2025屆安徽省阜陽市潁州區(qū)第三中學物理高二第一學期期中復習檢測模擬試題含解析

2025屆安徽省阜陽市潁州區(qū)第三中學物理高二第一學期期中復習檢測模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R0為定值電阻，電容器的電容為C．閉合開關S，增大可變電阻R的阻值，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI，則下列說法錯誤的是A．變化過程中ΔU和ΔI的比值保持不變B．電壓表示數(shù)變大，電流表示數(shù)變小C．電阻R0兩端電壓減小，減小量為ΔUD．電容器的帶電量增大，增加量為CΔU2、下列關于電場線和磁感線說法錯誤的是（）A．電場線越密的地方，同一試探電荷所受的電場力越大B．即使在復雜電場中的電場線也是不相交的C．磁場的方向就是小磁針N極在磁場中所指方向D．電場的方向是帶電粒子在該點所受電場力的方向3、如圖所示，在水平長直導線的正下方，有一只可以自由轉(zhuǎn)動的小磁針。現(xiàn)給直導線通以由a向b的恒定電流I，若地磁場的影響可忽略，則小磁針的N極將A．保持不動 B．向下轉(zhuǎn)動C．垂直紙面向里轉(zhuǎn)動 D．垂直紙面向外轉(zhuǎn)動4、如圖所示，在河岸上用細繩拉船，為了使船勻速靠岸，拉繩的速度必須是（）A．勻速拉B．加速拉C．減速拉D．先加速，后減速5、如圖所示，有三個質(zhì)量相等的分別帶正電、負電和不帶電的粒子從兩水平放置的金屬板左側(cè)中央以相同的水平初速度v0先后射入電場中，最后在正極板上打出A、B、C三個點，則A．三種粒子在電場中運動時間相同B．三種粒子到達正極板時速度相同C．三種粒子到達正極板時落在A、C處的粒子機械能增大，落在B處粒子機械能不變D．落在C處的粒子帶正電，落在B處的粒子不帶電，落在A處的粒子帶負電6、關于重力勢能的說法中，不正確的是()A．物體重力勢能的值隨參考平面的選擇不同而不同B．物體的重力勢能嚴格說是屬于物體和地球這個系統(tǒng)的C．重力對物體做正功，物體的動能一定增加D．物體位于參考面之下其重力勢能取負值二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在區(qū)域I和區(qū)域II內(nèi)分別存在著與紙面垂直的勻強磁場，一帶電粒子沿著弧線apb由區(qū)域I運動到區(qū)域II．已知圓弧ap與圓弧pb的弧長之比為2∶1，下列說法正確的是()A．粒子在區(qū)域I和區(qū)域II中的速率之比為2∶1B．粒子通過圓弧ap、pb的時間之比為2∶1C．圓弧ap與圓弧pb對應的圓心角之比為2∶1D．區(qū)域I和區(qū)域II的磁場方向相反8、鋰電池因能量高、環(huán)保無污染而廣泛使用在手機等電子產(chǎn)品中?，F(xiàn)用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示，充電器電源的輸出電壓為U，輸出電流為I，手機電池的內(nèi)阻為r，下列說法正確的是A．電能轉(zhuǎn)化為化學能的功率為UI－I2rB．充電器輸出的電功率為UI＋I2rC．電池產(chǎn)生的熱功率為I2rD．充電器的充電效率為100%9、標有“6V6W”和“6V3W”的燈泡L1和L2串聯(lián)接在某電源上，設燈絲電阻不變，則()A．通過燈L1、L2的電流之比為2∶1B．燈L1、L2的實際功率之比為1∶2C．電源電壓為12V時，燈L1、L2均正常發(fā)光D．電源電壓為9V時，燈L2正常發(fā)光10、如圖所示，質(zhì)量為m、長為L的導體棒電阻為R，初始時靜止于光滑的水平軌道上，電源電動勢為E，內(nèi)阻不計．勻強磁場的磁感應強度為B，其方向與軌道平面成θ角斜向上方，開關閉合后導體棒開始運動，則()．A．導體棒向左運動B．開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為BELC．開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為BELD．