2025屆貴州省正安縣第八中學高二物理第一學期期末統(tǒng)考試題含解析

2025屆貴州省正安縣第八中學高二物理第一學期期末統(tǒng)考試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在電磁學的發(fā)展過程中，許多科學家做出了卓越貢獻，下列表述符合史實的是A.法拉第最早用實驗測定了電子的帶電量B.奧斯特引入了電場的概念C.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應D.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律2、如圖所示的電路中，在開關S閉合的狀態(tài)下，有一帶電油滴靜止在電容器兩極板中間，下列有關判斷正確的是（）A.保持開關閉合，增大電容器兩極板間的距離的過程中，油滴仍將保持靜止B.保持開關閉合，將滑動變阻器的滑動觸片向下移動，油滴將向下運動C.斷開開關S后，油滴仍將保持靜止D.斷開開關S后，電阻R2上始終沒有電流通過3、當兩列振動情況完全相同的水波發(fā)生干涉時，如果兩列波的波峰在P點相遇，下列說法不正確的是（）A.質點P的振動始終是加強的B.質點P的位移始終最大C.質點P的振幅最大D.質點P的位移有時為零4、如圖所示，勻強磁場磁感應強度B＝0.2T，通電直導線與磁場方向垂直，導線長度L＝0.2m，導線中電流I＝1A．該導線所受安培力F的大小為()A.0.01N B.0.02NC.0.03N D.0.04N5、如圖所示，一水平放置的矩形閉合線圈abcd，在細長磁鐵的N極附近豎直下落，保持bc邊在紙外，ad邊在紙內。線圈由位置Ⅰ經(jīng)位置Ⅱ到位置Ⅲ，且位置Ⅰ和位置Ⅲ都很靠近位置Ⅱ。在這個過程中，線圈中的磁通量()A.是增加的 B.是減少的C.先增加，后減少 D.先減少，后增加6、下列敘述符合史實的是（）A.卡文迪許通過扭秤實驗首先發(fā)現(xiàn)了點電荷之間相互作用的規(guī)律B.法拉第最早引入了電場的概念，并提出電場線是真實存在的C.焦耳發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，說明了熱現(xiàn)象和電現(xiàn)象之間存在聯(lián)系D.富蘭克林發(fā)明了避雷針二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，粒子源S能在圖示紙面內的360°范圍內發(fā)射速率相同、質量為m、電量為+q的同種粒子（重力不計），MN是足夠大的豎直擋板，S到擋板的距離為L，擋板左側充滿垂直紙面向外的勻強磁場，磁感應強度為B，則下列說法正確的是（）A.S發(fā)射的粒子速率至少為，才能有粒子到達擋板B.若S發(fā)射的粒子速率為，則擋板能被粒子擊中部分的長度為2LC.若S發(fā)射的粒子速率為，粒子到達擋板的最短時間是D.若S發(fā)射的粒子速率為，粒子到達擋板的最短時間是8、如圖所示，垂直紙面的正方形勻強磁場區(qū)域內，有一位于紙面的、電阻均勻的正方形導體框abcd，現(xiàn)將導體框分別朝兩個方向以v、3v速度勻速拉出磁場，則導體框從兩個方向移出磁場的兩個過程中（）A.導體框中產生的感應電流方向相同B.導體框中產生的焦耳熱相同C.通過導體框截面的電荷量相同D.導體框ad邊兩端電勢差相同9、有兩個勻強磁場區(qū)域I和II，I中的磁感應強度是II中的k倍，兩個速率相同的電子分別在兩磁場區(qū)域做圓周運動，與I中運動的電子相比，II中的電子（）A.運動軌跡的半徑是I中的k倍B.加速度的大小是I中的k倍C.做圓周運動的周期是I中的k倍D.做圓周運動的角速度是I中的k倍10、如圖甲,電動勢為E,內阻為r的電源與R=6Ω的定值電阻、滑動變阻器Rp、開關S組成串聯(lián)回路,已知滑動變阻器消耗的功率P與其接入電路的有效阻值Rp的關系如圖乙,下列說法正確的是A.電源的電動勢E=V,內阻r=4ΩB.定值電阻R消耗的最大功率為0.96WC.圖乙中Rx=25ΩD.調整滑動變阻器Rp的阻值可以得到該電源的最大輸出功率為1W三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示的電路中，小量程電流表的內阻，滿偏電流，，；（1）當S1和S2均斷開時，改裝成是_______表，最大量程是______；（2）當S1和S2均閉合時，改裝成的是_______表，最大量程是______。12．（12分）有一個100匝的線圈，總電阻為，在內垂直穿過線圈平面的磁通量從增加到則這段時間內線圈中產生的平均感應電動勢______V，通過線圈的平均感應電流為______A四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）在遠距離輸電時，要考慮盡量減少輸電線上的功率損失．