的地面上且始終靜止，滑雪運(yùn)動(dòng)員在斜面體上自由向下勻速下滑。已知運(yùn)動(dòng)員包括雪橇的質(zhì)量為m，不計(jì)空氣阻力，則（

）A．地面對(duì)斜面體的摩擦力為0B．地面對(duì)斜面體的支持力小于（M+m）gC．若運(yùn)動(dòng)員加速下滑，地面對(duì)斜面體的支持力大于（M+m）gD．若運(yùn)動(dòng)員加速下滑，地面對(duì)斜面體的摩擦力向右答案：AAB．當(dāng)運(yùn)動(dòng)員勻速下滑時(shí)，可以把m和M看成一個(gè)整體，根據(jù)平衡條件，地面的支持力為（M+m）g，地面對(duì)斜面體的摩擦力為0，故A正確，B錯(cuò)誤；CD．當(dāng)運(yùn)動(dòng)員加速下滑時(shí)，由于m的加速度沿斜面向下，有豎直向下的分量，則其處于失重狀態(tài)，因此，地面對(duì)斜面體的支持力小于（M+m）g，由于m的加速度有沿水平向左的分量，則地面對(duì)斜面體的摩擦力向左，故CD錯(cuò)誤。故選A。6、如圖所示是某同學(xué)站在力傳感器上，先下蹲后站起過(guò)程中力傳感器的示數(shù)隨時(shí)間的變化圖像。重力加速度g取，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．在1~2

s時(shí)間內(nèi)，該同學(xué)完成了一次下蹲再站起的過(guò)程B．下蹲過(guò)程，該同學(xué)始終處于失重狀態(tài)；站起過(guò)程，該同學(xué)始終處于超重狀態(tài)C．全過(guò)程中，該同學(xué)重心的加速度的最大值約為D．若僅縮短該同學(xué)下蹲所用時(shí)間，圖線(xiàn)峰值一定不會(huì)發(fā)生變化答案：CAB．該同學(xué)下蹲過(guò)程先加速，再減速，因此先失重后超重，力傳感器示數(shù)先小于重力后大于重力，因此在1~2s時(shí)間內(nèi)，該同學(xué)僅完成了一次下蹲過(guò)程，AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可知，在失重過(guò)程有超重過(guò)程有由圖像可知，支持力最大值約為700N，最小值約為200N，該同學(xué)質(zhì)量為50kg，代入解得加速度最大值約為，C正確；D．若僅縮短該同學(xué)下蹲所用時(shí)間，該同學(xué)超重過(guò)程中的最大加速度可能會(huì)變大，因此圖線(xiàn)峰值會(huì)發(fā)生變化，D錯(cuò)誤。故選C。7、側(cè)壁開(kāi)有小孔的開(kāi)口塑料瓶，裝滿(mǎn)水后自由下落過(guò)程中，發(fā)現(xiàn)小孔沒(méi)有水流出，原因是瓶中的水（）A．處于失重狀態(tài)B．處于超重狀態(tài)C．處于平衡狀態(tài)D．先超重后失重答案：A自由落體過(guò)程，物體處于完全失重狀態(tài)，瓶中的水對(duì)側(cè)壁沒(méi)有壓力，所以水不會(huì)從小孔流出，A正確。故選A。8、矢量發(fā)動(dòng)機(jī)是噴口可向不同方向偏轉(zhuǎn)以產(chǎn)生不同方向推力的一種發(fā)動(dòng)機(jī)。當(dāng)殲20隱形戰(zhàn)斗機(jī)以速度v斜向上加速飛行時(shí)，其矢量發(fā)動(dòng)機(jī)提供的推力和飛機(jī)機(jī)翼產(chǎn)生的升力的合力F的方向正確的是（

）A．B．C．D．答案：A因?yàn)闅?20加速飛行，所以矢量發(fā)動(dòng)機(jī)提供的推力和飛機(jī)機(jī)翼產(chǎn)生的升力的合力F與重力的合力方向應(yīng)沿機(jī)身斜向上。故選A。9、某人乘電梯從10樓到1樓，從電梯啟動(dòng)到停在1樓的過(guò)程，經(jīng)歷了勻加速、勻速和勻減速三個(gè)階段。電梯在這三個(gè)連續(xù)的運(yùn)動(dòng)階段中，該人所受的重力和他對(duì)電梯地板的壓力相比較，其大小關(guān)系分別是（

