高考物理一輪復(fù)習(xí)考點(diǎn)精講精練階段性訓(xùn)練（三）（解析版）（內(nèi)容：電場 恒定電流 磁場）

階段性訓(xùn)練（三）考察內(nèi)容（電場恒定電流磁場）一．選擇題1．磁通量單位用國際單位制的基本單位可表示為（）A．Wb B．T?m2 C．kg?m2/（A?s2） D．N?m/A【解答】解：根據(jù)磁通量的計(jì)算公式Φ＝BS可知：1Wb＝1T?m2；根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式可得：B=FIL其中力的單位1N＝1kgm/s2，故磁通量單位用國際單位制的基本單位可表示為1Wb＝1kg?m2/（A?s2），故C正確、ABD錯誤。故選：C。2．自然科學(xué)中很多物理量的表達(dá)式都有不止一個，通常都有其定義式和決定式，它們反應(yīng)人們對自然界認(rèn)識的不同層次．定義式側(cè)重描述客觀世界，決定式側(cè)重對因果關(guān)系的解釋．下列表達(dá)式中，側(cè)重解釋因果關(guān)系的是（）A．電阻R=UI B．電容CC．加速度a=Fm 【解答】解：ABD.電阻R=UI，電容C=QC.根據(jù)牛頓第二定律得加速度a=F故選：C。3．下面是某同學(xué)對電場和磁場中的一些概念及公式的理解，其中正確的是（）A．根據(jù)電場強(qiáng)度的定義式E=FqB．根據(jù)電勢差的定義式UAB=WABC．根據(jù)電容的定義式C=QUD．由磁感應(yīng)強(qiáng)度公式B=F【解答】解：A．電場強(qiáng)度定義式E=FB．根據(jù)電勢差的定義式UAB=WABqC．電容的定義式C=QD．根據(jù)左手定則，磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與放入磁場中的通電直導(dǎo)線所受安培力的方向垂直，故D錯誤。故選：B。4．“司南”是我國古代四大發(fā)明之一，主體由磁勺和羅盤構(gòu)成。據(jù)東漢《論衡》記載，其“司南之杓，投之于地，其柢（即勺柄）指南”。若在靜止的磁勺正上方附近，放置一根由南向北通電的直導(dǎo)線，請推測勺柄將（）A．向正東方向轉(zhuǎn)動 B．向正西方向轉(zhuǎn)動 C．向正南方向移動 D．向正北方向移動【解答】解：磁勺柄指南，根據(jù)地理的南極與地磁的N極基本重合，異名磁極相互吸引，則勺柄應(yīng)為該磁體的S極；在靜止的磁勺正上方附近，放置一根由南向北通電的直導(dǎo)線，根據(jù)右手螺旋定則可知，磁勺所處位置磁場由東向西，則勺柄向正東方向轉(zhuǎn)動，故A正確，BCD錯誤；故選：A。5．如圖所示，長度為L的導(dǎo)體棒原來帶負(fù)電，將帶電荷量為q的正點(diǎn)電荷放在導(dǎo)體棒的中心軸線上距離棒左端R處，達(dá)到靜電平衡后，棒的左端帶負(fù)電，右端不帶電，靜電力常量為k，下列說法正確的是（）A．導(dǎo)體棒左端電勢高，右端電勢低 B．導(dǎo)體棒左端電勢低，右端電勢高 C．導(dǎo)體棒上的電荷在棒中心O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為4kq(2R+L)D．導(dǎo)體棒上的電荷在棒中心O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為2kq【解答】解：AB．導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡后，導(dǎo)體棒是一個等勢體，則導(dǎo)體棒左右兩端電勢相等，故AB錯誤；CD．導(dǎo)體棒達(dá)到靜電平衡后，棒上感應(yīng)電荷在棒內(nèi)中點(diǎn)產(chǎn)生的場強(qiáng)大小與點(diǎn)電荷+q在該處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反，故可得棒上感應(yīng)電荷在棒中心O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小為E=kq故C正確，D錯誤。