2025屆新疆奎屯市一中物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題含解析

2025屆新疆奎屯市一中物理高二第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某型號電動自行車的電動機銘牌如下：兩次都將蓄電池充足電，第一次以15km/h的速度勻速行駛，第二次以20km/h的速度勻速行駛．若行駛時所受阻力與速度成正比，且電動自行車行駛時熱損耗與輸出功率比值保持不變，則兩次行駛的最大里程之比及此自行車所配置的電動機的內(nèi)阻為（）后輪驅(qū)動直流永磁轂電機額定工作電壓、電流：36V/5A額定輸出功率：175WA．0.2ΩB．0.2ΩC．7.2ΩD．7.2Ω2、在電磁學(xué)發(fā)展過程中，許多科學(xué)家做出了貢獻，下列說法正確的是()A．法拉第最先引入“場”的概念，并最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象B．庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，并通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值C．安培在研究磁場與通電導(dǎo)線的相互作用方面做出了杰出的貢獻，并提出分子電流假說D．奧斯特發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律3、如圖所示，A、B兩燈分別標有“110V、100W”和“110V、40W”，按不同方法接入220V電路，能使兩燈正常發(fā)光，且電路中消耗功率最小的是（）A．B．C．D．4、一帶電小球在空中由A點運動到B點的過程中，只受重力、電場力和空氣阻力三個力的作用。若重力勢能增加5J，機械能增加1.5J，電場力做功2J，則小球()A．重力做功為5JB．電勢能減少2JC．動能增加3.5JD．空氣阻力做功0.5J5、電源電動勢的大小反映的是().A．電源把電能轉(zhuǎn)化成其他形式的能的本領(lǐng)的大小B．電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小C．電源單位時間內(nèi)傳送電荷量的多少D．電流做功的快慢.6、如圖所示，甲、乙兩人靜止在光滑的冰面上，甲沿水平方向推了乙一下，結(jié)果兩人向相反方向滑去。已知甲的質(zhì)量為45kg，乙的質(zhì)量為50kg。則下列判斷正確的是A．甲的速率與乙的速率之比為1：1B．甲的加速度大小與乙的加速度大小之比為9：10C．甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1D．甲的動能與乙的動能之比為1：1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、等量正點電荷的連線和其中垂線如圖所示．一個帶負電的試探電荷，先從圖中a點沿直線移到b點，再從b點沿直線移到c點，則()A．試探電荷所受電場力的方向一直不變B．試探電荷所受電場力的大小一直增加C．試探電荷的電勢能一直減小D．a(chǎn)、b、c三點電勢為：8、如圖所示電路中，電源電動勢為E，內(nèi)阻為r，串聯(lián)的固定電阻為R2，滑動變阻器的總電阻是R1，電阻大小關(guān)系為R1=R2A．電路的總電流先增大后減小B．電路的路端電壓先增大后減小C．電源的輸出功率先減小后增大D．滑動變阻器R19、如圖所示，電容器由平行金屬板M、N和電介質(zhì)D構(gòu)成．電容器通過開關(guān)S及電阻及與電源E相連接．則A．M上移電容器的電容變大B．將D從電容器抽出，電容變小C．斷開開關(guān)S，M上移，MN間電壓將增大D．閉合開關(guān)S，M上移，流過電阻及的電流方向從B到A10、下表列出了某品牌電動自行車及所用電動機的主要技術(shù)參數(shù)，不計其自身機械損耗。若該車在額定狀態(tài)下以最大運行速度行駛，則（）自重40額定電壓48載重75額定電流12最大速度20額定輸出功率350A．電動機的內(nèi)阻為4ΩB．電動機的輸入功率為576C．該車受到的阻力為63D．該車獲得的牽引力為104三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一細而均勻的導(dǎo)電材料，截面為同心圓環(huán)，如圖1所示，此材料長約3cm，電阻約為100，已知這種材料的電阻率為.