河南省安陽市第35中學 2025屆高三物理第一學期期中經(jīng)典試題含解析

河南省安陽市第35中學2025屆高三物理第一學期期中經(jīng)典試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一質量為m的小球從高度為H的平臺上以速度水平拋出，，落在軟基路面上出現(xiàn)一個深度為h的坑，如圖所示，不計空氣阻力，對從拋出到落至坑底的過程中，以下說法正確的是()A．外力對小球做的總功為B．小球機械能的減少量為C．路基對小球做的功為D．路基對小球平均阻力的大小為2、“神舟十號”飛船在預定軌道上做勻速圓周運動，在該飛船的密封艙內，如圖所示的實驗能夠進行的是()A． B．C． D．3、如圖所示，質量為m的小球固定在長為的細桿一端，繞細桿的另一端0在豎直面內做圓周運動，球轉到最高點A時，線速度大小為，此時（）A．球受到的拉力 B．球受到的支持力C．球受到的拉力 D．球受到的支持力4、如圖所示的靜電場中，、是某一條電場線上的兩個點，正檢驗電荷僅在電場力作用下從靜止開始自運動到的過程中（）A．做勻加速運動 B．的速度逐漸增大C．的電勢能逐漸增大 D．的加速度逐漸增大5、相距10cm的正對平行金屬板A和B帶有等量異號電荷．如圖所示，電場中C點距A板3cm，D點距B板2cm，C、D距離為8cm．已知A板接地，C點電勢C=-60V，則A．D點的電勢D=-220VB．C、D兩點連線中點的電勢為-140VC．若B板不動，A板上移，C、D兩點間的電勢差將變大D．若A板不動，B板上移，則D點電勢不變6、四個小球在離地面不同高度同時從靜止釋放，不計空氣阻力，從開始運動時刻起每隔相等的時間間隔，小球依次碰到地面．下列各圖中，能反映出剛開始運動時各小球相對地面的位置的是（）A． B．C． D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內，環(huán)的圓心與兩導線距離相等，環(huán)的直徑小于兩導線間距．兩導線中通有大小相等、方向向下的恒定電流．若A．金屬環(huán)向左側直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量增加B．金屬環(huán)向右側直導線靠近，穿過環(huán)的磁通量減小C．金屬環(huán)向上運動，環(huán)上無感應電流D．金屬環(huán)向下運動，環(huán)上的感應電流方向為順時針方向8、如圖所示，質量為4.0kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上，質量為6.0kg的物體B用細線懸掛在天花板上，B與A剛好接觸但不擠壓，現(xiàn)將細線剪斷，則剪斷后瞬間，下列結果正確的是（g取10m/s2）（）A．A加速的大小為1m/s2B．B加速的大小為6m/s2C．彈簧彈力大小為60ND．A、B間相互作用力的大小為24N9、如圖所示，圖(a)為某一列簡諧橫波在t=0時刻的波動圖象，圖(b)為P質點的振動圖象。下列說法正確的有。A．該列波的波速為4m/sB．再經(jīng)過5.5s的過程中P質點經(jīng)過的路程為22mC．該波沿x軸負方向傳播D．t=2.75s時P質點處于波峰E.若波源在t=1s時刻停止振動，則該波立即停止傳播10、質量為m的滑塊沿著高為h、長為l的斜面勻速下滑，在滑塊從斜面頂端下滑至底端的過程中，下列說法中不正確的有（

