2024-2025學(xué)年高中地理選擇性必修1-期中學(xué)業(yè)水平檢測

姓名班級考號姓名班級考號密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密封線內(nèi)不要答題密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密○封○裝○訂○線密封線內(nèi)不要答題期中學(xué)業(yè)水平檢測注意事項1.本試卷滿分100分,考試用時90分鐘。2.無特殊說明,本試卷中重力加速度g取10m/s2。一、單項選擇題(本題共8小題,每小題3分,共24分。在每小題給出的四個選項中,只有一個選項符合題目要求)1.自1900年第二屆奧運會后,射擊運動蓬勃發(fā)展,以后成為歷屆奧運會、世界錦標(biāo)賽、亞運會的主要競賽項目。在2022年的國際射聯(lián)射擊世錦賽中,我國臺州16歲的小將勇奪世錦賽兩金一銀,并收獲兩張奧運會入場券。關(guān)于射擊比賽,下列說法正確的是()A.子彈在空中飛行過程中,重力的沖量為零B.子彈在空中飛行過程中,機械能不守恒C.扣動扳機后,子彈和槍整體機械能守恒D.扣動扳機后,子彈和槍整體水平方向動量守恒2.釣魚可以修身養(yǎng)性,頗受人們喜愛。如圖所示為某魚漂的示意圖,魚漂上部可視為圓柱體。當(dāng)魚漂受到微小擾動而上下振動,某釣友發(fā)現(xiàn)魚漂向下運動時圓柱體上的M點恰好可以到達(dá)水面,向上運動時圓柱體上的N點恰好可以露出水面。忽略水的阻力和水面波動的影響,魚漂的振動視為簡諧運動,則()A.魚漂振動過程中機械能守恒B.魚漂受到重力、浮力、回復(fù)力的作用C.M點到達(dá)水面時,魚漂的動能最大D.N點到達(dá)水面時,魚漂的加速度最大3.如圖所示,虛線和實線分別為甲、乙兩個彈簧振子做簡諧運動的圖像,已知甲、乙兩個振子的質(zhì)量相等,則()A.甲、乙兩振子的振幅之比為1∶2B.甲、乙兩振子的頻率之比為1∶2C.第1s內(nèi)甲振子的加速度為正值D.第2s末乙的回復(fù)力最大4.如圖為一種拓展訓(xùn)練的團(tuán)隊合作項目——“鼓動人心”。每個隊友都拉著其中一條繩子,通過繩子控制鼓面來顛球,借助全體隊員的共同努力,完成顛球目標(biāo)。某次顛球過程,質(zhì)量為250g的排球從靜止下落45cm擊中鼓面,被隊員齊心協(xié)力豎直彈回原高度,球與鼓面的接觸時間為0.1s,不計空氣阻力,則下列說法正確的是()A.從落下到彈回原處的過程中,排球重力的沖量一直增大B.鼓面向上顛球的過程中,鼓面對排球的沖量等于排球動量的變化量C.若隊員齊心協(xié)力,可以使鼓面與每根繩子始終處于同一水平面上D.鼓面向上顛球的過程中,鼓面對排球的平均作用力大小為20N5.如圖所示,兩豎直擋板間有一光滑的水平直桿,一輕彈簧穿在桿上,彈簧左側(cè)與擋板相連,右側(cè)與穿在桿上的小球甲相連。現(xiàn)讓小球甲開始做簡諧運動,其位移隨時間變化的關(guān)系為x=2sin5πt(cm),當(dāng)小球甲經(jīng)過平衡位置時,在小球甲的正上方由靜止釋放小球乙,結(jié)果甲與乙恰好相碰,甲、乙均視為質(zhì)點,不計空氣阻力,彈簧始終在彈性限度內(nèi),小球不會與豎直擋板相碰,則小球乙下落的高度為()A.n210m(n=1,2,3,…)B.n25m(n=1,2,C.3n210m(n=1,2,3,…)D.2n25m(n=1,6.將一臺智能手機水平粘在秋千的座椅上,使手機邊緣與座椅邊緣平行(圖甲),讓秋千以小擺角(小于5°)自由擺動,此時秋千可看作一個理想的單擺,擺長為L,從手機傳感器中得到了其垂直手機平面方向的a-t關(guān)系圖如圖乙所示。則以下說法正確的是()A.秋千從擺動到停下的過程可看作受迫振動B.當(dāng)秋千擺至最低點時,秋千對手機的支持力小于手機所受的重力C.