開關閉合瞬間導體棒MN的加速度為BEL三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用伏安法測量某電阻Rx的阻值，現(xiàn)有器材如下①待測電阻Rx：范圍在5—8Ω，額定功率為1W；②電流表A1：量程0—0.6A（內(nèi)阻0.2Ω）③電流表A2：量程0—3A（內(nèi)阻0.05Ω）④電壓表V1：量程0—3V（內(nèi)阻3kΩ）⑤電壓表V2：量程0—15V（內(nèi)阻15KΩ）⑥滑動變阻器R：0—100Ω⑦電源：電動勢12V，內(nèi)阻忽略不計⑧導線，開關為了較準確地測量，并保證器材安全，電流表應選________，電壓表應選________，并在虛線框中畫出電路圖________。（儀表請?zhí)顚憯?shù)字序號，其他答案不給分）12．（12分）一細而均勻的導電材料，截面為同心圓環(huán)，如圖1所示，此材料長約3cm，電阻約為100，已知這種材料的電阻率為.欲測量該樣品的內(nèi)徑，但內(nèi)徑太小，無法直接測量?，F(xiàn)提供以下實驗器材：A．20分度的游標卡尺；B．螺旋測微器；C．電流表A1(量程50mA，內(nèi)阻r1=100Ω)；D．電流表A2(量程100mA，內(nèi)阻r2約為40Ω)；E.滑動變阻器R1(0～10Ω，額定電流2A)；F.直流電源E(電動勢為12V，內(nèi)阻很小)；G.上述導電材料R2(長約為3cm，電阻約為100Ω)；H.開關一只，導線若干。請用上述器材設計一個盡可能精確地測量該樣品內(nèi)徑d的實驗方案，回答下列問題：(1)用游標卡尺測得該樣品的長度如圖2所示，其示數(shù)L=______cm，用螺旋測微器測得該樣品的外徑如圖3所示，其示數(shù)D=__________mm.(2)圖4是實驗測量電路一部分，為了多測幾組數(shù)據(jù)，請在圖上補全測量電路(所需儀器在題中給的器材中選取，用常用的電路符號代替)____________.(3)為了得到樣品的內(nèi)徑d，實驗中還需要得到的一組測量值是______________(用字母表示且要說明相應字母的含義).(4)用已知的物理量字母和所測得的物理量的字母表示樣品的內(nèi)徑d=_____________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，光滑絕緣細桿豎直放置，它與以正電荷Q為圓心的某圓交于B、C兩點，質(zhì)量為m、帶電荷量為－q的有孔小球從桿上A點無初速度下滑，已知q?Q，AB＝h，小球滑到B點時的速度大小為．求：（1）小球由A到B的過程中靜電力做的功；（2）A、C兩點間的電勢差．14．（16分）如圖所示，真空室中電極K發(fā)出的電子（初速度不計）經(jīng)過電勢差為U1的加速電場加速后，沿兩水平金屬板C、D間的中心線射入兩板間的偏轉(zhuǎn)電場，電子離開偏轉(zhuǎn)電極時速度方向與水平方向成45°，最后打在熒光屏上，已知電子的質(zhì)量為m、電荷量為e，C、D極板長為l，D板的電勢比C板的電勢高，極板間距離為d，熒光屏距C、D右端的距離為．電子重力不計．求：(1)電子通過偏轉(zhuǎn)電場的時間t0；(2)偏轉(zhuǎn)電極C、D間的電壓U2；(3)電子到達熒光屏離O點的距離Y．15．（12分）如圖所示為電流天平，可以用來測量勻強磁場的磁感應強度，他的右臂掛著矩形線圈，匝數(shù)n，線圈的水平邊長為L，處于勻強磁場內(nèi)，磁感應強度B的方向與線圈平面垂直，當線圈中通過電流I時，調(diào)節(jié)砝碼使兩臂達到平衡，然后使電流反向，大小不變，這時需要在左盤中增加質(zhì)量為m的砝碼，才能時兩臂再達到新的平衡．(1)導出用已知量和可測量n、m、L、I計算B的表達式(2)當n=5，L=10.0cm，I=0.10A，m=10g時，磁感應強度是多少?（重力加速度g取10/m2）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．根據(jù)閉合電路歐姆定律得：U=E-I（R0+r）由數(shù)學知識得知保持不變。故A正確，不符合題意。B．合開關S，增大可變電阻R的阻值后，電路中電流減小，電流表示數(shù)變??；由歐姆定律分析得知，電阻R0兩端的電壓減小，R兩端的電壓增大，即電壓表示數(shù)變大，選項B正確，不符合題意；C．因它們的總電壓即路端電壓增大，R兩端的電壓增大，所以電阻R0兩端的電壓減小量小于△U，選項C錯誤，符合題意．D．電容器兩極板間的電壓等于R兩端的電壓，可知電容器板間電壓增大，帶電量增大，增大量為C△U，選項D正確，不符合題意．2、D【解析】