故選：C。6．2022年2月，中國科學(xué)家通過冷凍電鏡捕捉到新冠病毒表面S蛋白與人體細(xì)胞表面ACE2蛋白的結(jié)合過程，首次揭開了新冠病毒入侵人體的神秘面紗。電子顯微鏡是冷凍電鏡中的關(guān)鍵部分，其中的一種電子透鏡的電場分布如圖所示（截取其中一部分），虛線為等勢面，相鄰等勢面間的電勢差相等，一電子僅在電場力作用下運(yùn)動的軌跡如圖中實(shí)線所示，a、b是軌跡上的兩點(diǎn)，則（）A．a(chǎn)點(diǎn)的電場強(qiáng)度大于b點(diǎn)的電場強(qiáng)度 B．電子在a點(diǎn)的動能大于在b點(diǎn)的動能 C．電子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能 D．a(chǎn)點(diǎn)的電勢高于b點(diǎn)的電勢【解答】解：A、根據(jù)等差等勢面的疏密可表示場強(qiáng)強(qiáng)弱，由于a點(diǎn)等差等勢面比b點(diǎn)稀疏，則a點(diǎn)的電場強(qiáng)度小于b點(diǎn)的電場強(qiáng)度，故A錯誤；BCD、順著電場線方向，電勢逐漸降低，電場線由高等勢面指向低等勢面，根據(jù)電子受力方向向右下方，則電場線方向向左上，故a點(diǎn)電勢低于b點(diǎn)，電子帶負(fù)電，電子在a點(diǎn)的電勢能大于在b點(diǎn)的電勢能，根據(jù)能量守恒知電子在a點(diǎn)的動能小于在b點(diǎn)的動能，故BD錯誤，C正確。故選：C。7．如圖所示，在豎直向上的勻強(qiáng)電場中，一根不可伸長的輕質(zhì)絕緣細(xì)繩，一端系著一個帶電小球，另一端固定于O點(diǎn)，小球在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，最高點(diǎn)為a，最低點(diǎn)為b。不計(jì)空氣阻力，則（）A．小球帶負(fù)電 B．電場力跟重力是一對平衡力 C．小球從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)的過程中，電勢能減小 D．運(yùn)動過程中小球的機(jī)械能守恒【解答】解：AB．小球受到重力、電場力和細(xì)繩的拉力在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)合外力提供向心力，電場力應(yīng)與重力平衡，即小球所受電場力與重力等大反向，則知小球帶正電，故A錯誤，B正確；C．小球在從a點(diǎn)運(yùn)動到b點(diǎn)的過程中，電場力做負(fù)功，小球的電勢能增大，故C錯誤；D．由于電場力做功，所以小球在運(yùn)動過程中機(jī)械能不守恒，故D錯誤。故選：B。8．電動機(jī)與小電珠串聯(lián)接入電路，電動機(jī)正常工作時，小電珠的電阻為R1，兩端電壓為U1，流過的電流為I1；電動機(jī)的內(nèi)電阻為R2，兩端電壓為U2，流過的電流為I2．則（）A．I1＜I2 B．U1C．U1U2【解答】解：A、小燈珠與電動機(jī)串聯(lián)，所以：I1＝I2，故A錯誤；BCD、對小燈珠，由歐姆定律可得：U1＝I1R1，電動機(jī)正常工作時由于線圈的切割磁感線產(chǎn)生反電動勢，所以：U2＞I2R2，所以：U1故選：D。9．某同學(xué)根據(jù)查閱到的某種熱敏電阻的R﹣t特性曲線（如圖1），設(shè)計(jì)了圖2所示的恒溫箱溫度控制電路。圖2中，Rt為熱敏電阻，R1為可變電阻，控制系統(tǒng)可視作R＝200Ω的電阻，電源的電動勢E＝9.0V，內(nèi)阻不計(jì)。當(dāng)通過控制系統(tǒng)的電流小于2mA時，加熱系統(tǒng)將開啟，為恒溫箱加熱；當(dāng)通過控制系統(tǒng)的電流等于2mA時，加熱系統(tǒng)將關(guān)閉。