2021年軍考現(xiàn)役士兵考軍校物理專項練習測試卷及答案

2021年軍考現(xiàn)役士兵考軍校物理專項練習測試卷及答案2021年軍考-高中學歷士兵考軍校-物理專項測試卷一．選擇題（共10小題）1．如圖所示為小車運動時的v﹣t圖象。由圖可知，小車（）A．做勻速直線運動B．做勻減速直線運動C．在t＝10s時的速度是4m/sD．在t＝0時從靜止開始運動2．如圖所示，在光滑地面上，水平外力F拉動小車和木塊一起做無相對滑動的加速運動。小車質量是M，木塊質量是m，木塊和小車之間的動摩擦因數(shù)是μ，則下列說法正確的是（）A．木塊受到的摩擦力大小為B．木塊受到的摩擦力大小為μmgC．木塊受到的摩擦力方向向左D．若撤去F，木塊受到的摩擦力方向向左3．如圖所示，電梯與水平地面成θ角，一人站在電梯上，電梯從靜止沿斜面開始勻加速上升，到達一定速度后再勻速上升。若以N表示水平梯板對人的支持力，G為人受到的重力，f為電梯對人的靜摩擦力，則下列結論正確的是（）A．加速過程中，人受到的摩擦力沿斜面向上B．加速過程中，人受到的摩擦力方向水平向右C．勻速過程中，f＝0，N大于GD．勻速過程中，摩擦力方向水平向右4．物塊放在小車水平底板上，下列說法正確的是（）A．物塊隨小車水平一起加速運動時慣性變大B．物塊的重力與物塊對底板的壓力是一對平衡力C．物塊對底板的壓力與底板對物塊的支持力是一對平衡力D．物塊對底板的壓力與底板對物塊的支持力是一對作用力與反作用力5．如圖甲所示，質量m＝0.1kg的物塊靜置于水平地面上，從某時刻開始，受到如圖乙所示的豎直向上的拉力作用，取g＝10m/s2。關于物塊在0～3s內的受力及運動情況，下列說法正確的是（）A．0～1s內，物塊對地面的壓力為1.0NB．1～2s內，物塊處于失重狀態(tài)C．t＝2s時，物塊的速度為5m/sD．t＝3s時，物塊距地面的高度為15m6．關于運動的描述，正確的是（）A．物體運動的越快，速度就越大，位移也一定越大B．物體的速度變化越大，物體的加速度就一定越大C．質量相同的物體速度的變化率越大，則它受到的合外力一定越大D．物體做曲線運動，其所受的合外力一定是變力7．如圖所示，從某高度水平拋出一小球，經(jīng)過時間t到達一豎直墻面時，速度與水平方向的夾角為θ。不計空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．小球水平拋出時的初速度大小為gtcotθB．小球到達豎直墻時的速度大小為gtcosθC．小球在時間t內的位移大小為gt2D．小球在時間t內的位移方向與水平方向的夾角為8．水平地面上兩物塊A、B用細線連接，質量分別為mA、mB，在水平恒力F作用下向右勻速運動，速度大小為v。某時刻細線突然斷裂，當A物塊恰好停止運動時，B物塊的速度大小為（）A．B．C．D．9．如圖所示，學生練習用頭顛球。某一次足球靜止自由下落80cm，被重新頂起，離開頭部后豎直上升的最大高度仍為80cm。已知足球與頭部的作用時間為0.1s，足球的質量為0.4kg，重力加速度g取10m/s2，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A．頭部對足球的平均作用力為足球重力的10倍B．足球下落到與頭部剛接觸時動量大小為3.2kg?m/sC．足球與頭部作用過程中動量變化量大小為3.2kg?m/sD．足球從最高點下落至重新回到最高點的過程中重力的沖量大小為3.2N?s10．如圖所示，曲面體P靜止于光滑水平面上，物塊Q自P的上端靜止釋放。Q與P的接觸面光滑，Q在P上運動的過程中，下列說法正確的是（）A．P對Q做功為零B．P和Q之間相互作用力做功之和為零C．P和Q構成的系統(tǒng)機械能守恒、動量守恒D．P和Q構成的系統(tǒng)機械能不守恒、動量守恒2021年03月10日物理的高中物理組卷參考答案與試題解析一．選擇題（共10小題）1．【解答】解：AB、v﹣t圖象的斜率表示物體的加速度，由于題中加速度不變且大于0，所以小車做的是勻加速直線運動，AB錯誤；C、在t＝10s時，小車的速度是4m/s，故C正確；D、在t＝0時，小車的速度是2m/s，故小車不是從靜止開始運動，故D錯誤。故選：C。2．【解答】解：ABC、小車和木塊一起做無相對滑動的加速運動，所以小車和木塊的加速度大小相同，先對整體受力分析，受重力、支持力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F＝（M+m）a再對木塊m受力分析，受重力、支持力和向右的靜摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律有：f＝ma聯(lián)立解得木塊受到的摩擦力：f＝ma＝，故BC錯誤，A正確；D、若撤去F，小車和木塊一起做勻速直線運動，木塊不受摩擦力，故D錯誤。