秋千擺動的周期為t2-t1D.該地的重力加速度g=47.如圖所示,光滑水平面上靜止放置著一輛平板車A,車上有兩個小滑塊B和C,A、B、C三者的質(zhì)量分別是3m、2m、m。B與平板車之間的動摩擦因數(shù)為μ,而C與平板車之間的動摩擦因數(shù)為2μ。開始時B、C分別從平板車的左、右兩端同時以大小均為v0的初速度相向滑行。已知滑塊B、C沒有相碰且最后都沒有脫離平板車,重力加速度為g,則()A.平板車的最小長度為7B.最終平板車的速度大小為12vC.整個運動過程中,A、C間的相對位移大小為vD.整個運動過程中,A、B間因摩擦產(chǎn)生的熱量為118.如圖所示,一傾角為θ的光滑斜面固定在水平面上,輕彈簧的一端固定在斜面底端的擋板上,另一端自然伸長于斜面O點,將質(zhì)量為m的物體拴接于彈簧上端后靜止于距斜面O點x0處;現(xiàn)用平行于斜面向上的力F緩慢拉動物體,使其斜向上運動了4x0,物體再次靜止。撤去F后,物體開始沿斜面向下運動,已知彈簧始終在彈性限度內(nèi),重力加速度為g,不計空氣阻力。則撤去F后()A.物體先做勻加速運動至O點,過O點后加速度一直減小B.物體運動至最低點時彈力大小等于mgsinθC.物體剛運動時的加速度大小為4gsinθD.物體向下運動至O點速度最大二、多項選擇題(本題共4小題,每小題4分,共16分。在每小題給出的四個選項中,有多個選項符合題目要求,全部選對的得4分,選對但不全的得2分,有選錯或不答的得0分)9.如圖所示,單擺擺球的質(zhì)量為m,做簡諧運動的周期為T,擺球從最大位移處(A點)由靜止釋放,運動到最低點B時的速度大小為v,不計空氣阻力,重力加速度為g,則()A.擺球從A運動到B的過程中,重力做的功為12mvB.擺球從A運動到B的過程中,重力做功的平均功率為mC.擺球運動到B時重力的瞬時功率為mgvD.擺球從A運動到B的過程中合力的沖量大小為mv10.如圖甲所示,水平彈簧振子的平衡位置為O點,小球在B、C兩點之間做簡諧運動,規(guī)定水平向右為正方向,圖乙是小球做簡諧運動的x-t圖像,則()A.小球從B點經(jīng)過O點再運動到C點為12B.小球的振動方程為x=0.1sin2πtC.圖乙中P點對應(yīng)的時刻小球的速度、加速度都沿正方向D.小球在前2.5s內(nèi)通過的路程為1m11.如圖所示,一塊質(zhì)量為M的木塊靜止在光滑水平桌面上,一質(zhì)量為m的子彈以水平速度v0射入木塊,子彈射穿木塊時,木塊速度大小為v1,已知木塊對子彈的阻力為f。下列說法正確的是()A.子彈動量的減少量為Mv1B.子彈剛射穿木塊時的速度大小為v0-MmvC.木塊的長度為(2D.子彈和木塊組成的系統(tǒng)動能減少量為Mv1v0-(12.如圖所示,在光滑的水平桌面上有體積相同的兩個小球A、B,質(zhì)量分別為m=0.1kg和M=0.3kg,兩球中間夾著一根壓縮的輕彈簧,原來處于靜止?fàn)顟B(tài),同時放開A、B球和彈簧,已知A球脫離彈簧時的速度為6m/s,接著A球進(jìn)入與水平面相切、半徑為0.5m的豎直面內(nèi)的光滑半圓形軌道運動,PQ為半圓形軌道的豎直直徑,下列說法正確的是()A.彈簧彈開過程,彈力對A的沖量大于對B的沖量B.A球脫離彈簧時,B球獲得的速度大小為4m/sC.A球從P點運動到Q點過程中所受合外力的沖量大小為1N·sD.若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球不能到達(dá)Q點三、非選擇題(本題共6小題,共60分)13.(6分)“行知”課外實驗小組周末到公園郊游,并利用單擺測量該地的重力加速度大小。(1)實驗小組的同學(xué)用游標(biāo)卡尺測量擺球的直徑,其示數(shù)如圖甲所示,則擺球的直徑d=cm。把擺球用細(xì)線懸掛在鐵架臺上,用毫米刻度尺測得擺線長。