下列說法正確的是（）A．若要使恒溫箱內(nèi)溫度保持20℃，應(yīng)將R1調(diào)為500Ω B．若要使恒溫箱內(nèi)溫度升高，應(yīng)將R1增大 C．若恒溫箱內(nèi)溫度降低，通過控制系統(tǒng)的電流將增大 D．保持R1不變，通過控制系統(tǒng)的電流大小隨恒溫箱內(nèi)的溫度均勻變化【解答】解：A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，控制系統(tǒng)的電流等于2mA時，電路中的總電阻R總=9.02×10?3Ω=4500Ω；由圖1可知，20℃熱敏電阻的阻值為Rt1＝4000Ω，若要使恒溫箱內(nèi)溫度保持20℃，應(yīng)將R1調(diào)為4500Ω﹣4000B．由于加熱系統(tǒng)關(guān)閉的電流臨界值2mA一定，即加熱系統(tǒng)關(guān)閉的電路中臨界的總電阻始終4500Ω?？芍粢购銣叵鋬?nèi)保持的溫度值升高，即熱敏電阻的阻值減小，則必須使R1增大，故B正確；C．若恒溫箱內(nèi)溫度降低，熱敏電阻阻值增大，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，通過控制系統(tǒng)的電流減小，故C錯誤；D．根據(jù)圖1可知，恒溫箱內(nèi)的溫度與熱敏電阻的阻值成線性關(guān)系，通過控制系統(tǒng)的電流I=ER+R故選：B。10．如圖所示，三根長直導(dǎo)線A、B和C垂直紙面并固定于等腰直角三角形的三個頂點(diǎn)上，三根導(dǎo)線均通有方向垂直紙面向里的電流I時，AC的中點(diǎn)O處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為B0．若使A中的電流反向其他條件不變，則O點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小變?yōu)椋ǎ〢．0 B．B0 C．5B0 D．2B0【解答】解：當(dāng)三導(dǎo)線中均通有垂直紙面向里的電流I時，A、C中點(diǎn)O磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，用右手螺旋定則判斷通電直導(dǎo)線A與通電直導(dǎo)線C在O點(diǎn)的合磁場為零，則通電直導(dǎo)線B在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場方向沿著AC，由A指向C，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B0，如果使A中的電流反向其他條件不變，則通電直導(dǎo)線A與通電直導(dǎo)線C在O點(diǎn)的合磁場大小為2B0，方向垂直AC向上；依據(jù)矢量的合成法則，則三根通電直導(dǎo)線在P點(diǎn)共同產(chǎn)生的磁場大小為：B合=B02故ABD錯誤，C正確。故選：C。11．在自行車上安裝碼表可記錄騎行情況。如圖，碼表由強(qiáng)磁鐵、霍爾傳感器及顯示器組成?；魻杺鞲衅鞴潭ㄔ谧孕熊嚽安嬉粋?cè)，強(qiáng)磁鐵固定在車輪的一根輻條上。車輪半徑為R，霍爾傳感器到車軸的距離為r。強(qiáng)磁鐵每次經(jīng)過霍爾傳感器時，PQ端均輸出一次電信號，若每秒強(qiáng)磁鐵n次經(jīng)過霍爾傳感器，同時顯示器數(shù)據(jù)更新一次，則（）A．顯示器上的里程110.0km是指騎行的位移大小 B．磁鐵如圖經(jīng)過傳感器時，導(dǎo)電的電子向Q端會聚 C．上圖中PQ兩端電勢的高低，與磁鐵運(yùn)動的方向有關(guān) D．自行車的速度21.8km/h是由2πnr換算得來的【解答】解：A.顯示器上的里程110.0km是指騎行的路程，故A錯誤；B.電子移動的方向與電流相反，根據(jù)左手定則可知，電子的安培力方向是由P指向Q的，則導(dǎo)電的電子向Q端會聚，故B正確；C.