2025屆湖北省黃岡市羅田縣第一中學(xué)物理高二上期末質(zhì)量檢測模擬試題含解析

2025屆湖北省黃岡市羅田縣第一中學(xué)物理高二上期末質(zhì)量檢測模擬試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源(內(nèi)阻不計(jì))連接，下極板接地，一帶電油滴位于電容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)，現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，則（）A.帶電油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B.極板帶電量將增加C.P點(diǎn)的電勢(shì)將降低D.極板間的場強(qiáng)不變2、如圖所示，a、b分別為一對(duì)等量同種電荷連線上的兩點(diǎn)（其中b為中點(diǎn)），c為連線中垂線上的一點(diǎn)，今將一負(fù)點(diǎn)電荷q自a沿直線移到b再沿直線移到c，下列說法正確的是（）A.電荷q受到的電場力一直變小B電場力對(duì)電荷q一直做負(fù)功C.電荷q的電勢(shì)能先減小，后增加D.電荷q受到的電場力方向一直不變3、如圖，懸線一端固定，另一端拉住一個(gè)帶電小球，使之在勻強(qiáng)電場中處于靜止?fàn)顟B(tài)。忽略空氣阻力，當(dāng)懸線突然斷裂后，帶電小球?qū)⒆觯ǎ〢.勻變速曲線運(yùn)動(dòng) B.勻速直線運(yùn)動(dòng)C.勻變速直線運(yùn)動(dòng) D.圓周運(yùn)動(dòng)4、電荷量分別為q1和q2的兩點(diǎn)電荷放在x軸上的O、M兩點(diǎn)，兩電荷連線上各點(diǎn)電勢(shì)φ隨x變化的關(guān)系如圖所示，其中A、N兩點(diǎn)的電勢(shì)為零；ND段中C點(diǎn)電勢(shì)最高．則下列選項(xiàng)中錯(cuò)誤的是A.C點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小為零B.C.N、C兩點(diǎn)之間連線上的電場強(qiáng)度方向沿x軸正方向D.將一個(gè)帶負(fù)電的檢驗(yàn)電荷從N點(diǎn)沿x軸正方向移動(dòng)到D點(diǎn)的過程中，電場力先做正功后做負(fù)功5、直線OM和直線ON之間的夾角為30°，如圖所示，直線OM上方存在勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，方向垂直于紙面向外。一帶電粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q（q>0）。粒子沿紙面以大小為v的速度從OM上的某點(diǎn)向左上方射入磁場，速度與OM成30°角。已知該粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡與ON只有一個(gè)交點(diǎn)，并從OM上另一點(diǎn)射出磁場。不計(jì)重力。粒子離開磁場的出射點(diǎn)到兩直線交點(diǎn)O的距離為（）A. B.C. D.6、實(shí)驗(yàn)得到金屬鈣的光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系如圖所示．下表中列出了幾種金屬的截止頻率和逸出功,參照下表可以確定的是()金屬鎢鈣鈉截止頻率10.957.735.53逸出功4.543.202.29A.如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大B.如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,其斜率比圖中直線的斜率大C.如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的圖線也是一條直線,設(shè)其延長線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為,則D.如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn),當(dāng)入射光的頻率時(shí),可能會(huì)有光電子逸出二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，閉合開關(guān)S，將條形磁鐵插入閉合線圈，第一次用時(shí)0.2s，第二次用時(shí)0.4s，并且兩次磁鐵的起始和終止位置相同，則（）A.第一次線圈中的磁通量變化較快B.第一次電流表G最大偏轉(zhuǎn)角較大C.第二次電流表G的最大偏轉(zhuǎn)角較大D.若斷開S，電流表G均不偏轉(zhuǎn)，故兩次線圈兩端均無感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)8、如圖所示，電源內(nèi)阻可忽略不計(jì)，電路中接有一小燈泡和一電動(dòng)機(jī)，小燈泡L上標(biāo)有“12V12W”字樣，電動(dòng)機(jī)的線圈內(nèi)阻若燈泡正常發(fā)光,電源的輸出電壓為16V,此時(shí)A.電動(dòng)機(jī)的輸入功率為12WB.電動(dòng)機(jī)的輸出功率為3WC.小燈泡的熱功率是12WD.整個(gè)電路消耗的電功率為12W9、關(guān)于磁感線和電場線，下列說法中正確的是（）A.磁感線和電場線都是一些互相平行的直線B.磁感線是閉合曲線，而靜電場線不是閉合曲線C.磁感線起始于N極，終止于S極；電場線起始于正電荷，終止于負(fù)電荷D.電場線和磁感線都可以用其疏密表示電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱10、磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)，它可以把物體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能，下圖是它的示意圖。