(2)某同學(xué)測量周期,他在擺球某次通過最低點時按下停表開始計時,并同時數(shù)1,當(dāng)擺球第二次通過最低點時數(shù)2,依此法往下數(shù),當(dāng)他數(shù)到n時,按下停表停止計時,讀出這段時間t,則該單擺的周期為。

(3)該同學(xué)測出不同擺長L和對應(yīng)的周期T,并在坐標(biāo)紙上作出T2-L圖線如圖乙所示,則公園所在地的重力加速度大小g=。

(4)實驗小組的同學(xué)根據(jù)某次實驗測得的數(shù)據(jù),結(jié)合單擺周期公式計算出當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮。查詢所在地的重力加速度大小后,發(fā)現(xiàn)測量值偏小,其原因可能是。

A.開始計時時,停表過遲按下B.單擺的振幅較小C.以擺線長l作為擺長進(jìn)行計算D.擺線上端懸點未固定,振動中出現(xiàn)松動,使擺線的長度增加14.(8分)兩實驗小組想驗證動量守恒定律,第一組采用傳統(tǒng)的如圖甲所示的“碰撞實驗裝置”驗證兩小球碰撞前后動量守恒;第二組設(shè)計了如圖乙所示利用固定了兩個光電門的氣墊導(dǎo)軌驗證兩滑塊碰撞前后的動量守恒。(1)①關(guān)于第一組實驗,下列說法正確的是。

A.斜槽軌道必須光滑B.斜槽軌道的末端切線無須保持水平C.入射球A和被碰球B的質(zhì)量必須相等D.入射球A每次必須從斜槽軌道的同一位置由靜止釋放②第一組實驗的同學(xué)們用托盤天平測出了小球A的質(zhì)量記為m1,小球B的質(zhì)量記為m2,用毫米刻度尺測得O、M、P、N各點間的距離(圖丙中已標(biāo)出),則驗證兩小球碰撞過程中動量守恒的表達(dá)式為。(用題中涉及的物理量符號及x1、x2、x3表示,表達(dá)式應(yīng)為最簡形式)

(2)①第二組實驗的同學(xué)用螺旋測微器測量遮光板寬度,示數(shù)如圖丁所示,讀數(shù)為d=mm。

②第二組實驗中測得P、Q的質(zhì)量分別為m1和m2,左、右遮光板的寬度分別為d1和d2。實驗中,用細(xì)線將兩個滑塊連接使輕彈簧壓縮且靜止,然后燒斷細(xì)線,輕彈簧將兩個滑塊彈開,測得它們通過光電門的時間分別為t1、t2,則動量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為(用t1、t2、d1、d2、m1、m2表示)。

③若左、右遮光板的寬度相同,上一問中動量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式簡化為(用題中字母表示)。

