2021屆廣東省普寧市普師某中學(xué)高三（下）第二次模擬物理試卷

絕密★啟用前A.受到魔盤的支持力緩慢增大

2021屆廣東省普寧市普師高級中學(xué)高三（下）第B.受到魔盤的摩擦力緩慢增大

二次模擬物理試題C.受到的合外力大小不變

D.受到魔盤的作用力大小不變

注意事項(xiàng)：1、答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2、請將答

4.一不計(jì)重力的帶電粒子q在正點(diǎn)電荷。的電場中的運(yùn)動軌跡如圖所示，則（）

案正確填寫在答題卡上

一、單選題

1.關(guān)于物理學(xué)史，以下符合歷史事實(shí)的是（）

A.法拉第最早提出用電場線表示電場A.粒子夕帶正電

B.密立根通過扭秤實(shí)驗(yàn)精確地測出了元電荷的電量B.粒子夕的加速度先變小后變大

C.伽利略通過實(shí)驗(yàn)總結(jié)得出力是維持物體速度不變的原因C.粒子夕的電勢能先變小后變大

D.牛頓研究整理第谷天文觀測的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)了萬有引力定律D.粒子g一定是從A運(yùn)動到8

2.據(jù)報道，位于安徽省合肥市科學(xué)島上的“東方超環(huán)”（EAST）——俗稱“人造小太陽”，5.如圖所示，A、B兩小球質(zhì)量均為機(jī)，用輕彈簧相連接，靜止在水平面上。兩者間

預(yù)計(jì)將于2021年5月完成升級改造。參與核反應(yīng)的燃料為笊核和旅核，反應(yīng)后產(chǎn)生氨的距離等于彈簧原長?，F(xiàn)用錘子敲擊A球，使A獲得速度打兩者運(yùn)動一段時間后停

核和某種粒子X,下列說法正確的是（）下，則（）

A.此核反應(yīng)為裂變反應(yīng)AB

B.X帶正電

A.兩球組成的系統(tǒng)動量守恒

C.X為高頻電磁波

B.摩擦力對A做的功等于A動能的變化

D.笊核和你:核的總質(zhì)量大于氮核和X的總質(zhì)量

C.摩擦力對B所做的功等于B機(jī)械能的變化

3.圖甲為游樂場中一種叫“魔盤”的娛樂設(shè)施，游客坐在轉(zhuǎn)動的魔盤上，當(dāng)魔盤轉(zhuǎn)速增

D.最終A、B、彈簧所組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能可能小于

大到一定值時，游客就會滑向盤邊緣，其裝置可以簡化為圖乙。若魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大，

6.“神舟八號”與“天宮一號”成功實(shí)現(xiàn)了對接。對接前，它們在離地面三百多公里的同

則游客在滑動之前（）

一軌道上一前一后繞地球做勻速圓周運(yùn)動，則（）

甲乙A.它們的運(yùn)行速度相同

B.它們的加速度小于9.8m/s

dy---~甲，一、

C.運(yùn)行的周期可能大于24小時o'、'、

X、

乙'、:'、、、'、

D.若神州八號點(diǎn)火加速，即可與天宮一號實(shí)現(xiàn)對接

\/BNA

7.如圖所示，電路中。點(diǎn)接地。若不考慮電流表和電壓表對電路的影響，將滑動變阻

A.拋出時速度之比為3:1

B.拋出時機(jī)械能之比為9:1

C.從。到A的運(yùn)動過程中運(yùn)動時間之比為1:1

D.從。到A的運(yùn)動過程中所受重力的沖量之比為1:3

10.光滑絕緣水平桌面上的正方形區(qū)域內(nèi)，存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場，一?直角三角形