）A．重力大于壓力，重力等于壓力，重力小于壓力B．重力小于壓力，重力等于壓力，重力大于壓力C．重力大于壓力，重力小于壓力，重力小于壓力D．重力小于壓力，重力小于壓力，重力大于壓力答案：A某人乘電梯從10樓到1樓，速度方向向下。電梯啟動(dòng)做加速運(yùn)動(dòng)階段，加速度方向向下，由牛頓第二定律可知重力大于電梯地板對(duì)他的支持力，由牛頓第三定律可知，他對(duì)電梯地板的壓力等于電梯地板對(duì)他的支持力，即重力大于壓力，處于失重狀態(tài)；在勻速運(yùn)動(dòng)階段，處于平衡狀態(tài)，重力等于壓力；在減速運(yùn)動(dòng)階段，加速度方向向上，由牛頓第二定律可知重力小于電梯地板對(duì)他的支持力，由牛頓第三定律可知，他對(duì)電梯地板的壓力等于電梯地板對(duì)他的支持力，即重力小于壓力，處于超重狀態(tài)；故選項(xiàng)A正確，選項(xiàng)BCD錯(cuò)誤。故選A。10、A、B兩物體以相同的初速度在同一粗糙水平面上滑行，兩物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同。若物體A的質(zhì)量大于物體B的質(zhì)量，則兩物體能滑行的最大距離xA與xB的大小關(guān)系為（

）A．xA＝xBB．xA＞xBC．xA＜xBD．不能確定答案：A兩物體在粗糙的水平面上滑行過(guò)程的加速度大小為與m無(wú)關(guān)，滑行的最大距離可表示為可得xA＝xB故選A。多選題11、一質(zhì)量為m的物塊靜置于粗糙水平面上，物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，在t=0時(shí)刻對(duì)其施加一個(gè)水平方向的作用力F。F的大小隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖所示，f表示其受到的摩擦力，v表示其速度，a表示其加速度，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。在下列選項(xiàng)中對(duì)應(yīng)圖像可能正確的是（

）A．B．C．D．答案：BDAB．根據(jù)圖像可知，物塊所受拉力F隨時(shí)間均勻增大，當(dāng)拉力F小于最大靜摩擦力時(shí)，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，摩擦力為靜摩擦力，滿(mǎn)足f=F=kt當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，物塊開(kāi)始滑動(dòng)，摩擦力為滑動(dòng)摩擦力，大小滿(mǎn)足f=μmgA錯(cuò)誤，B正確；C．物塊滑動(dòng)前加速度為零，當(dāng)物塊開(kāi)始滑動(dòng)后，由牛頓第二定律可得F-μmg=ma解得a=-μg加速度隨時(shí)間線(xiàn)性增大，且應(yīng)有橫截距，C錯(cuò)誤；D．當(dāng)拉力小于最大靜摩擦力時(shí)，物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，物塊開(kāi)始做加速度增大的變加速運(yùn)動(dòng)，D正確。故選BD。12、如圖所示，蹦床運(yùn)動(dòng)員從空中落到床面上，運(yùn)動(dòng)員從接觸床面下降到最低點(diǎn)為第一過(guò)程，從最低點(diǎn)上升到離開(kāi)床面為第二過(guò)程，則運(yùn)動(dòng)員（

）A．在第一過(guò)程中始終處于失重狀態(tài)B．在第二過(guò)程中始終處于超重狀態(tài)C．在第一過(guò)程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)D．在第二過(guò)程中先處于超重狀態(tài)，后處于失重狀態(tài)答案：CDAC．運(yùn)動(dòng)員剛接觸床面時(shí)，重力大于彈力，運(yùn)動(dòng)員向下做加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)；當(dāng)彈力增大到等于重力時(shí)速度最大；繼續(xù)下降，彈力大于重力，做向下減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員處于超重狀態(tài)，即在第一過(guò)程中先處于失重狀態(tài)，后處于超重狀態(tài)，A錯(cuò)誤，C正確；BD．在第二過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員先向上加速運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，后向上減速運(yùn)動(dòng)，處于失重狀態(tài)，B錯(cuò)誤，D正確。故選CD。13、一滑塊以某一速度滑上足夠長(zhǎng)的光滑斜面，下列圖像中能夠正確表示滑塊運(yùn)動(dòng)的是（）A．B．C．D．答案：BD滑塊向上滑動(dòng)，速度減為零后，再反向運(yùn)動(dòng)，即前后速度方向相反；上滑與下滑過(guò)程中，滑塊受力不變，所以加速度不變。故選BD。14、如圖甲所示，一足夠長(zhǎng)的傳送帶傾斜放置，傾角為，以恒定速率順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。一煤塊以初速度從A端沖上傳送帶，煤塊的速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，g取，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．傾斜傳送帶與水平方向夾角的正切值B．煤塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)C．煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時(shí)間為D．煤塊在傳送帶上留下的痕跡長(zhǎng)為答案：ACDAB．由v-t圖像得0~1s內(nèi)煤塊的加速度大小方向沿傳送帶向下；1~2s內(nèi)煤塊的加速度大小方向沿傳送帶向下。0~1s，對(duì)煤塊由牛頓第二定律得1~2s，對(duì)煤塊由牛頓第二定律得解得tanθ=0.75μ=0.25故A正確，B錯(cuò)誤；C．v-t圖像圖線(xiàn)與時(shí)間軸所圍面積表示位移大小，所以煤塊上滑總位移大小為x=10m，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得下滑時(shí)間為所以煤塊從沖上傳送帶到返回A端所用的時(shí)間為，故C正確；D．0~1s內(nèi)煤塊比傳送帶多走4m，劃痕長(zhǎng)4m，1~2s內(nèi)傳送帶比煤塊多走2m，劃痕還是4m。內(nèi)傳送帶向上運(yùn)動(dòng)，煤塊向下運(yùn)動(dòng)，劃痕總長(zhǎng)為故D正確。故選ACD。15、下列對(duì)牛頓第二定律的表達(dá)式及其變形公式的理解，正確的是（