）A．滑塊克服阻力所做的功等于mghB．滑塊的機械能守恒C．合力對滑塊所做的功為零D．滑塊的重力勢能減少mgl三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用打點計時器測量做勻加速直線運動的物體的加速度，電源頻率f=50Hz。如圖甲所示，在實驗獲得的紙帶上，選出零點，每隔4個點取1個計數(shù)點，沿各計數(shù)點垂直紙帶將紙帶剪斷；將剪得的幾段紙帶并排貼在坐標中，各段緊靠但不重疊；最后將紙條上端中心連起來，得到v-t圖象如圖乙所示。(1)各段紙帶對應的時間間隔T=__________s；(2)第1段紙帶與縱軸v的交點表示______________________________；(3)由圖乙可知物體的加速度大小為______（保留三位有效數(shù)字）；(4)打下計數(shù)點“0”時，物體的速度為____（保留三位有效數(shù)字）。12．（12分）某同學用如圖甲所示的裝置通過研究重錘的落體運動來驗證機械能守恒定律，已知重力加速度為g。(1)在該實驗中所需要的物理量是________（填寫代號）A．重錘的質量B．重錘底部距水平地面的高度C．重錘下落的高度D．與下落高度對應的重錘的瞬時速度(2)在實驗得到的紙帶中，我們選用如圖乙所示的起點0（與相鄰點之間距離約為2mm）的紙帶來驗證機械能守恒定律。圖中A、B、C、D、E、F、G為七個相鄰的原始點，F(xiàn)點是第n個點。設相鄰點間的時聞間隔為T，下列表達式可以用在本實驗中計算F點速度vF的是_____A．B．C．D．(3)實驗中在操作、測量及計算無誤的前提下所求總要略小于gh，產(chǎn)生這一結果的系統(tǒng)誤差的原因有________________（寫出一個）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，真空室中電極K發(fā)出的電子(初速不計）經(jīng)過電勢差為U1的加速電場加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉電場，最后打在熒光屏上．CD兩板間的電勢差UCD隨時間變化如圖所示，設C、D間的電場可看作是均勻的，且兩板外無電場．已知電子的質量為m、電荷量為e(重力不計)，C、D極板長為L,板間距離為d,偏轉電壓U2,熒光屏距C、D右端的距離為L/6,不同時刻從K極射出的電子都能通過偏轉電極且不計電子間的相互作用．求：（1）電子通過偏轉電場的時間t0（2）若UCD的周期T=t0,熒光屏上電子能夠到達的區(qū)域的長度；（3）若UCD的周期T=2t0,到達熒光屏上O點的電子的動能？14．（16分）如圖所示，質量m1=1.0kg的木板靜止在光滑的水平面上，木板長L=1.8m，現(xiàn)有質量m2=0.20kg可視為質點的物塊，以水平向右v0=2.4m/s的速度從左端滑上木板。已知物塊與木板之間的動摩擦因數(shù)μ=0.10，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）木板運動過程中的最大速度大小v；（2）在物塊與木板相互作用的過程中，物塊損失的機械能E；（3）請用兩種不同的方法，分析求解在物塊與木板相互作用的過程中，由于摩擦產(chǎn)生的內能Q。15．（12分）如圖所示，從A點水平拋出的小物塊，到達斜面頂端B處時，其速度方向恰好沿斜面向下，然后沿傾角為的固定斜面滑下，小物塊到達C點時速度恰好為，因受到微小擾動，小物塊滑上與斜面平滑對接的四分之一光滑圓弧軌道上。已知圓弧軌道的半徑，圓心O在C點的正下方，小物塊的質量，平拋運動的水平位移，斜面長，取，，，不計空氣阻力，求：（1）小物塊從點拋出的初速度的大小；（2）小物塊沿斜面滑下過程中克服摩擦力做的功；（3）若小物塊沿圓弧軌道滑到P點時脫離軌道，求P點離D點的高度。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

對從拋出到落至坑底的過程中，動能變化量為，根據(jù)動能定理，外力對小球做的總功為，故A錯誤；小球機械能的減少量等于動能和重力勢能的減小量之和，動能減小量為，重力勢能的減小量為mg（M+h），故機械能的減小量為mg（H+h）+，故B正確；對從拋出到落至坑底的過程中，根據(jù)動能定理，有：mg（M+h）+W=0-，故W=-mg（M+h）-，即路基對小球做的功為-mg（M+h）-，故C錯誤；路基對小球平均阻力的大小為，故D錯誤；故選B．2、C【解析】由于過濾水時水要借助重力向下流，在太空中無法實現(xiàn)；同理也無法研究物體的重力勢能，故血漿與血細胞分層實驗，故ABD錯誤；只有C中用彈簧拉力器測力和重力無關，在太空中可以完成，故C正確；故選C．點睛：本題考查超重與失重的應用，注意在完全失重狀態(tài)下，凡是地面上利用重力的實驗在失重狀態(tài)下均無法實驗．但是要注意彈簧秤在宇宙飛船上式可以使用的．3、D【解析】

設此時桿對小球的作用力為拉力，則有：解得：負號說明力的方向與假設相反，即球受到的力為桿子的支持力，故D正確。4、B【解析】

AD．由于點的電場線比點的疏，由電場線較密的區(qū)域（大）運動到電場線較疏的區(qū)域（?。?，減小，減小．故A、D錯誤；BC．電荷帶正電，電場力做正功，所以電勢能減小，動能增大，速度逐漸增大，故B正確，C錯誤．故選：B．5、D【解析】

A、由勻強電場中場強和電勢差的關系可知，A板接地電勢為0V，AC間的距離為3cm，解得：；由，可得，則；故A錯誤.B、CD兩點的連線中點距離A板為5.5cm，由U=Ed可得電壓為110V，而A板接地，故電勢為-110V；故B錯誤.C、B板不動而A板上移時，板間距離增大，電容C變小，而Q不變，由可知場強不變，而CD間的距離不變，則CD間的電壓不變；C錯誤.D、A板不動，B板上移，Q不變，由知場強不變，則AD間的電壓不變，故D點電勢不變；故D正確.故選D.【點睛】解決本題的關鍵掌握電容器的動態(tài)分析和勻強電場的場強與電勢差的關系U=Ed，注意d為沿電場線方向上的距離．6、C【解析】試題分析：依題意可設第1個小球經(jīng)時間t落地，則第2個小球經(jīng)時間2t落地，第3個小球經(jīng)時間3t落地，第4個小球經(jīng)時間4t落地．又因為四個小球做的都是初速度為零的勻加速運動，因此它們下落的高度之比為1∶4∶9∶16，所以選項C正確.考點：本題考查勻變速直線運動的規(guī)律，意在考查學生對落體運動的理解．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