A.。點(diǎn)電勢升高B.電源的輸出功率增加

金屬均勻線框置于桌面上，如圖所示?，F(xiàn)用一-水平外力尸將線框勻速推出磁場區(qū)域，

C.電壓表讀數(shù)減小D.電源的效率變小

此過程中，下列關(guān)于力足線框中的電流/、通過線框某一橫截面的電量^和線框的熱

二、多選題

功率P隨時間I變化的關(guān)系圖像，可能正確的是（）

8.某質(zhì)量為8x102kg的電動車由靜止開始沿平直公路行駛，測出它能達(dá)到的最大速

度為15m/s,利用傳感器測得此過程中不同時刻該車的牽引力尸與對應(yīng)的速度照并

描繪出b圖象如圖所示。假設(shè)電動車行駛中所受的阻力恒定，則（）

A.圖線中5點(diǎn)對應(yīng)時刻，牽引力恰好等于阻力

B.電動車所受阻力為1600N

C.8C段對應(yīng)的時間內(nèi)，環(huán)保車的加速度不斷減小

D.電動車由靜止開始經(jīng)過1.5s速度達(dá)到3m/s

9.將相同的甲、乙兩小球從O點(diǎn)水平拋出，均可以到達(dá)水平地面上的A點(diǎn)，在空中三、實(shí)驗(yàn)題

11.某試驗(yàn)小組利用拉力傳感器來驗(yàn)證牛頓第二定律，實(shí)驗(yàn)裝置如圖。他們將拉力傳

的運(yùn)動軌跡如圖所示。乙球與地面8點(diǎn)發(fā)生彈性碰撞，不計(jì)碰撞時間和空氣阻力，取

感器固定在小車上，用不可伸長的細(xì)線將其通過一個定滑輪與鉤碼相連，用拉力傳感

地面為零勢能面，則甲、乙（）

器記錄小車受到的拉力F的大?。恍≤嚭竺婀潭ㄒ淮螯c(diǎn)計(jì)時器，通過拴在小車上的紙

帶，可測量小車勻加速運(yùn)動的速度與加速度。電壓表V（量程3V,內(nèi)阻約3kQ）

電阻箱R（阻值范圍0?9999C）

定值電阻Ri（阻值為2Q）

開關(guān)及導(dǎo)線若干

（1）該小組按照圖甲電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，在調(diào)節(jié)R阻值的過程中，發(fā)現(xiàn)電壓表示數(shù)的變化

范圍比較小，出現(xiàn)該現(xiàn)象的可能原因是（寫出一個原因即可）。

（1）若交流電的頻率為50Hz,則根據(jù)如圖所打紙帶的打點(diǎn)記錄，小車此次運(yùn)動經(jīng)8

（2）該小組提出圖乙、丙兩種改進(jìn)方案，應(yīng)選擇（選填“乙”或“丙”）方案進(jìn)行

點(diǎn)時的速度小車的加速度a=2

vB=m/s,m/so實(shí)驗(yàn)。

（2）要驗(yàn)證牛頓第二定律，除了前面提及的器材及已測出的物理量外，實(shí)驗(yàn)中還要使

用來測量出。

（3）由于小車所受阻力f的大小難以測量，為了盡量減小實(shí)驗(yàn)的誤差，需盡可能降低

小車所受阻力/的影響，以下采取的措施中必要的是o

A.適當(dāng)墊高長木板無滑輪的一端，使未掛鉤碼的小車被輕推后恰能拖著紙帶勻速下

滑

B.應(yīng)使鉤碼總質(zhì)量〃?遠(yuǎn)小于小車（加上傳感器）的總質(zhì)量M（3）利用改進(jìn)的方案測出多組電壓表示數(shù)U和電阻箱示數(shù)R,作出'圖像如圖

C.定滑輪的輪軸要盡量光滑

丁所示。根據(jù)圖像可求得蓄電池電動勢為V,內(nèi)阻的阻值為。（結(jié)果保留

D.適當(dāng)增大鉤碼的總質(zhì)量〃7

兩位有效數(shù)字）。

12.一學(xué)習(xí)小組要測量某蓄電池的電動勢和內(nèi)阻。實(shí)驗(yàn)室提供的器材有：四、解答題

13.如圖所示，兩塊水平放置、相距為d的長金屬板接在電壓可調(diào)的電源上。兩板之

間的右側(cè)區(qū)域存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場。將噴墨打印機(jī)的噴口靠近上板下表

面，從噴口連續(xù)不斷噴出質(zhì)量均為，〃、水平速度均為％,帶相等電荷量的墨滴。調(diào)節(jié)