某小型發(fā)電站，輸送的電功率為P＝500kW，發(fā)電站輸出電壓為U1＝250V．為減少輸送功率的損失，變電站先用一升壓變壓器將電壓升高到U2＝5kV再輸出，在這種情況下，用戶端獲得的電功率為P1＝340kW．所用變壓器均為理想變壓器．求（1）升壓變壓器原副線圈的匝數(shù)之比為多少？（2）這樣輸電，效率仍然較低，若想使輸電效率提高到98％，又不改變輸電線，那么變電應將電壓升高到多少向外輸電？14．（16分）如圖所示，在xOy平面內，0<x<L的區(qū)域內有一沿y軸正方向的勻強電場．x>L的區(qū)域內有一方向垂直于xOy平面向外的勻強磁場．某時刻，一帶正電的粒子從坐標原點以沿x軸正方向的初速度v0進入電場；之后的某一時刻，另一帶等量負電的粒子以同樣的初速度從坐標原點進入電場．正、負粒子從電場進入磁場時速度方向與電場和磁場邊界的夾角分別為60°和30°，兩粒子在磁場中分別運動半周后在某點相遇．兩粒子的重力以及兩粒子之間的相互作用都可忽略不計．求：（1）正粒子從O點運動到A所用的時間；（2）正、負粒子的質量之比ml：m2；（3）兩粒子先后進入電場的時間差15．（12分）如圖所示，有一對平行金屬板，板間加有恒定電壓；兩板間有勻強磁場，磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向里。一電荷量為q、質量為m的正離子，以初速度v0沿平行于金屬板面、垂直于板間磁場的方向從A點射入金屬板間，不計離子的重力。(1)已知離子恰好做勻速直線運動，求金屬板間電場強度的大?。?2)若撤去板間磁場B，離子恰好從下極板的右側邊緣M點射出電場，方向與水平方向成45°角，求A點離下極板的高度和平行金屬板的長度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A.最早用實驗測定了電子的帶電量的是密立根，故A錯誤；B.法拉第最早引入電場的概念，并發(fā)現(xiàn)了磁場產生電流的條件和規(guī)律。故B錯誤；C.奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應。故C錯誤；D.庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律。故D正確。故選：D2、B【解析】在變化前油滴靜止，油滴受到的電場力和重力是一對平衡力；A．保持開關閉合，兩極板間的電勢差恒定不變，若增大電容器兩極板間的距離，根據(jù)可知兩極板間的電場強度減小，則油滴受到的電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，粒子將向下運動，A錯誤；B．保持開關閉合，將滑動變阻器的滑動觸片向下移動，連入電路的電阻增大，路端總電阻增大，即路端電壓增大，總電流減小，故兩端電壓減小，所以并聯(lián)支路兩端的電壓增大，故通過的電流增大，而總電流減小，所以的電流減小，即兩端電壓減小，故滑動變阻器兩極板間的電勢差減小，根據(jù)可知兩極板間的電場強度減小，則油滴受到的電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，粒子將向下運動，B正確；CD．斷開開關S瞬間，電容器放電，與電容器能形成閉合回路，故中的電流不為零，電容器放電，兩極板間的電場強度減小，油滴向下運動，CD錯誤。故選B。3、B【解析】兩列波波峰與波峰相遇，振動加強，振幅最大．頻率相同的兩列波發(fā)生干涉，振動加強點始終加強，減弱點始終減弱，都呈周期性變化【詳解】P點為波峰與波峰疊加，為振動加強點，振動始終加強，振幅最大．位移在變化，有時為零，有時處于最大．故ACD正確，B錯誤；此題選擇不正確的選項，故選B【點睛】解決本題的關鍵知道波峰與波峰疊加、波谷與波谷疊加，為振動加強點，波峰與波谷疊加，為振動減弱點4、D【解析】根據(jù)F=BIL可知導線所受安培力F的大小為F=0.2×1×0.2N=0.04N，故選D.5、D【解析】線圈從位置Ⅰ到位置Ⅱ的過程中，磁感線穿過線圈的條數(shù)減小，故向上的磁通量減小，線圈從位置Ⅱ到位置Ⅲ的過程中，線圈內穿過的向下的磁通量增加，故磁通量是先減小后增加，故D正確，ABC錯誤。故選D。6、D【解析】A．庫侖在前人的基礎上，通過實驗得到真空中點電荷的相互作用規(guī)律，故A錯誤；B．英國物理學家法拉第最早引入了電場概念，并提出用電場線表示電場，但電場線是假想的曲線，故B錯誤；C．歐姆發(fā)現(xiàn)了歐姆定律，反映導體的電流與電壓、電阻的關系，故C錯誤；D．美國科學家富蘭克林研究了放電現(xiàn)象，發(fā)明了避雷針，故D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A.