故選：A。3．【解答】解：AB、加速過程中，人的加速度斜向上，將加速度分解到水平和豎直方向得：ax＝acosθ，方向水平向右ay＝asinθ，方向豎直向上由牛頓第二定律得水平方向上有：f＝max豎直方向上有：N﹣G＝may，故說明摩擦力水平向右，支持力大于重力，故A錯誤，B正確；CD、勻速過程中，人受力平衡，豎直方向上有N＝G，水平方向不受摩擦力，故CD錯誤。故選：B。4．【解答】解：A、物塊的慣性大小僅僅與物塊的質量有關，與速度大小無關，故A錯誤；B、物塊的重力受力物體是物塊，而物塊對底板的壓力受力物體是地板，受力物體不同，所以不是一對平衡力，故B錯誤；CD、物塊對底板的壓力與底板對物塊的支持力是兩個物體之間的相互作用，是一對作用力與反作用力，故C錯誤，D正確。故選：D。5．【解答】解：物塊的重力G＝mg＝0.1×10N＝1NA、0～1s內，由F＝0.5N＜G可知物塊沒有離開地面，物塊對地面的壓力大小等于地面對物塊的支持力FN＝G﹣F＝1N﹣0.5N＝0.5N，故A錯誤；B、1～2s內，物塊所受豎直向上的拉力F＞G，合外力豎直向上，則加速度豎直向上，所以物塊處于超重狀態(tài)，故B錯誤；C、物塊從1s末開始豎直向上勻加速直線運動，加速度a＝＝m/s2＝5m/s2，t＝2s時物塊的速度v＝a△t＝5×（2﹣1）m/s＝5m/s，故C正確；D、1～2s物塊勻加速運動的位移x1＝at2＝×5×12m＝2.5m，2～3s物塊受到的拉力F＝G，物塊做勻速直線運動的位移x2＝vt＝5×1m＝5m，所以t＝3s時物塊距地面的高度h＝x1+x2＝2.5m+5m＝7.5m，故D錯誤。故選：C。6．【解答】解：A、速度大，說明物體運動快，物體運動位移大是物體運動的速度與時間乘積大，不知道時間情況故不能得出該結論，故A錯誤；B、物體的速度變化越大，但是變化的時間不確定，所以物體的加速度就不一定越大，故B錯誤；C、質量相同的物體速度的變化率越大，即加速度越大，根據(jù)牛頓第二定律F＝ma，可知它受到的合外力一定越大，故C正確；D、物體做曲線運動可以受恒力，加速度不變，如平拋運動只受重力，其所受的合外力是恒力，故D錯誤。故選：C。7．【解答】解：AB、小球到達一豎直墻面時，根據(jù)速度﹣時間公式，可得豎直方向分速度大小為：vy＝gt，根據(jù)幾何關系，小球水平拋出時的初速度大小為：v0＝vycotθ＝gtcotθ，故A正確；C、根據(jù)位移﹣時間公式，可得小球在時間t內豎直方向上的分位移為：y＝水平方向上的位移為：x＝v0t＝gt2?cotθ根據(jù)平行四邊形定則，可得小球在時間t內的位移大小為：s＝＝＝gt2，故C錯誤；D、根據(jù)平拋運動規(guī)律的推論，可知小球合位移與水平方向的夾角的正切值為：tanα＝，所以小球在時間t內的位移方向與水平方向的夾角不可能為，故D錯誤。故選：A。8．【解答】解：對A、B組成的系統(tǒng)，在水平恒力F作用下向右勻速運動，合外力為零，由平衡條件得：F＝μ（mA+mB）g某時刻細線突然斷裂，對于對A、B組成的系統(tǒng)，當A物塊恰好停止運動時，仍然有：F＝μ（mA+mB）g滿足動量守恒條件，對A、B系統(tǒng)由動量守恒定律得：（mA+mB）v＝mBvB解得B物塊的速度大小為：vB＝v，故ACD錯誤，B正確。故選：B。9．【解答】解：足球自由落體80cm時的速度為v1，時間為t1，由速度﹣位移公式，可得足球到達頭部的速度大小為：v1＝＝m/s＝4m/s根據(jù)位移﹣時間公式，可得足球到達頭部的時間為：t1＝＝＝0.4s反彈后做豎直上拋運動，而上升的最大高度也為80cm，根據(jù)運動的對稱性可知上拋的初速度：v2＝v1＝4m/s，上升的時間：t2＝t1＝0.4sAC、對足球與人接觸的過程，△t＝0.1s，取向上為正，由動量定理有：＝mv2﹣（﹣mv1）＝△p代入數(shù)據(jù)解得頭部對足球的平均作用力：＝36N，足球的動量變化量為：△p＝3.2kg?m/s即頭部對足球的平均作用力為36N，而足球的重力為4N，則頭部對足球的平均作用力是重力的9倍，此過程的動量變化量大小為：△p＝3.2kg?m/s，故A錯誤，C正確；B、足球剛接觸時的動量為：p1＝mv1＝0.4×4kg?m/s＝1.6kg?m/s，故B錯誤；D、足球運動的全過程，所受重力的沖量為：IG＝mg（t1+△t+t2）＝0.4×10×（0.4+0.1+0.4）N?s＝3.6N?s，