欲測量該樣品的內(nèi)徑，但內(nèi)徑太小，無法直接測量。現(xiàn)提供以下實驗器材：A．20分度的游標卡尺；B．螺旋測微器；C．電流表A1(量程50mA，內(nèi)阻r1=100Ω)；D．電流表A2(量程100mA，內(nèi)阻r2約為40Ω)；E.滑動變阻器R1(0～10Ω，額定電流2A)；F.直流電源E(電動勢為12V，內(nèi)阻很小)；G.上述導(dǎo)電材料R2(長約為3cm，電阻約為100Ω)；H.開關(guān)一只，導(dǎo)線若干。請用上述器材設(shè)計一個盡可能精確地測量該樣品內(nèi)徑d的實驗方案，回答下列問題：(1)用游標卡尺測得該樣品的長度如圖2所示，其示數(shù)L=______cm，用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖3所示，其示數(shù)D=__________mm.(2)圖4是實驗測量電路一部分，為了多測幾組數(shù)據(jù)，請在圖上補全測量電路(所需儀器在題中給的器材中選取，用常用的電路符號代替)____________.(3)為了得到樣品的內(nèi)徑d，實驗中還需要得到的一組測量值是______________(用字母表示且要說明相應(yīng)字母的含義).(4)用已知的物理量字母和所測得的物理量的字母表示樣品的內(nèi)徑d=_____________.12．（12分）某同學(xué)想通過“測繪小燈泡的伏安特性曲線”的方法來測量一小燈泡的額定功率。所用器材如下：ⅰ.待測小燈泡一只：額定電壓為2.5V，電阻約為幾歐ⅱ.電壓表一只：量程為3V，內(nèi)阻約為3kΩⅲ.電流表一只：量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.1Ωⅳ.滑動變阻器一只，干電池兩節(jié)，開關(guān)一個，導(dǎo)線若干(1)請在圖甲中補全測量小燈泡額定功率的電路圖。（________）(2)圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于________（選填“A端”、“B端”或“AB正中間”）；(3)該同學(xué)通過實驗作出了小燈泡的伏安特性曲線，如圖乙所示，則小燈泡的額定功率為_______W；若將小燈泡直接與電動勢E=3.0V，內(nèi)阻r=7.5Ω的電源相連，小燈泡的功率為_________W。（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一個電動機，線圈電阻是0.4Ω，當它兩端所加的電壓為220V時，通過的電流是5A．這臺電動機每分鐘所做的機械功有多少?14．（16分）如圖所示，兩平行金屬板A、B長為L=8cm，板間距為d=8cm，A板電勢比B板高300V。一質(zhì)量為m=10–20kg、電荷量為q=10–10C的帶正電粒子（重力不計）以v0=2×106m/s的初速度沿兩板中心線RO射入電場中；粒子飛出板間電場，經(jīng)過MN、PS間的無電場區(qū)域后，進入固定在O點的點電荷Q形成的電場區(qū)域，該電場不受界面PS影響；粒子最后垂直打在放置于中心線處的熒光屏bc上。已知PS⊥RO，MN、PS相距12cm，O點與界面PS相距9cm，靜電力常量k=9×109N·m2/C2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。（1）求粒子穿過界面MN時偏離中心線RO的距離。（2）試粗略畫出粒子運動全過程的軌跡。（3）求點電荷Q的電性及電荷量大小。（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）15．（12分）如圖所示，在沿水平方向的勻強電場中有一固定點O，用一根長度為L=0.4m的絕緣細線把質(zhì)量為m=0.10kg、帶有正電荷的金屬小球懸掛在O點，小球靜止在B點時細線與豎直方向的夾角為θ=370；現(xiàn)將小球拉至位置A使細線水平拉直后由靜止釋放．已知g=10m/s2，sin370=0.60，cos370=0.80求：（1）小球從A到C的過程中電場力所做的功？（2）小球運動到最低點C時速度v的大??？（3）小球運動到最低點C時對細線的拉力大?。?/p>