）A．由可知，物體所受的合外力與物體的質(zhì)量成正比，與物體的加速度成反比B．由可知，物體的質(zhì)量與其所受合外力成正比，與其運(yùn)動(dòng)的加速度成反比C．由可知，物體的加速度與其所受合外力成正比，與其質(zhì)量成反比D．由可知，物體的質(zhì)量可以通過(guò)測(cè)量它的加速度和它所受到的合外力而求得答案：CDA．物體的合外力與物體的質(zhì)量和加速度無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．物體的質(zhì)量與合外力以及加速度無(wú)關(guān)，由本身的性質(zhì)決定，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)牛頓第二定律可知，物體的加速度與其所受合外力成正比，與其質(zhì)量成反比，故C正確；D．由可知，物體的質(zhì)量可以通過(guò)測(cè)量它的加速度和它所受到的合外力而求得，故D正確。故選CD。16、如圖甲所示，足夠長(zhǎng)的傳送帶與水平面的夾角為，保持某一速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，在傳送帶上某位置輕輕放置一小木塊，小木塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，小木塊速度大小隨時(shí)間變化的關(guān)系如圖乙所示。已知，重力加速度為g，則（

）A．傳送帶一定順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)B．傳送帶的速度大小等于C．D．時(shí)間后木塊的加速度大小為答案：BDA．若傳送帶順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，當(dāng)木塊下滑時(shí)滿(mǎn)足物塊將一直勻加速到底端，且加速度不變，當(dāng)木塊上滑時(shí)滿(mǎn)足木塊先勻加速，在速度與傳送帶相等后將勻速運(yùn)動(dòng)，兩種情況均不符合運(yùn)動(dòng)圖像，故A錯(cuò)誤；B．由A中分析可知，傳送帶逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，只有木塊的速度大于傳送帶速度時(shí)，木塊所受摩檫力才能沿傳送帶向上，由圖乙可知，傳送帶速度的大小等于，故B正確；C．木塊在時(shí)間內(nèi)，所受摩檫力沿傳送帶向下，根據(jù)牛頓第二定律有由圖乙可知聯(lián)立解得故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間后木塊所受摩檫力沿傳送帶向上，根據(jù)牛犢第二定律把C中解得代入解得故D正確。故選BD。17、如圖所示，一勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧，上端固定，下端連著一質(zhì)量為m的物塊A，A放在托盤(pán)B上，B的質(zhì)量也為m。初始時(shí)在豎直向上的力F作用下系統(tǒng)靜止，彈簧處于自然長(zhǎng)度?，F(xiàn)改變豎直向上的力F的大小，使A勻加速下降。已知重力加速度為g，A的加速度為a=0.25g，空氣阻力不計(jì)，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，則在A勻加速下降的過(guò)程中，以下說(shuō)法正確的是（

）A．A和B剛好分開(kāi)時(shí)彈簧的彈力為0.85mgB．彈簧的最大形變量為C．力F可能為0.9mgD．力F最小值為0.65mg答案：BCAB．設(shè)物塊和托盤(pán)間的壓力為零時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為，以A為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得解得在此之前，以A為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得可得所以A和B剛好分開(kāi)時(shí)FN=0，則此時(shí)彈簧的彈力為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；CD．以AB整體為研究對(duì)象，根據(jù)牛頓第二定律得可得力F對(duì)B的作用力范圍為選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。18、如圖甲所示，一水平傳送帶沿順時(shí)針?lè)较蛐D(zhuǎn)，在傳送帶左端A處輕放一可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊，小物塊從A端到B端的速度—時(shí)間變化規(guī)律如圖乙所示，t＝6s時(shí)恰好到B點(diǎn)，則（