電源電壓至U,墨滴在電場區(qū)域恰能沿水平向右做勻速直線運(yùn)動；進(jìn)入電場、磁場共

存區(qū)域后，最終垂直打在下板的M點(diǎn)。

（1）判斷墨滴所帶電荷的種類，并求其電荷量；

待測蓄電池（電動勢約2V）（2）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的值；

為42cm,當(dāng)空氣柱被壓縮到40cm時壓力傳感器使洗衣機(jī)停止進(jìn)水，此時洗衣缸內(nèi)水

|?3〃〉

1x_X_X~~X~~X位有多高？大氣壓取1.0x105pa，水的密度取l.OxlOlg/n?,重力加速度g取

V?XXXXX

!XXXXX

14.如圖，裝置的左邊是足夠長的光滑水平臺面，一輕質(zhì)彈簧左端固定，右端連接著

質(zhì)量M=3kg的小物塊A,物塊A不會脫離彈簧。裝置的中間是長度/=4.0m的水

平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接，傳送帶以u=7m/s的速度逆時

針轉(zhuǎn)動。裝置的右邊是一段光滑的水平臺面連接的光滑曲面，質(zhì)量m=1kg的小物塊

五、填空題

B從曲面上距水平臺面/i=5.25m處由靜止釋放，經(jīng)過傳送帶后與物塊A發(fā)生對心彈

16.晶體在熔化過程中吸收的熱量全部用來破壞空間點(diǎn)陣，分子勢能(填“增

性碰撞，已知碰撞前物塊A靜止且彈簧處于原長狀態(tài)，物塊B與傳送帶之間的動摩擦

加""減少''或"不變”)，分子平均動能(“增加”“減少”或“不變”)，所以晶體有固

因數(shù)〃=0.3,取g=10m/st不考慮物塊大小對問題的影響，不考慮物塊運(yùn)動對傳

定的熔點(diǎn)。

送帶速度的影響。求：

(1)物塊B與物塊A碰撞前瞬間的速度大小；

(2)物塊A、B碰撞后，傳送帶的傳動速度降為i/=2.5m/s,方向保持逆時針方向

不變。試求物塊B第二次離開傳送的速度方向及大小。

15.如圖，某自動洗衣機(jī)洗衣缸的底部與一控水裝置的豎直均勻細(xì)管相通，細(xì)管的上

部封閉，并和一壓力傳感器相接。洗衣缸進(jìn)水時，細(xì)管中的空氣被水封閉，隨著洗衣

缸中水面的升高，細(xì)管中的空氣被壓縮，當(dāng)細(xì)管中空氣壓強(qiáng)達(dá)到一定數(shù)值時，壓力傳

感器使進(jìn)水閥門關(guān)閉，達(dá)到自動控水的目的。假設(shè)剛進(jìn)水時細(xì)管被封閉的空氣柱長度

參考答案

1.A

解：

A.法拉第最早提出用電場線表示電場，所以A正確；

B.密立根通過油滴實(shí)驗(yàn)精確地測出了元電荷的電量，所以B錯誤；

C.伽利略否定了“力是維持物體運(yùn)動的原因”的觀點(diǎn)，所以C錯誤；

D.牛頓研究整理第谷、哥白尼、伽俐略、笛卡爾、開普勒等人對天文觀測的數(shù)據(jù)，發(fā)現(xiàn)了

萬有引力定律，所以D錯誤；

故選Ao

2.D

解：

A.此核反應(yīng)為聚變反應(yīng)，故A錯誤；

BC.根據(jù)核反應(yīng)電荷守恒定律，有粒子X不顯電性，為中子。故B錯誤；C錯誤；

D.核反應(yīng)過程，釋放能量，出現(xiàn)質(zhì)量虧損。所以笊核和瓶核的總質(zhì)量大于氮核和X的總質(zhì)

量。

故選D。

3.B

解：

AB.設(shè)轉(zhuǎn)盤斜面傾角為仇對人受力分析可知，

fcos0-Nsin0=ma)2r

fsin0+Ncos0-mg

解得

N-mgcos0-mco2rsin

,.八mco2r

j=mgsin0+-------

tan。

則隨著魔盤轉(zhuǎn)速緩慢增大，則人受到魔盤的支持力N緩慢減小，人受到魔盤的摩擦力/緩慢

增大，選項(xiàng)A錯誤，B正確；

C.根據(jù)尸=〃心2/可知，隨轉(zhuǎn)速增加人受到的合外力大小增大，選項(xiàng)C錯誤；

D.人受到魔盤的作用力是支持力和摩擦力的合力，其大小為

F-yj(mg)2+(mto2r)2

則大小隨著轉(zhuǎn)速的增加而增大，選項(xiàng)D錯誤。

故選Bo

4.C

解：

A.根據(jù)曲線運(yùn)動軌跡特點(diǎn)合外力總是指向軌跡彎曲的一面,所以粒子q帶負(fù)電，則A錯誤；

B.由于帶電粒子先靠近點(diǎn)電荷后遠(yuǎn)離，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)的特點(diǎn)離點(diǎn)電荷越近的場強(qiáng)越大，