無論磁鐵是順時針還是逆時針，通過霍爾元件的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向不變，導(dǎo)電的電子仍向Q端會聚，則當(dāng)穩(wěn)定之后，有電場力和洛倫茲力平衡，即Ud解得U＝Bvd可知，與磁鐵運(yùn)動的方向無關(guān)，故C錯誤；D.根據(jù)圓周運(yùn)動各個物理量之間關(guān)系，自行車的線速度為v＝2πnR，故D錯誤；故選：B。12．如圖所示，水平虛線MN上方有勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直于紙面向里。大量帶正電的相同粒子，以相同的速率沿位于紙面內(nèi)水平向右到豎直向上90°范圍內(nèi)的各個方向，由小孔O射入磁場區(qū)域，做半徑為R的圓周運(yùn)動。不計(jì)粒子重力和粒子間相互作用。下列圖中陰影部分表示帶電粒子可能經(jīng)過的區(qū)域，其中正確的是（）A． B． C． D．【解答】解：粒子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由左手定則可知，粒子垂直射入磁場后沿逆時針方向做勻速圓周運(yùn)動，粒子從O點(diǎn)垂直射出磁場，在磁場中做圓周運(yùn)動然后再從磁場邊界MN離開磁場，粒子離開磁場時與MN的夾角大小等于粒子進(jìn)入磁場時速度方向與MN的夾角大小，由牛頓第二定律得：qvB＝mv解得粒子軌道半徑：R=mv水平向右射入磁場的粒子在磁場中運(yùn)動軌跡為一個完整的圓，豎直向上射入磁場的粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡為半個圓周，粒子運(yùn)動軌跡如圖所示：在兩圖形的相交的部分是粒子不經(jīng)過的地方，故B正確；故選：B。二．多選題13．電磁彈射技術(shù)被應(yīng)用在福建艦上，大大提升了福建艦的戰(zhàn)斗力，電磁彈射原理如圖所示。電磁彈射器能使飛機(jī)在較短距離內(nèi)很快被加速到起飛速度。下列說法中正確的是（）A．彈射過程飛機(jī)機(jī)身受到向前的安培力的沖量，使飛機(jī)的動量增加 B．通過軌道的電流只是用來產(chǎn)生驅(qū)動磁場，不會流過飛機(jī)機(jī)身 C．流過飛機(jī)機(jī)身的電流受到的安培力對飛機(jī)做正功 D．飛機(jī)被彈射的過程中彈射裝置獲得的電能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能【解答】解：AB．通過軌道的電流除了產(chǎn)生驅(qū)動磁場外，也流過機(jī)身使機(jī)身受到向前的安培力，使機(jī)身受到向前的安培力是動力，安培力的沖量也向前，根據(jù)動量定理可知，飛機(jī)的動量增加，故A正確，B錯誤；CD．飛機(jī)被彈射的過程中，流過飛機(jī)機(jī)身的電流受到的安培力與飛機(jī)運(yùn)動方向相同，對飛機(jī)做正功，使電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，還有一部分電能通過電流做功轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，故D錯誤，C正確。故選：AC。14．如圖甲所示，光滑絕緣水平面上有一沿水平方向的電場，MN是其中的一條直線，線上有A、B、C三點(diǎn)。一帶電量為+2×10﹣3C、質(zhì)量為1×10﹣3kg的小物塊從A點(diǎn)靜止釋放，沿MN做直線運(yùn)動，其運(yùn)動的v﹣t圖象如圖乙所示，其中B點(diǎn)處的切線斜率最大（圖中標(biāo)出了該切線），C點(diǎn)處的切線平行于t軸，運(yùn)動過程中小物塊電量保持不變，則下列說法中正確的是（）A．AB兩點(diǎn)電勢差UAB＝﹣4V B．