平行金屬板A、B（兩板相距為d）之間有一個(gè)很強(qiáng)的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正，負(fù)帶電粒子）以速度沿垂直于B的方向噴入磁場，A、B兩板間便產(chǎn)生電壓。如果把A、B和用電器連接，A、B就是一個(gè)直流電源的兩個(gè)電極。則下列說法正確的是A.B板是電源正極 B.電流從B板經(jīng)電阻流向A板C.該發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)為Bdv D.該發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)為三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一根粗細(xì)均勻的空心導(dǎo)體管如圖a所示，截面為同心圓環(huán)（如圖b），其電阻約為，這種材料的電阻率為。某同學(xué)用以下器材測量該導(dǎo)體管的截面積（圖中陰影部分）：A．20分度的游標(biāo)卡尺B．螺旋測微器C．電流表（量程50mA，內(nèi)阻）D．電流表（量程100mA，內(nèi)阻約）E．滑動(dòng)變阻器R（）F．直流電源EG．空心導(dǎo)體管H．開關(guān)一只，導(dǎo)線若干(1)用游標(biāo)卡尺測量導(dǎo)體棒長度如圖甲，示數(shù)_________mm；用螺旋測微器測量其外徑如圖乙，示數(shù)_________mm；(2)下圖是實(shí)驗(yàn)時(shí)連接的電路，閉合開關(guān)S，調(diào)整滑動(dòng)變阻器，記錄電流表的讀數(shù)和電流表的讀數(shù)，則導(dǎo)體管的截面積（圖中陰影部分）為________（用已知量和測量量的符號(hào)來表示）。12．（12分）為了描繪標(biāo)有“”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電壓能從零開始變化．所給器材如下：A．電流表，內(nèi)阻約B．電流表，內(nèi)阻約C．電壓表，內(nèi)阻約D．電壓表，內(nèi)阻約E．滑動(dòng)變阻器F．電源電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)G．開關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線若干為了完成上述實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是______在如圖1所示的虛線框中畫出完成此實(shí)驗(yàn)的電路圖補(bǔ)充完整將實(shí)物圖按電路圖用導(dǎo)線補(bǔ)充完整實(shí)驗(yàn)描繪出的圖線如圖2所示，小燈泡的電阻隨電壓的升高而______變大、變??；小燈泡是______元件線性、非線性四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，水平放置金屬導(dǎo)軌M、N，平行地置于勻強(qiáng)磁場中，間距為lm，磁場的磁感強(qiáng)度大小為1T，方向與· 導(dǎo)軌平面夾角為，金屬棒ab的質(zhì)量為0.02kg，放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌垂直，且與導(dǎo)軌的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4，電源電動(dòng)勢(shì)為1.5V，內(nèi)阻為0.5Ω，定值電阻R為1Ω，其余部分電阻不計(jì)，則當(dāng)電鍵K閉合的瞬間，求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2）（1）電流多大？（2）棒ab的加速度為多大？14．（16分）導(dǎo)線中電荷的定向移動(dòng)形成了電流，而電荷定向移動(dòng)時(shí)所受到的洛倫茲力的總和，在宏觀上表現(xiàn)為導(dǎo)線所受的安培力．按照這個(gè)思路，請(qǐng)由安培力的表達(dá)式推導(dǎo)出洛倫茲力的表達(dá)式．（注意：對(duì)答題中設(shè)定的模型以及各物理量，要有必要的文字說明）15．（12分）如圖所示為質(zhì)譜儀的示意圖，在容器A中存在若干種電荷量相同而質(zhì)量不同的帶電粒子，它們可從容器A下方的小孔S1飄入電勢(shì)差為U的加速電場，它們的初速度幾乎為0，然后經(jīng)過S3沿著與磁場垂直的方向進(jìn)入磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，最后打到照相底片D上．若這些粒子中有兩種電荷量均為q、質(zhì)量分別為m1和m2的粒子（m1＜m2）（1）分別求出兩種粒子進(jìn)入磁場時(shí)速度v1、v2的大??；（2）求這兩種粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑之比；（3）求兩種粒子打到照相底片上的位置間的距離