則粒子q的加速度先變大后變小，所以B錯誤；

C.由于帶電粒子先靠近點(diǎn)電荷后遠(yuǎn)離，所以電場力先做正功后做負(fù)功，則粒子"的電勢能

先變小后變大，所以C正確；

D.無法確定粒子q一定是從A運(yùn)動到B,所以D錯誤；

故選C。

5.D

解：

A.由于小球運(yùn)動過程中有摩擦力作用，合外力不為0,所以兩球組成的系統(tǒng)動量不守恒，

則A錯誤；

B.摩擦力對A做的功不等于A動能的變化，因?yàn)閷除了摩擦力做功，還有彈簧的彈力

做功，所以B錯誤；

C.摩擦力對B所做的功不等于B機(jī)械能的變化，因?yàn)閷球分析彈簧彈力也做了功，也

是外力，所以C錯誤；

D.由于有摩擦力作用，則最后彈簧可能處于壓縮或伸長狀態(tài)，具有一定的彈性勢能，所以

最終A、B、彈簧所組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能可能小于,m一,則D正確；

2

故選D?

6.B

解：

A.根據(jù)萬有引力提供向心力有

因?yàn)樗鼈冊谕卉壍肋\(yùn)動，一相等，所以它們運(yùn)動的速率相等，曲線運(yùn)動的速度方向在軌跡

切線方向，

所以它們的速度方向不同，則它們的運(yùn)行速度不同，故A錯誤；

B.根據(jù)

GMm,

——=mg

r

解得

,GM

g=F

由于它們和地面物體比較半徑r大，所以加速度小，即加速度小于9.8根/S2,故B正確；

C.根據(jù)萬有引力提供向心力有

GMm（2萬）

m

*~T2「

解得

3

T_91r

T=2乃J------

\GM

可知，半徑越小T越小，因?yàn)樗鼈冘壍腊霃奖韧叫l(wèi)星小，所以運(yùn)行的周期可能小于24小

時，故C錯誤；

D.若神州八號立即加速,,需要的向心力大于萬有引力，做離心運(yùn)動，到更高的軌道，無法

實(shí)現(xiàn)對接，故D錯誤；

故選Bo

7.A

解：

AC.將滑動變阻器的滑片向“端移動，阻值增大，總電阻增大，總電流減小，根據(jù)閉合電

路歐姆定律可得

q=E-/(廠+4)

由于總電流減小，電源內(nèi)阻與定值電阻與不變，則&兩端電壓增大，則通過&兩端電流增

大，由串并聯(lián)電路電壓電流關(guān)系有

/總=，2+4

則通過&的電流減小，電壓表的讀數(shù)為

((UUIR

Pll-Pb=ab=i-22

則電壓表的讀數(shù)增大，4點(diǎn)電勢升高，所以A正確；C錯誤；

B.由于電源內(nèi)阻無法確定，根據(jù)電源的輸出功率特點(diǎn)，當(dāng)外電阻等于電源內(nèi)阻時，電源的

輸出功率最大，所以電源的輸出功率無法確定，則B錯誤；

D.電源的效率為

片”X1OO%=—^-X1OO%=—1—X100%

EIR外+r1+_L

國卜

則將滑動變阻器的滑片向。端移動，阻值增大，總外電阻增大，所以電源的效率也增大，則

D錯誤；

故選A。

8.CD

解：

A.牽引力恰好等于阻力時，電動車的加速度為0,速度達(dá)到最大值，應(yīng)該是圖線中C點(diǎn)對

應(yīng)時刻，所以A錯誤；

B.速度達(dá)到最大值，牽引力恰好等于阻力時，電動車的加速度為0,由圖像可知

/=F=400N

所以B錯誤；

C.BC段對應(yīng)的時間內(nèi)，電動車的功率保持不變，由牛頓第二定律有

F-f=ma,F——

v

由于電動車的功率保持不變，則速度增大時，牽引力逐漸減小，電動車的加速度不斷減小,

所以c正確；

D.電動車開始做勻加速直線運(yùn)動，由牛頓第二定律有

F-f=ma

解得

F-f2000-400一，2

8xl02

經(jīng)過1.5s速度為

v-at=2x1.5=3m/s

此時電動車的功率為

P=Fv=2000x3=6000W=7^,=400xl5=6000W

所以經(jīng)過1.5s剛好達(dá)到額定功率，則D正確；

故選CD。

9.AD

解：

A.由兩球軌跡，可知甲乙兩球首次落地前，位移關(guān)系為

■Xip=3x乙

根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律，有

即兩球拋出時速度之比為3:1。故A正確；

B.題目中條件不足，不能確定兩球拋出時的機(jī)械能，故B錯誤；

C.由兩球軌跡，易知兩球運(yùn)動時間關(guān)系為

t甲:ty—1.3

故C錯誤；

D.從。到A的運(yùn)動過程中所受重力的沖量為

I—Gt

聯(lián)立，可得

/甲：〃=1：3

故D正確。

故選AD,

10.BC

解：

A.線框勻速推出磁場區(qū)域時，有

由圖可知

L-vttan3

B2V3tan2^2

-------------r

R

可見F與時間f的二次方成正比，選項(xiàng)A錯誤;