小物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做的功W＝10﹣2J C．B點(diǎn)為AC間電場強(qiáng)度最大的點(diǎn)，場強(qiáng)大小E＝1V/m D．由A到C的過程中小物塊的電勢能先減小后變大【解答】解：A、物塊在A到B過程，根據(jù)動能定理得：qUAB=12mvB2?12mvA2得：UAB=WB、物塊從B點(diǎn)到C點(diǎn)電場力做的功W=12mvC2?12mvB2C、據(jù)v﹣t圖的斜率等于加速度，可得物塊在B點(diǎn)的加速度最大為a=45?3=2m/s2，所受的電場力最大為F＝ma＝1×10﹣3×2N＝2×10﹣3D、由v﹣t圖可知由A到C的過程中小物塊的動能一直增大，則電勢能一直減小，故D錯誤。故選：BC。15．圖為某種鋰電池充電過程中電池電壓、充電電流隨時間變化的圖象。根據(jù)圖象，可以做出的正確推斷是（）A．該鋰電池的電動勢約為4.2V B．該鋰電池的充電電壓可能小于4.2V C．充電的1.0～3.0小時內(nèi)，電池充入的電荷量為1000mA?h D．若該鋰電池的容量為1400mA?h，則整個充電過程中，鋰電池增加的電能不超過5.88W?h【解答】解：A、由圖象可以看出，在充滿電后電池電壓穩(wěn)定在4.2V，說明該鋰電池的電動勢約為4.2V，故A正確；B、鋰電池的充電電壓必須大于電源電動勢才能進(jìn)行充電操作，即該鋰電池的充電電壓要大于4.2V，故B錯誤；C、電流﹣時間圖象的面積表示電池充入的電荷量，所以在充電的1.0～3.0小時內(nèi)，圖象面積小于1000mA?h，故C錯誤；D、若該鋰電池的容量為1400mA?h，根據(jù)題意可知整個充電過程中，鋰電池增加的電能為：E＝UQ＝4.2×1400×10﹣3W?h＝5.88W?h，故D正確。故選：AD。三．實(shí)驗(yàn)題16．電容器是一種重要的電學(xué)元件，在電工、電子技術(shù)中應(yīng)用廣泛。使用圖甲所示電路觀察電容器的充、放電過程。電路中的電流傳感器可以捕捉瞬時的電流變化，它與計(jì)算機(jī)相連，可顯示電流隨時間的變化。圖甲直流電源電動勢E＝8V、內(nèi)阻不計(jì)，充電前電容器帶電量為零。先使S與“1”端相連，電源向電容器充電。充電結(jié)束后，使S與“2”端相連，直至放電完畢。計(jì)算機(jī)記錄的電流隨時間變化的I﹣t曲線如圖乙所示。（1）在電容器充電與放電過程中，通過電阻R0的電流方向（選填“相同”或“相反”）；（2）圖像陰影為I﹣t曲線圖像與對應(yīng)時間軸所圍成的面積，乙圖中陰影部分的面積S1S2（選填“＞”、“＜”或“＝”）；（3）已知S1＝1233mA?s，則該電容器的電容值為法拉（保留兩位有效數(shù)字）；（4）由甲、乙兩圖可判斷阻值R1R2（選填“＞”或“＜”）。【解答】解：（1）由圖甲可知，電容器充電時，通過電阻R0的電流方向向左，放電時通過R0的電流方向向右，故在電容器充電與放電過程中通過R0的電流方向相反；（2）I﹣t圖像中圖像與對應(yīng)時間軸所圍成的面積表示電荷量，充電和放電電荷量相等，所以乙圖中陰影部分的面積S1＝S2；（3）由于電源內(nèi)阻不計(jì)，可知電容器兩端電壓等于電源電動勢，則該電容器的電容值為：C=Q（4）由圖乙可知，充電時的最大電流大于放電時的最大電流，則可知，R1＜R2故答案為：（1）相反；（2）＝；（3）0.15；（4）＜17．某同學(xué)采用伏安法測量一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)器材如下：①干電池一節(jié)（電動勢約為1.5V，內(nèi)阻約為0.5Ω）；②電壓表V（量程為0～3V，內(nèi)阻約為5kΩ）；③電流表A（量程為0～0.6A，內(nèi)阻約為0.3Ω）；④滑動變阻器（最大阻值為20Ω）；⑤開關(guān)、導(dǎo)線若干。（1）根據(jù)甲圖設(shè)計(jì)的電路，將乙圖中的器材連成實(shí)驗(yàn)電路。