）A．物塊與傳送帶之間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ＝0.1B．AB間距離為24m，小物塊在傳送帶上留下的痕跡是8mC．若物塊質(zhì)量m＝1kg，物塊對(duì)傳送帶做的功為－16JD．若物塊速度剛好到4m/s時(shí)，傳送帶速度立刻變?yōu)榱?，物塊不能到達(dá)B端答案：ACA．由圖乙可知，物塊先加速后勻速，且由圖乙可知，加速過(guò)程的加速度為a＝m/s2＝1m/s2根據(jù)牛頓第二定律可知a＝＝＝μg聯(lián)立解得μ＝0.1A正確；B．AB間距離即為物塊在6s內(nèi)發(fā)生的位移，即圖乙的面積為S＝×4m＝16mB錯(cuò)誤；C．物塊對(duì)傳送帶只在加速過(guò)程中做功，根據(jù)公式W＝－fs其中f＝μmg＝0.1×1×10N＝1Ns＝4×4m＝16m聯(lián)立解得W＝－16JC正確；D．物塊速度剛好到4m/s時(shí)，傳送帶速度立刻變?yōu)榱悖飰K由于慣性向前做勻減速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，減速的加速度為a＝－μg＝－1m/s2物塊從開(kāi)始到速度為4m/s時(shí)發(fā)生的位移為x＝m＝8m所以物塊減速到零發(fā)生的位移為＝m＝8m所以物塊剛好到達(dá)B端，D錯(cuò)誤。故選AC。19、中國(guó)傳統(tǒng)雜技“爬桿”屢獲國(guó)際大獎(jiǎng)，某次表演中雜技演員雙手緊握竹竿勻速攀升和勻加速下滑時(shí)，所受的摩擦力分別是f1和f2，則（

）A．f1向上，

f2向上B．f1向下，

f2向上C．f1、

f2的大小相等D．f1是靜摩擦力，數(shù)值上大于

f2答案：AD當(dāng)雜技演員勻速攀升時(shí)，f1與重力平衡，即f1向上，在這種情況下演員的雙手不可能相對(duì)桿向上滑動(dòng)，所以f1是靜摩擦力，且根據(jù)平衡條件可得當(dāng)雜技演員勻加速下滑時(shí)，f2與相對(duì)桿的運(yùn)動(dòng)方向相反，即f2向上，根據(jù)牛頓第二定律有比較以上兩式可知綜上所述可知AD正確，BC錯(cuò)誤。故選AD。20、總質(zhì)量為100

kg的小車(chē)，在粗糙水平地面上從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，其速度—時(shí)間圖像如圖所示。已知在0~2

s內(nèi)小車(chē)受到恒定水平拉力F=1

200

N，2

s后小車(chē)受到的拉力發(fā)生了變化，則（

）A．t=1

s時(shí)小車(chē)的加速度為8

m/s2B．0~18

s內(nèi)小車(chē)行駛的平均速度約為10

m/sC．小車(chē)與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2D．14

s后拉力的大小為200

N答案：ABA．前2

s內(nèi)小車(chē)做勻加速運(yùn)動(dòng)，由圖線(xiàn)的斜率可得小車(chē)的加速度a=m/s2=8

m/s2故選項(xiàng)A正確；B．由速度-時(shí)間圖線(xiàn)與橫坐標(biāo)軸圍成的面積即可計(jì)算出0~18

s內(nèi)小車(chē)位移的大小，每一格表示的位移為4m，小于一半的格子舍掉，大于一半的格子計(jì)算為一個(gè)格子，則格子數(shù)約為45格，則位移約為L(zhǎng)=180

m，所以平均速度約為==10

m/s故選項(xiàng)B正確；C．前2

s內(nèi)，根據(jù)牛頓第二定律得F-μmg=ma解得μ=0.4選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．14

s后小車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)，所以拉力F′=μmg=400

N選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。填空題21、如圖所示，固定在電梯頂部的彈簧測(cè)力計(jì)下端掛著的鉤碼?。╣取10m/s2），電梯運(yùn)行時(shí)人觀(guān)察到測(cè)力計(jì)的示數(shù)，這種對(duì)懸掛物的拉力大于重力的現(xiàn)象是___________

（填“超重”或“失重”）現(xiàn)象；此時(shí)鉤碼的加速度大小為_(kāi)__________

答案：

超重

5[1]由題意可知，其人觀(guān)察到的測(cè)力計(jì)示數(shù)為鉤碼的視重，而鉤碼本身的重力為實(shí)重，由題意可知，視重大于實(shí)重，所以這種對(duì)懸掛物的拉力大于重力的現(xiàn)象為超重現(xiàn)象。[2]對(duì)鉤碼受力分析，有解得22、質(zhì)量為的物體，受到三個(gè)共點(diǎn)力作用而靜止。當(dāng)撤去其中一個(gè)力后（保持其它力不變），物體的加速度大小是，方向向北，那么撤去的力的大小是_