B.感應(yīng)電流

,BLvBv~tan6

I=-----=------------

可見電流/與時間f成正比，選項(xiàng)B正確;

C.通過線框某一橫截面的電量

可見4與時間f的二次方成正比，圖線為拋物線，選項(xiàng)C正確:

D.線框的熱功率

B2Lrv2_B2v4tan23

可見P與時間，的二次方成正比，選項(xiàng)D錯誤。

故選BC。

II.0.401.46天平小車總質(zhì)量AD

解：

(I)[1]根據(jù)平均速度表示瞬時速度可得小車此次運(yùn)動經(jīng)B點(diǎn)時的速度為

-2

xAC_8.00xlO

VB=0.40m/s

tAC2x0.1

[2]根據(jù)

^x=aT2

可得，小車的加速度為

一3^48.0。-3.27-327)x1。：“46mzs,

T20.12

(2)[3[4]要驗(yàn)證牛頓第二定律，根據(jù)

F

a=——

M

可知該實(shí)驗(yàn)需要測量質(zhì)量，所以實(shí)驗(yàn)中還要使用天平，來測量出小車的總質(zhì)量。

(3)|5]A.實(shí)驗(yàn)中需要平衡摩擦力，平衡摩擦力的操作，適當(dāng)墊高長木板無滑輪的一端，

使未掛鉤碼的小車被輕推后恰能拖著紙帶勻速下滑，所以A正確；

BC.實(shí)驗(yàn)中用拉力傳感器直接測出了小車的拉力大小，因此對小車的質(zhì)量和所掛鉤碼質(zhì)量

沒有具體的要求，定滑輪的輪軸是否光滑也無關(guān)，所以BC錯誤：

D.適當(dāng)增大鉤碼的總質(zhì)量加可以減小摩擦阻力產(chǎn)生的相對誤差，所以D正確；

故選ADo

12.蓄電池內(nèi)阻太小(或蓄電池電動勢太小，或電阻箱的阻值太大)乙1.80.38(0.38~0.42)

解：

(1)11]由圖甲可知，電壓表測的是電阻箱R的電壓，示數(shù)變化范圍比較小，說明電阻箱R的

值比蓄電池的內(nèi)阻大的多，也就是蓄電池的內(nèi)阻太小的原因。

(2)[2]圖丙電路圖與圖甲電路圖類似,圖乙電路圖的R與蓄電池串聯(lián)，等于電源的內(nèi)阻增大，

是R+r,因此應(yīng)選圖乙的方案實(shí)驗(yàn)。

(3)[3]由閉合電路的歐姆定律有

1=——--

R+Ri+r

ER

U=IR=

/?+/?,+r

_L」+XJ_

UEER

由圖丁可知

E=1.8V

⑷蓄電池的內(nèi)阻

/?,+r_1.5-0.55

r=0.38Q

B⑴帶負(fù)電荷,口聯(lián)⑵器

解：

(1)由于電場方向向下，電荷所受電場力向上，可知：墨滴帶負(fù)電荷，墨滴在電場區(qū)域做

勻速直線運(yùn)動，有

U

q『g

U

(2)進(jìn)入電場、磁場共存區(qū)域后，重力與電場力平衡，磁場力做勻速圓周運(yùn)動的向心力

考慮墨滴進(jìn)入磁場和擋板的幾何關(guān)系，可知墨滴在該區(qū)域恰完成四分之一圓周運(yùn)動則半徑

由此可得

14.(1)9m/s；(2)2.5m/s.方向向左離開傳送帶

(1)設(shè)B滑到曲面底部速度為%,根據(jù)機(jī)械能守恒定律

解得

%=12gh-，2x10x5.25m/s--V105m/s

由于v0>v=7m/s,2在傳送帶上開始做勻減速運(yùn)動，設(shè)3一直減速滑過傳送帶的速度為v,,

由動能定理可得

一卬叫；;相片

解得

v1=9m/s

由于匕=9m/s仍大于7m/s,說明假設(shè)成立，即8與A碰前速度為9m/s。

(2)設(shè)第一次碰后A的速度為囁-B的速度為丫小，取向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律

和機(jī)械等守恒定律得