（2）完成實(shí)驗(yàn)操作后，需要分析由電表內(nèi)阻引起的實(shí)驗(yàn)誤差。在圖丙中，實(shí)線是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描點(diǎn)作圖得到的U﹣I圖像；虛線是該電源真實(shí)的路端電壓U隨真實(shí)的干路電流I變化的U﹣I圖像。本次實(shí)驗(yàn)分析誤差的U﹣I圖像是如圖丙選項(xiàng)中的。（3）為減小由于電表引起的實(shí)驗(yàn)誤差，本實(shí)驗(yàn)可以采取的措施是。A．采用量程更大的電流表B．采用阻值更大的滑動變阻器C．將電流表改接在甲圖中的c、d節(jié)點(diǎn)之間D．采用內(nèi)阻更大的電壓表【解答】解：（1）根據(jù)甲圖設(shè)計(jì)的電路，將乙圖中的器材連成實(shí)驗(yàn)電路如下圖所示。（2）電壓表測量路端電壓不存在系統(tǒng)誤差，由于電壓表的分流作用，電流表測量的電流值小于流經(jīng)電源的電流，當(dāng)電壓表示數(shù)為零時，流經(jīng)電壓表的電流為零，此時電流表測量的電流值等于流經(jīng)電源的電流，故電源真實(shí)的路端電壓U隨真實(shí)的干路電流I變化的U﹣I圖像應(yīng)該在測量所得的U﹣I圖像的上方，且兩圖象的橫軸截距相同，故ACD錯誤，B正確。故選：B。（3）A．采用量程更大的電流表，則電流表的讀數(shù)會產(chǎn)生較大的誤差，會使實(shí)驗(yàn)誤差更大，故A錯誤；B．采用阻值更大的滑動變阻器，會在實(shí)驗(yàn)時不便于調(diào)節(jié)電路中電流的變化，會產(chǎn)生更大的誤差，故B錯誤；C．將電流表改接在甲圖中的c、d節(jié)點(diǎn)之間，則電流表的分壓作用使內(nèi)阻測量的誤差很大，故C錯誤；D．采用內(nèi)阻更大的電壓表，會減小電壓表的分流作用產(chǎn)生的誤差，故D正確。故選：D。故答案為：（1）見解答；（2）B；（3）D四．計(jì)算題（共3小題）18．如圖甲所示電路中，電流表與電壓表均為理想電表，電容器電容C＝7μF，定值電阻R1＝30Ω，R2＝R3＝R4＝10Ω，M、N兩端接一電源，此電源的路端電壓與通過電源的電流關(guān)系如圖乙所示，求：（1）電流表示數(shù)；（2）電壓表示數(shù)和電容器極板帶電量?！窘獯稹拷猓海?）由于電壓表所在支路相當(dāng)于斷路，故電路結(jié)構(gòu)為R2、R3、R4串聯(lián)后與R1并聯(lián)，電壓表示數(shù)為R4兩端電壓，電流表測干路電流。電路外電阻R代入數(shù)據(jù)解得：R外＝15Ω根據(jù)閉合電路歐姆定律，U＝E﹣Ir，故圖像截距為E，斜率絕對值為r，由圖乙得電源電動勢E＝20V，內(nèi)阻r＝20Ω，電流表示數(shù)I=代入數(shù)據(jù)解得：I=4（2）路端電壓U＝IR外代入數(shù)據(jù)解得：U=60電壓表示數(shù)為U代入數(shù)據(jù)解得：Uv=20電容器帶電量Q＝C（U﹣UV）代入數(shù)據(jù)解得：Q＝4×10﹣5C答：（1）電流表示數(shù)為47（2）電壓表示數(shù)為207V，電容器極板帶電量為4×10﹣19．如圖，在豎直平面內(nèi)，一半徑為R的光滑絕緣圓弧軌道ABC和水平絕緣軌道PA在A點(diǎn)相切，BC為圓弧軌道的直徑，O為圓心，OA和OB之間的夾角為α，sinα=3（1）勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大?。唬?）小球到達(dá)A點(diǎn)時速度的大?。恍∏驈腃點(diǎn)落至水平軌道上的位置與A點(diǎn)的距離?！窘獯稹拷猓海?）設(shè)小球所受的電場力為，電場強(qiáng)度大小為E，由力的合成，得：F0又F0＝qE…②聯(lián)立①②解得：E=（2）小球到達(dá)C點(diǎn)時所受合力大小為F，由力的