板上的點到S的距離最小為L，要保證有粒子打在板上，粒子做圓周運動的最小半徑：r洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB＝m，解得粒子最小速度：v故A項符合題意.B.倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：qvB＝m，由題意可知：v，解得：r＝L由幾何知識得：ACL，當粒子向右水平射出時，剛好能打在檔板上如圖B點，則：BC＝r＝L，被粒子擊中的部分長度為：AB＝AC+BC＝（1）L；故B項不合題意.CD.根據(jù)B項分析可知粒子做圓周運動的軌道半徑：r＝L，粒子到達擋板的最短距離為L，此時所對圓心角最小，所用時間最短，由幾何關系得：解得：θ＝60°粒子在磁場中做圓周運動的周期：T，粒子在磁場中運動的最短時間：tTT，故C項符合題意正確,D項不合題意.8、AC【解析】由題意可知考查電磁感應中電流方向、能量轉化、電路問題，根據(jù)電磁感應規(guī)律分析計算可得【詳解】A．由楞次定律分析可知導體框中產生感應電流方向都為逆時針方向，故A正確；B．導體框拉出過程中產生焦耳熱等于克服安培力做的功，設導體框邊長為L，總電阻為R聯(lián)立可得因兩次拉出時的速度不同，產生的焦耳熱不同，故B錯誤；C．兩次拉出時磁通量變化量相同，線圈電阻相同，通過導體框截面電荷量相同故C正確；D．向右拉出時向上拉出時導體框ad邊兩端電勢差不相同，故D錯誤【點睛】導體棒切割磁感線部分是電源，電源兩端電壓指的是外電壓．向右切割時ad是電源，ad兩端電壓指的是ab、bc、bd三段電阻電壓之和，向上拉出時，bc是電源，ad兩端電壓是ad段電阻電壓．產生焦耳熱等于克服安培力做功，由可比較產生熱量關系Ⅱ卷（非選擇題9、AC【解析】電子在磁場中做的圓周運動，洛倫茲力作為向心力，根據(jù)圓周運動的周期公式和半徑公式逐項分析即可設Ⅱ中的磁感應強度為B，則Ⅰ中的磁感應強度為kB，根據(jù)電子在磁場中運動的半徑公式可知，Ⅰ中的電子運動軌跡的半徑為，Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，故A正確；電子在磁場運動的洛倫茲力作為向心力，所以電子的加速度的大小為，所以Ⅰ中的電子加速度的大小為，Ⅱ中的電子加速度的大小為，所以Ⅱ的電子的加速度大小是Ⅰ中的倍，故B錯誤；根據(jù)電子在磁場中運動的周期公式可知，Ⅰ中的電子運動周期為，Ⅱ中的電子運動周期為，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的半徑是Ⅰ中的k倍，所以Ⅱ中的電子運動軌跡的周期是Ⅰ中的k倍，故C正確；做圓周運動的角速度，所以Ⅰ中的電子運動角速度為，Ⅱ中的電子運動角速度為，在Ⅱ的電子做圓周運動的角速度是Ⅰ中的倍，故D錯誤10、BC【解析】將R看成電源內阻，當電源的內外電阻相等時RP的功率最大，由圖讀出RP的功率最大值及對應的阻值，即可求得電源的內阻，根據(jù)功率公式求出電源的電動勢．根據(jù)滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等列式，可求得Rx．當RP=0時電路中電流最大，R消耗的功率最大．根據(jù)內外電阻相等時電源的輸出功率最大求該電源的最大輸出功率【詳解】由圖乙知，當RP=R+r=10Ω時，滑動變阻器消耗的功率最大，R=6Ω，可得內阻r=4Ω最大功率P==0.4W，解得E=4V，故A錯誤．滑動變阻器的阻值為4Ω與阻值為Rx時消耗的功率相等，有4Rx=（R+r）2，解得Rx=25Ω，故C正確．當回路中電流最大時，定值電阻R消耗的功率最大，故最大功率為Pmax=()2R=0.96W，故B正確．當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．本題中定值電阻R的阻值大于內阻的阻值，故滑動變阻器RP的阻值為0時，電源的輸出功率最大，最大功率為P出max=()2R=0.96W，故D錯誤．故選BC【點睛】解決本題的關鍵是掌握推論：當外電路電阻與電阻相等時，電源的輸出功率最大．對于定值電阻，當電流最大時其消耗的功率最大．對于變阻器的最大功率，可采用等效法研究三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.電壓表②.1V③.電流表④.1A【解析】(1)[1]當S1和S2均斷開時，電流表與R1串聯(lián)，改裝成的是電壓表。[2]量程為U，則(2)[3]當S2和S1均閉合時，R2和電流表并聯(lián)，改裝成電流表。[4]量程為I，則12、①.40②.4【解析】根據(jù)法拉第電磁感應定律求出感應電動勢．由歐姆定律求出感應電流【詳解】根據(jù)法拉第電磁感應定律；感應電流：