15.(6分)擺是物理學(xué)中重要的模型之一。如圖甲所示,一根不可伸長的輕軟細(xì)繩的上端固定在天花板上的O點,下端系一個擺球(可看作質(zhì)點)。將其拉至A點后由靜止釋放,擺球?qū)⒃谪Q直面內(nèi)的A、C之間來回擺動,其中B點為運動中的最低點。忽略空氣阻力,取重力加速度g=9.8m/s2。圖乙所示為繩中拉力F隨時間t變化的圖線。求:(1)擺的振動周期T;(2)擺的最大擺角θm及擺球質(zhì)量m。16.(10分)籃球是奧運會的核心比賽項目之一,深受廣大球迷的喜歡。假設(shè)一籃球在空中水平向右拋出,落地后又反彈。已知第一次落地與地面的接觸時間為Δt=0.2s?；@球的拋出點高度、兩次落點的位置、第一次落地反彈后上升的高度等數(shù)據(jù)如圖所示,已知該籃球的質(zhì)量為0.6kg,不計空氣阻力,求該籃球:(1)從拋出到第一次落地的過程中重力的沖量I1;(2)第一次與地面接觸過程中所受地面的平均彈力的大小;(3)第一次與地面接觸過程中所受摩擦力的沖量I2。17.(14分)如圖所示,足夠長的光滑水平桿離地的高度為2L,滑塊A套在水平桿上,通過長度為L的細(xì)線連接質(zhì)量為m的小球B。將小球B拉至與滑塊A等高,細(xì)線水平伸直,由靜止釋放小球,當(dāng)細(xì)線沿豎直方向時,細(xì)線剛好斷裂,此時滑塊A向右運動了L3。重力加速度為g。求(1)滑塊A的質(zhì)量M;(2)細(xì)線承受拉力的最大值F;(3)小球B落地時到滑塊A的距離d。18.(16分)如圖所示,光滑水平面上有一質(zhì)量M=4.0kg的小車,車的上表面右側(cè)是一段長L=2m的水平軌道,水平軌道左側(cè)是一半徑R=0.25m的14光滑圓弧軌道,圓弧軌道與水平軌道在O'點相切。車右端固定一個尺寸可以忽略、處于鎖定狀態(tài)的壓縮彈簧,一質(zhì)量m=1.0kg的小物塊(可視為質(zhì)點)緊靠彈簧,彈簧儲存的彈性勢能為7.5J,整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將彈簧解除鎖定,小物塊被彈出,恰能到達(dá)圓弧軌道的最高點A。不考慮小物塊與彈簧碰撞時的能量損失,不計空氣阻力。求(1)小物塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù);(2)小物塊第二次經(jīng)過O'點的速度大小;(3)從彈簧解除鎖定至小物塊到達(dá)圓弧軌道最高點過程中,小車的位移大小。