由題中“一圓形金屬環(huán)與兩固定的平行長直導線在同一豎直平面內”可知，本題考查閉合線圈磁通量變化以及感應電流方向，根據(jù)楞次定律和通電導線磁場分布規(guī)律可分析本題?！驹斀狻緼B、根據(jù)通電導線磁場分布規(guī)律可知，在兩根通電導線中間，及分布垂直紙面向外的磁場也分布垂直紙面向里的磁場，并且在中間位置，磁通量為零，因此金屬環(huán)無論向左向右移動，磁通量均增加，故A正確B錯誤；CD、因為金屬環(huán)內磁通量為零，根據(jù)對稱性，金屬環(huán)上下移動磁通量不會發(fā)生變化，根據(jù)楞次定律可知，無感應電流產(chǎn)生，故C正確D錯誤。8、BD【解析】

彈簧的彈力不能突變，以A、B系統(tǒng)為研究對象，由牛頓第二定律求出系統(tǒng)的加速度，然后以B為研究對象，由牛頓第二定律求出A、B間的作用力?！驹斀狻緾、物體A、B接觸但不擠壓，剪斷細線前，對A由平衡條件得，彈簧的彈力：T=mAg=4×10=40N，由于彈簧的彈力不能突變，剪斷細線瞬間彈力大小仍為40N，故C錯誤；A、剪斷細線后，A、B一起向下加速運動，對系統(tǒng)，由牛頓第二定律得：（mA+mB）g﹣T=（mA+mB）a，解得：a=6m/s2，故A錯誤，B正確；D、對B，由牛頓第二定律得：mBg﹣F=mBa，解得：F=24N，則A、B間的作用力為24N，故D正確；故選：BD?！军c睛】本題考查牛頓第二定律的應用；解題的關鍵是先采用整體法求解加速度，再隔離物體B并根據(jù)牛頓第二定律列式求解。9、ACD【解析】

A．由圖象a可知波長λ=4m圖b可知，波的周期T=1s，所以這列簡諧橫波的波速為故A正確；B．由于5.5s=5T，則再經(jīng)過

5.5s

的過程中

P

質點經(jīng)過的路程為

22×0.2m=4.4m，故B錯誤；C．由振動圖象可知t=0時P質點向下振動，可知該波沿x

軸負方向傳播，故C正確；D．t=2.75s=2T，此時

P

質點處于波峰，故D正確；E．若波源在

t=1s

時刻停止振動，則該波仍在介質中繼續(xù)傳播，故E錯誤；10、BD【解析】

滑塊動能的變化量為零，根據(jù)動能定理得，mgh-Wf=0，則滑塊克服阻力所做的功Wf=mgh．故A正確。由題，滑塊勻速下滑，滑動摩擦力對滑塊做負功，其機械能不守恒，故B錯誤。根據(jù)動能定理可知，物體做勻速運動，因此動能的變化為零，合力的功為零，故C正確；重力勢能的變化量△EP=-WG=-mgh，所以滑塊的重力勢能一定減少mgh，故D錯誤。本題選錯誤的，故選BD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、T=0.10s第1段紙帶的平均速度（或第1段紙帶中間時刻的速度）1.60m/s20.500m/s【解析】

(1)[1]由于每相鄰兩個計數(shù)點間還有4個點沒有畫出，所以相鄰的計數(shù)點間的時間間隔；(2)[2]根據(jù)平均速度等于中時刻瞬時速度，那么第1段紙帶與縱軸的交點表示第1段紙帶的平均速度(或第1段紙帶中間時刻的速度)；(3)[3]由紙帶數(shù)據(jù)，可得：根據(jù)加速度的公式可得：(4)[4]根據(jù)勻變速直線運動的速度公式可得0點時物體的速度為：12、CDC空氣或振針對重物的阻力【解析】

(1)[1]實驗中驗證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，需要直接測量重錘下落的高度，通過計算得到與下落高度對應重錘的瞬時速度，由于質量可以約去，所以不需要測量質量，故選CD；(2)[2]F點的瞬時速度等于EG段的平均速度，則或不能通過和求解瞬時速度，否則是運用機械能守恒驗證機械能守恒，失去驗證的意義，故選C；(3)[3]由于空氣或振針阻力的存在，動能的增加量會略小于重力勢能的減小量，即即四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】

（1）電子先AB板間電場加速，后進入CD板間電場偏轉做類平拋運動，最后離開電場而做勻速直線運動．先由動能定理求出加速獲得的速度．電子在偏轉電場中，水平方向做勻速直線運動，由公式求時間；（2）當時，所有電子在偏轉電場中運動過程，豎直方向加速半個周期，減速半個周期，最終水平飛出射出電場．t=0時刻進入的電子向上側移距離最大．根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式結合求出最大的偏轉距離，向下偏轉的最大距離等于向上偏轉的最大距離．即可得到熒光屏上電子能夠到達的區(qū)域的長度；（3）當時，電子要到達O點必須在豎直方向有先加速后減速再反向加速過程，并且加速大小相等，整個過程向上的位移和向下的位移大小相等，根據(jù)位移相等，由運動學公式求出向上加速的時間，求得豎直方向偏轉的距