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】AD．將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強(qiáng)減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．由可知電容器的電容減小，由于電勢(shì)差不變，根據(jù)可知電容器極板帶電量減小，故B錯(cuò)誤；C．場強(qiáng)減小，而點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式可知點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知點(diǎn)的電勢(shì)將降低，故C正確。2、B【解析】根據(jù)場強(qiáng)疊加原理，可知在等量同種正點(diǎn)電荷二者連線上，中點(diǎn)處電場強(qiáng)度為零，從中點(diǎn)處向兩點(diǎn)電荷靠近，場強(qiáng)逐漸增大，場強(qiáng)方向背離所靠近點(diǎn)電荷一方；在二者連線中垂線上，中點(diǎn)處場強(qiáng)為零，從中點(diǎn)處往中垂線兩邊延伸，場強(qiáng)先增大，后減小，且場強(qiáng)方向沿中垂線方向，二者連線上方豎直向上，下方豎直向下。A．將一帶電量為q的負(fù)點(diǎn)電荷自a沿直線移到b再沿直線移到c，場強(qiáng)先減小后增大，則電場力先減小后增大，并未一直減小，故A錯(cuò)誤；BC．負(fù)電荷所受力的方向與電場強(qiáng)度方向相反，所以負(fù)點(diǎn)電荷自a沿直線移到b的過程中，電場力做負(fù)功，再沿直線移到c時(shí)，電場力還是做負(fù)功；電場力一直做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能一直增大，故B正確，C錯(cuò)誤；D．從a到b再到c的過程中，電場強(qiáng)度方向先沿ab方向，后沿bc方向，負(fù)電荷受到電場力的方向與電場強(qiáng)度方向相反，所以電場力的方向也改變，故D錯(cuò)誤。故選B?！军c(diǎn)睛】兩個(gè)等量同種電荷，它們?cè)邳c(diǎn)O處產(chǎn)生的電場強(qiáng)度大小相等，方向相反；bc連線上方的中垂線上每一點(diǎn)（除b點(diǎn)）電場線方向向上；根據(jù)電場力做功正負(fù)，判斷電勢(shì)能的變化：電場力做負(fù)功，電荷的電勢(shì)能增大。3、C【解析】AC．當(dāng)懸線有向下的拉力時(shí)，懸線斷裂后，電場力和重力的合力與原來懸線的拉力等大反向，小球從靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤，C正確；B．對(duì)帶電小球受力分析可知，小球可能只受重力和豎直向上的電場力，若二力合力為零，懸線突然斷裂后，小球仍靜止，不會(huì)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；D．懸線拉力斷裂后，小球受到電場力和重力，二者合力可能為零，物體靜止；可能合力為恒力做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，恒力作用下物體不會(huì)做圓周運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。故選擇C選項(xiàng)。4、C【解析】A.圖象的切線斜率等于場強(qiáng)E，由圖可知C點(diǎn)的切線斜率為零，所以電場強(qiáng)度為零，故A正確；B.由圖知無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為0，A點(diǎn)的電勢(shì)為零，由于沿著電場線電勢(shì)降低，所以O(shè)點(diǎn)的電荷帶正電，M點(diǎn)電荷帶負(fù)電，由于A點(diǎn)距離O比較遠(yuǎn)而距離M比較近，所以電荷量大于的電荷量，故B正確；C.由N到C過程電勢(shì)升高，則說明場強(qiáng)沿x軸負(fù)方向，故C錯(cuò)誤；D.N→D段中，電勢(shì)先高升后降低，所以場強(qiáng)方向先沿x軸負(fù)方向，后沿x軸正方向，將一負(fù)點(diǎn)電荷從N點(diǎn)移到D點(diǎn)，電場力先沿x軸正方向，后沿x軸負(fù)方向，則電場力先做正功后做負(fù)功．故D正確5、D【解析】帶電粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為軌跡與ON相切，畫出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何知識(shí)得CO′D為一直線解得故選D。6、C【解析】光電效應(yīng)的特點(diǎn)：①金屬的逸出功是由金屬自身決定的，與入射光頻率無關(guān)；②光電子的最大初動(dòng)能Ekm與入射光的強(qiáng)度無關(guān)；③光電子的最大初動(dòng)能滿足光電效應(yīng)方程【詳解】由光電效應(yīng)方程：EKm=hγ-W0=hγ-hγ0可知，EKm-γ圖線的斜率表示普朗克常量，橫軸截距表示最大初動(dòng)能為零時(shí)的入射光頻率，此時(shí)的頻率等于金屬的極限頻率，也可以知道極限波長，根據(jù)W0=hγ0可求出逸出功．普朗克常量與金屬的性質(zhì)、與光電子的最大初動(dòng)能、入射光的頻率無關(guān)，如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)或者用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的Ekm-ν圖線都是一條直線，其斜率與圖中直線的斜率相等，故AB錯(cuò)誤；如用金屬鈉做實(shí)驗(yàn)得到的Ekm-ν圖線也是一條直線，設(shè)其延長線與縱軸交點(diǎn)的坐標(biāo)為（0，-Ek2），由于鈉的逸出功小于鎢的逸出功，則Ek2＜Ek1，故C正確；如用金屬鎢做實(shí)驗(yàn)，當(dāng)入射光的頻率ν＜ν1時(shí)，不可能會(huì)有光電子逸出，故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】只要記住并理解了光電效應(yīng)的特點(diǎn)，只要掌握了光電效應(yīng)方程就能順利解決此題，所以可以通過多看課本加強(qiáng)對(duì)基礎(chǔ)知識(shí)的理解．