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

設(shè)阻力勻速運動時則由可知故功率與速度平方成正比，因此功率之比為行駛里程因電池的輸出的總功相同，故因此時間之比為則里程之比為根據(jù)功率關(guān)系可知代入數(shù)據(jù)可得解得故BCD錯誤A正確。故A正確。2、C【解析】

A．法拉第最先引入“場”的概念，奧斯特最早發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)現(xiàn)象，選項A錯誤。B．庫侖發(fā)現(xiàn)了點電荷的相互作用規(guī)律，密立根通過油滴實驗測定了元電荷的數(shù)值，選項B錯誤；C．安培在研究磁場與通電導(dǎo)線的相互作用方面做出了杰出的貢獻，并提出分子電流假說，選項C正確；D．洛倫茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運動電荷的作用規(guī)律，選項D錯誤；3、B【解析】由于AB兩個燈泡的電阻大小不同，所以直接把AB串連接入電路的話，AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光，故A錯誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、PB=40W，由此可知，把燈泡A與電阻并聯(lián)的話，會使并聯(lián)的部分的電阻更小，所以AB的電壓不會平分，AB不會同時正常發(fā)光，故C錯誤；由于額定電壓都是110V，額定功率PA=100W、，由此可知，把燈泡B與電阻并聯(lián)的話，可以使并聯(lián)部分的電阻減小，可能使A與并聯(lián)部分的電阻相同，所以AB能同時正常發(fā)光，并且電路消耗的功率與A燈泡的功率相同，所以總功率的大小為200W，把AB并聯(lián)之后與電阻串連接入電路的話，當電阻的阻值與AB并聯(lián)的總的電阻相等時，AB就可以正常發(fā)光，此時電阻消耗的功率為AB燈泡功率的和，所以電路消耗的總的功率的大小為280W，BD的分析可知，正常發(fā)光并且消耗的功率最小的為B，故B正確．4、B【解析】

重力做功等于重力勢能的減小量，重力勢能增加5J，故重力做功-5J，故A錯誤；電場力做功等于電勢能的減小量，電場力做功2J，故電勢能減小2J，故B正確；重力勢能增加5J，機械能增加1.5J，而機械能等于動能與重力勢能之和，所以動能減小5J-1.5J=3.5J，故C錯誤。除重力以外的各個力做的總功等于機械能的增加量，除重力外，有電場力做功和空氣阻力做功，機械能增加1.5J，所以電場力與空氣阻力做的總功為1.5J，電場力做功為2J，所以空氣阻力為1.5J-2J=-0.5J，故D錯誤；故選B?！军c睛】本題要掌握常見的功與能的關(guān)系，知道功是能量轉(zhuǎn)化的量度，有多種表現(xiàn)形式：重力做功是重力勢能變化的量度；電場力做功是電勢能變化的量度；合力做功是動能變化的量度；重力外的各個力做的總功是機械能變化的量度．5、B【解析】

電源電動勢表示電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)的大小，AD錯B對．表示移送單位正電荷時非靜電力做功多少，C錯．6、C【解析】

甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，以兩人組成的系統(tǒng)為研究對象，以甲的速度方向為正方向，由動量守恒定律得：m甲v甲-m乙v乙=0，所以：；故A錯誤；甲與乙之間的作用力為作用力與反作用力，大小相等，由牛頓第二定律：a=F/m，所以：．故B錯誤；甲、乙兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，所以分離后二者動量大小相等，方向相反。由動量定理：I=△mv=△P可知，甲對乙的沖量大小與乙對甲的沖量大小之比為1：1．故C正確；動能的表達式：Ek＝mv2＝，所以：．故D錯誤。故選C?！军c睛】該題考查動量、能量的轉(zhuǎn)化與守恒，題中兩人組成的系統(tǒng)動量守恒，由動量守恒定律可以求出兩人的速度之比。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】

A．在等量的正電荷的電場中，根據(jù)矢量的合成法則可以知道，在它們的連線中垂線上的點的電場強度的方向都是沿著中垂線指向外的，b點沿直線移到c點，電場強度的方向沿著cb方向。所以試探電荷所受電場力的方向發(fā)生改變。故A不符合題意。B．根據(jù)矢量的合成法則可以知道，b點電場強度為0，中垂線上離b很遠處電場強度也為0，c點電場強度不為0。所以試探電荷所受電場力的大小不是一直增加。故B不符合題意。