答案全解全析1.B子彈在空中飛行過程中,由I=Ft可知重力的沖量不為零,A錯誤;子彈在空中飛行過程中,受空氣阻力作用,阻力做負(fù)功,子彈的機械能不守恒,B正確;扣動扳機后,有化學(xué)能轉(zhuǎn)化為機械能,子彈和槍整體機械能不守恒,C錯誤;扣動扳機后,子彈和槍整體受肩膀的作用力,水平方向動量不守恒,D錯誤。2.D魚漂振動過程中水的浮力做功,所以魚漂的機械能不守恒,A錯誤;魚漂受到重力、浮力的作用,重力和浮力的合力提供回復(fù)力,B錯誤;M點到達(dá)水面時,魚漂位于最低點,魚漂的動能最小,等于零,C錯誤;N點到達(dá)水面時,魚漂位于最高點,相對于平衡位置的位移最大,合力最大,根據(jù)牛頓第二定律可知魚漂的加速度最大,D正確。3.D由題圖可知,甲振子的振幅為2cm,周期為4s,乙振子的振幅為1cm,周期為8s,所以甲、乙兩振子的振幅之比為2∶1,根據(jù)f=1T,可得甲、乙兩振子的頻率之比為2∶1,A、B錯誤;第1s內(nèi)甲振子的位移為正值,回復(fù)力為負(fù)值,所以加速度為負(fù)值,C錯誤;第2s末乙處于負(fù)向最大位移處,回復(fù)力最大,D4.A沖量是作用力與時間的乘積,顯然排球從落下到彈回原處的過程中,排球重力的沖量一直增大,A正確;根據(jù)動量定理可知,鼓面向上顛球的過程中,鼓面對排球的作用力與排球重力的合力的沖量等于排球動量的變化量,B錯誤;因鼓有重力,繩子需對鼓產(chǎn)生向上的拉力,故鼓面與每根繩子不可能在同一水平面上,C錯誤;鼓面向上顛球的過程,由動量定理可得(F-mg)t=mv2-(-mv1),其中v1=v2=2g?=3m/s,得F=17.5N,D5.B由小球甲做簡諧運動的振動方程x=2sin5πt(cm)可知,小球甲的運動周期為T=2π5πs=0.4s,要使小球甲與小球乙相遇,則小球乙的運動時間t=nT2=0.2ns(n=1,2,3,…),根據(jù)自由落體運動規(guī)律有h=12gt2=n25m(n=1,2,36.D秋千從擺動到停下的過程受空氣阻力,振幅不斷減小,為阻尼振動,A錯誤;當(dāng)秋千擺至最低點時,對手機根據(jù)牛頓第二定律有N-mg=mv2L,可得秋千對手機的支持力N=mg+mv2L,知秋千對手機的支持力大于手機所受的重力,B錯誤;秋千完成一次全振動,會兩次經(jīng)過最低點,有兩次向心加速度最大,故周期為T=t3-t1,C錯誤;根據(jù)單擺周期公式可得T=t3-t1=2πLg,可得當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭7.D滑塊B、C最后都沒有脫離平板車,說明最終三者速度相等,把A、B、C看成一個系統(tǒng),系統(tǒng)動量守恒,根據(jù)動量守恒定律得2mv0-mv0=(3m+2m+m)v,解得v=16v0,選項B錯誤;通過分析可知,B、C兩滑塊對小車的摩擦力合力為零,而C的加速度大小aC=2μg>aB=μg,所以在C停止前,小車靜止不動,之后,A、C相對靜止一起向右運動,所以整個運動過程中,A、C間的相對位移大小為x=v022×2μg=v024μg,選項C錯誤;C速度為零時,經(jīng)過時間t=v02μg,此時B的速度vB=v0-μgt=12v0,xB=1212v0+v0t=3v028μg,之后到共速A、C的加速度a'=μ×2mg3m+m=μg2,到共速B相對A、C的位移x'=vB2?v22μg-v28.C撤去F后,物體在彈簧彈力和重力沿斜面方向的分力作用下做簡諧運動,先做變加速運動至O點,過O點后加速度先減小后反向增大,A錯誤。由題意得mgsinθ=kx0,撤去F瞬間,根據(jù)牛頓第二定律有k·3x0+mgsinθ=4mgsinθ=ma,可得物體剛運動時的加速度大小為a=4gsinθ;由于物體做簡諧運動,故在最低點的加速度大小亦為a=4gsinθ,則在最低點時有F-mgsinθ=ma,可得彈簧彈力大小為F=5mgsinθ,B錯誤,C正確。距斜面O點x0處為平衡位置,物體運動至該位置時的速度最大,D錯誤。9.AD擺球在擺動過程中只有重力做功,根據(jù)動能定理可知重力做的功等于動能的變化,擺球從A運動到B的過程,重力做的功為WG=ΔEk=12mv2,重力做功的平均功率為P=WGT4=2mv2T,A正確,B錯誤;擺球運動到B時,豎直方向的分速度為0,則重力的瞬時功率為P=mgvcos90°=0,C錯誤;由動量定理可知,擺球從A運動到B的過程中合力的沖量等于動量的變化量,即I10.AD小球從B點經(jīng)過O點再運動到C點為12次全振動,A正確;根據(jù)題圖乙可知,彈簧振子的振幅是A=0.1m,周期為T=1s,則圓頻率為ω=2πT=2πrad/s,規(guī)定水平向右為正方向,t=0時刻位移為0.1m,表示小球從B點開始運動,初相為φ0=π2,則小球的振動方程為x=Asin(ωt+φ0)=0.1sin2πt+π2m,B錯誤;題圖乙中P點對應(yīng)的時刻小球正在沿負(fù)方向做減速運動,即小球的速度沿負(fù)方向,加速度沿正方向,C錯誤;周期T=1s,則2.5s=2T+T2,則小球在前2.5s內(nèi)通過的路程為s=511.ABD設(shè)子彈射穿木塊瞬間