解決本題的關(guān)鍵掌握光電效應(yīng)方程EKm=hγ-W0=hγ-hγ0，知道逸出功與極限頻率的關(guān)系二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AB【解析】兩次磁鐵的起始和終止位置相同，知磁通量的變化量相同，根據(jù)時(shí)間長短判斷磁通量變化的快慢，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變化率成正比【詳解】A項(xiàng)：磁通量變化相同，第一次時(shí)間短，則第一次線圈中磁通量變化較快，故A正確；B、C項(xiàng)：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小與磁通量的變化率成正比，磁通量的變化率大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流大，故B正確，C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：斷開電鍵，電流表不偏轉(zhuǎn)，知感應(yīng)電流為零，但感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不為零，故D錯(cuò)誤故選AB【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)產(chǎn)生的條件，以及知道感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量的變化率成正比8、BC【解析】根據(jù)題圖可知，考查了歐姆定律，電功率；由電動(dòng)機(jī)與燈泡串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路電流處處相等，可知通過它們的電流相等；已知小燈泡額定電壓與額定功率，由電功率公式的變形公式求出燈泡正常工作時(shí)的電流；由電功率公式分析求解【詳解】燈泡正常發(fā)光，則電路電流為：I＝ILA；燈泡的熱功率等于它的額定功率12W，電動(dòng)機(jī)的熱功率為：PQ＝I2RM＝12×1＝1W；燈泡正常發(fā)光時(shí)，電動(dòng)機(jī)電壓為：UM＝U﹣UL＝16﹣12＝4V，電動(dòng)機(jī)的輸入功率為：P＝UMI＝4×1＝4W；電動(dòng)機(jī)的輸出功率為：P出＝P﹣PQ＝4W﹣1W＝3W；整個(gè)電路的電功率為，故BC正確，AD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】電動(dòng)機(jī)是非純電阻電路，電動(dòng)機(jī)的輸出功率等于輸入功率與熱功率之差9、BD【解析】磁感線和電場線都可以是直線，也可以是曲線，且不一定是平行的，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；磁感線是閉合曲線，而靜電場線不是閉合曲線，選項(xiàng)B正確；磁感線是閉合的曲線；電場線起始于正電荷，終止于負(fù)電荷或者無窮遠(yuǎn)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；電場線和磁感線都可以用其疏密表示電場強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，選項(xiàng)D正確；故選BD.10、ABC【解析】AB．由左手定則知正電荷運(yùn)動(dòng)的方向向里，受到向下的洛倫茲力，向B板聚焦，故B板是電源正極，電流從B板經(jīng)電阻流向A板，故AB正確；CD．兩板間電壓穩(wěn)定時(shí)滿足：，解得E=Bdv，則發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)E=Bdv，故C正確，D錯(cuò)誤。故選ABC。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.100.50②.3.500③.【解析】（1）[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)100mm，游標(biāo)卡尺的精度0.05mm，游標(biāo)尺上第10條刻度線與主尺對(duì)齊，讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為。（1）[2]螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為3.0mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為所以最終讀數(shù)為。（2）[3]根據(jù)電阻定律，則電阻絲的電阻為依據(jù)歐姆定律，由上圖可知，則電阻絲的電阻為聯(lián)立解得。12、①.BCEFG②.③.變大非線性【解析】（1）描繪標(biāo)有“”的小燈泡的伏安特性曲線，需要：電源、開關(guān)、導(dǎo)線，燈泡額定電壓為3V，電壓表需要選擇C，燈泡額定電流為，電流表選擇B，故實(shí)驗(yàn)器材需要：BCEFG（2）描繪燈泡伏安特性曲線時(shí)電壓與電流需要從零開始變化，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡電阻，電流表應(yīng)采用外接法，實(shí)驗(yàn)電路圖如下左圖所示（3）根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如下右圖所示（4）由圖示圖象可知，隨U增大I增大，電壓與電流的比值變大，燈泡電阻變大；燈泡的圖象是曲線，燈泡是非線性元件四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，