C．帶負電的試探電荷從圖中a點沿直線移到b點，電場力方向沿著中垂線指向內(nèi)，電場力做正功，再從b點沿直線移到c點，電場力也做正功，所以電荷電勢能一直減小。故C符合題意。D．電荷電勢能一直減小，由于是帶負電的試探電荷，所以電勢增大，即φa＜φb＜φc。故D符合題意。8、BC【解析】當滑動變阻器從a→b移動時，R1左右兩個部分并聯(lián)電路總電阻先增大后減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知：電流是先減小后增大，故A錯誤；路端電壓U=E-Ir，因為電流先減小后增大，所以路端電壓先增大后減小，故B正確；當R外=r的時候電源的輸出功率最大，可知當滑片在a端或者b端時，外電路總電阻R外=r，此時電源的輸出功率最大，所以輸出功率是先減小后增大的，故C正確；將R2看成電源的內(nèi)阻，等效電源的內(nèi)阻為2r，變阻器為外電路，顯然外電阻小于內(nèi)電阻，外電阻先增大后減小，等效電源的輸出功率，即R1上消耗的功率先增大后減小，故D錯誤．故選BC.點睛：本題關(guān)鍵判斷出滑動變阻器滑片P從最右端→中間→左端總電阻變化情況和電源的輸出功率與外電阻的關(guān)系，能巧妙運用等效思維分析變阻器功率的變化．9、BC【解析】，根據(jù)電容的決定式可知，當M向上移時，板間距離d增大，電容器的電容變?。划攲從電容器抽出，介電常數(shù)減小，電容器的電容變小，故A錯誤，B正確；斷開開關(guān)S，M上移，電量不變，而電容減小，根據(jù)電容的定義式，可知電容器兩端的電壓增大，故C正確；閉合開關(guān)S，電壓不變，M上移時電容減小，則由可知，電量Q減小,電容器放電，流過電阻的電流方向從A到B，故D錯誤．選BC.【點睛】根據(jù)電容的決定式，分析電容的變化．電容器的板間電壓不變，根據(jù)電容的定義式，分析電容器電量的變化，即可判斷電路中電流的方向．10、BC【解析】

AB.由表可知，U0=48V，P=代入得P=576W；電動機內(nèi)部消耗的熱功率P代入得，P熱P代入解得，r≈1.6Ω；故A項錯誤，B項正確；CD.最大速度v=20根據(jù)P出F=故C項正確，D項錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、3.0153.204mm～3.206mmA1電流表示數(shù)為I1，A2電流表示數(shù)為I2【解析】

（1）[1]．游標卡尺讀數(shù)為L=30mm+3×0.05mm=30.15mm=3.015cm，

[2]．螺旋測微器測得該樣品的外徑d=3.0mm+20.5×0.01mm=3.205mm；（3.204mm～3.206mm）

（2）[3]．因兩個電流表中，A2電流表的滿偏電流大于A1電流表的滿偏電流，又A1電流表內(nèi)阻為定值，根據(jù)歐姆定律與串并聯(lián)知識，應(yīng)將A1電流表與待測材料并聯(lián)后再與A2電流表串聯(lián)，又因滑動變阻器阻值太小應(yīng)用分壓式接法，可設(shè)計電路圖如圖所示．

（3）[4]．實驗中還需要得到的一組測量值是：A1電流表示數(shù)為I1，A2電流表示數(shù)為I2，

（4）[5]．由歐姆定律可得待測電阻阻值又由電阻定律及解得樣品的直徑12、端【解析】

(1)[1]由于小燈泡電阻較小，電流表應(yīng)用外接法，電路圖如圖所示(2)[2]圖甲中開關(guān)S閉合之前，滑動變阻器的滑片應(yīng)置于端，使得閉合電鍵后，測量電路部分處于短路狀態(tài)，電壓表、電流表示數(shù)為0，起保護作用；(3)[3]當時，電流，所以額定功率為：[4]根據(jù)閉合電路歐姆定律可得：作出電源的圖線，如圖交點對應(yīng)的電壓和電流分別為：1.0V、0.28A，所以實際功率為：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、65400J【解析】

電動機內(nèi)部有線圈和轉(zhuǎn)動部分，所以220V的電壓一部分加在線圈上，一部分加在轉(zhuǎn)動部分上；U線圈=Ir=2V，P內(nèi)