的速度大小為v,子彈射入木塊到射穿的過程中,子彈和木塊組成的系統(tǒng)動量守恒,故有mv0=mv+Mv1,解得v=v0-Mv1m,子彈動量的減少量為Δp=mv0-mv=Mv1,A、B正確;設(shè)木塊的長度為d,對子彈和木塊組成的系統(tǒng),由能量守恒定律得fd=ΔEk=12mv02-12mv2+12Mv12,聯(lián)立解得ΔEk=Mv1v0-(M+12.CD彈簧彈開過程,彈力對A的沖量和彈力對B的沖量的大小相等,方向相反,A錯誤;彈簧彈開的過程中,兩個小球與彈簧組成的系統(tǒng)所受合外力為零,系統(tǒng)動量守恒,則有mvA-MvB=0,解得vB=2m/s,B錯誤;A球從P點運動到Q點過程中,根據(jù)動能定理得-2mgR=12mvQ2-12mvA2,解得vQ=4m/s,此過程中,根據(jù)動量定理可得合外力的沖量大小為I=mvQ-(-mvA)=1kg·m/s=1N·s,C正確;若半圓軌道半徑改為0.9m,則A球到達(dá)Q點的速度滿足-2mgR'=12mvQ'2-12mvA2,解得vQ'=0,A球在Q點的最小速度應(yīng)滿足mg=mvmin2R',可得vmin=gR'=3m/s,由于v13.答案(1)2.19(1分)(2)2tn?1(1分)(3)4π(4)CD(2分)解析(1)擺球的直徑d=21mm+9×0.1mm=21.9mm=2.19cm。(2)單擺一個周期內(nèi)兩次經(jīng)過平衡位置,單擺的周期為T=tn?12(3)根據(jù)單擺周期公式T=2πLg,整理得T2=4π2gL,T2-L圖像的斜率為k=4π2g=(4)開始計時時,停表過遲按下,測得的周期偏小,則測得的重力加速度偏大,A不符合題意;單擺的振幅較小對重力加速度的測量無影響,B不符合題意;以擺線長l作為擺長進(jìn)行計算,則擺長的測量值偏小,則測得的重力加速度偏小,C符合題意;擺線上端懸點未固定,振動中出現(xiàn)松動,使擺線長度增加,測得的擺長偏小,則測得的重力加速度偏小,D符合題意。14.答案(1)①D(1分)②m1x2=m2(x1+x2+x3)(2分)(2)①6.860(1分)②m1d1t1-m2d2t2=0(2分)③m1t2-m2t解析(1)①本實驗只需要入射球每次到達(dá)斜槽軌道末端的速度相同,斜槽軌道是否光滑對實驗無影響,A錯誤;本實驗需要入射球碰撞前后、被碰球碰撞后均做平拋運動,為保證初速度水平,斜槽軌道末端必須保持水平,且入射球A的質(zhì)量大于被碰球B的質(zhì)量,B、C錯誤;每次從同一位置由靜止釋放A球,可以保證A球到達(dá)斜槽軌道末端時速度大小不變,D正確。②動量守恒的表達(dá)式為m1v0=m1v1+m2v2,即m1x1+x2t=m1x1t+m2x1+x2+x3t,整理化簡可得m1x(2)①螺旋測微器讀數(shù)為6.5mm+0.01×36.0mm=6.860mm。②動量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式為m1v1-m2v2=0,用平均速度代替瞬時速度,整理為m1d1t1-m2d2t2=0。③若左、右遮光板的寬度相同,動量守恒應(yīng)滿足的關(guān)系式簡化為m1t2-15.答案(1)2.16s(2)60°0.25kg解析(1)擺球在最高點時繩中拉力最小,由對稱性可知,擺球在A、C兩點時繩中拉力大小相等,一個周期內(nèi)擺球從A到C再回到A,故擺的振動周期T=2.16s(2分)(2)擺球在A點時,有mgcosθm=Fmin=1.225N(1分)在B點時,有Fmax-mg=mv2L(1分從A點到B點,由動能定理可得mg(L-Lcosθm)=12mv2(1分)聯(lián)立解得m=0.25kg,θm=60°(1分)16.答案(1)4.8N·s,方向豎直向下(2)48N(3)0.6N·s,水平向左解析(1)籃球在空中水平向右拋出,下落過程有h1=12gt12(1解得t1=0.8s(1分)此過程中重力的沖量I1=mgt1=4.8N·s,方向豎直向下。(1分)(2)剛要落地時的豎直分速度大小vy1=2g?1第一次落地后反彈離開地面瞬間的豎直分速度大小vy2=2g?2=6m/s,方向向上(1規(guī)定豎直向上為正方向,對籃球第一次與地面接觸過程,在豎直方向上由動量定理得(FN-mg)Δt=mvy2-(-mvy1)(1分)解得FN=48N(1分)(3)第一次落地反彈后籃球向上運動的時間t2=2?2g=0.6s(第一次落地前的水平速度大小v1x=x1t1第一次落地反彈后的水平速度大小v2x=x22t2=2m/s,方向向右(對籃球第一次與地面接觸過程,在水平方向,以向右為正方向,上由動量定理得I2=mv2x-mv1x=-0.6N·s(1分)即摩擦力的沖量大小為0.6N·s,方向水平向左。(1分)17.答案(1)2m(2)4mg(3)10L解析(1)從小球被釋放到細(xì)線沿豎直方向過程,滑塊與小球組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒,規(guī)定向右為正方向,則這一過程中二者的速度大小始終滿足Mv1-mv2=0(1分)可得這一過程中滑塊與小球速度大小之為比v1∶v2=m