A.電場線越密的地方，電場強度越大，所以同一試探電荷所受的電場力越大。故A正確，不符合題意；B.電場線的切線方向即為場強的方向，故任意兩條電場線都不會相交；故B正確，不符合題意；C.在磁場中，某點的磁場方向、該點磁感線方向和該點小磁針北極受磁力方向相同。故C正確，不符合題意；D.電場的方向是正電荷在該點所受電場力的方向，與負電荷受力方向相反。故D錯誤，符合題意，選擇D；3、C【解析】

當通入如圖所示的電流時，根據(jù)右手螺旋定則可得小磁針的位置的磁場方向是垂直紙面向里，由于小磁針靜止時N極的指向為磁場的方向，所以小磁針的N極將垂直于紙面向里轉(zhuǎn)動。A．保持不動，故A不符合題意；B．向下轉(zhuǎn)動，故B不符合題意；C．垂直紙面向里轉(zhuǎn)動，故C符合題意；D．垂直紙面向外轉(zhuǎn)動，故D不符合題意。故選C。4、C【解析】

船的運動分解如圖：將小船的速度分解為沿繩子方向的和垂直繩子方向的，則，當小船靠近岸時，變大，的值減小，又因為不變，所以拉繩子的速度減小，所以應該減速拉．故C正確．5、D【解析】試題分析：根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移h相等：h=at2，解得：；由于平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小球做平拋運動，加速度為重力加速度g，根據(jù)得到正電荷運動時間最長，負電荷運動時間最短，不帶電的小球所用時間處于中間；故A錯誤．3種粒子下落過程有重力和電場力做功，它們的初動能相同，根據(jù)動能定理合力做功越多則末動能越大，而重力做功相同，A粒子帶負電，電場力做正功；B粒子不帶電，電場力不做功；C粒子帶正電電場力做負功；所以動能EkC＜EkB＜EkA，故BC錯誤．三粒子水平方向做勻速直線運動，水平位移：x=v0t，由于初速度相同，所用時間越長則水平位移越大，所用A粒子帶負電，B粒子不帶電，C粒子帶正電，故D正確．故選D.考點：帶電粒子在復合場中的運動．【名師點睛】此題是帶電粒子在復合場中的運動問題；確認不帶電小球做平拋運動，帶電小球做類平拋運動，分水平和豎直方向分析小球的運動，水平方向勻速直線運動，豎直方向初速度為0的勻加速直線運動，由運動的合成與分解進行分析．6、C【解析】

重力做正功，重力勢能減小，重力做負功，重力勢能增加．重力勢能的大小與零勢能的選取有關，但重力勢能的變化與零勢能的選取無關.【詳解】A、重力勢能的大小取決于相對于零勢能面的高度差，故和選擇的參考平面有關，隨參考平面的選擇不同而不同，故A正確；B、物體的重力勢能，實際上是物體和地球所組成的系統(tǒng)的重力勢能，故B正確；C、動能的改變量取決于合外力的功，故只有重力做正功，但合外力的功可能為負值，故動能可能減小，故C不正確；D、物體位于重力勢能參考面以下時，物體的重力勢能為負值，故D正確.本題選不正確的故選C.【點睛】解決本題的關鍵知道重力勢能的大小與零勢能的選取有關，但重力勢能的變化與零勢能的選取無關.以及知道重力做功和重力勢能變化的關系，重力做正功，重力勢能減小，重力做負功，重力勢能增加.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】由于洛倫茲力不做功，所以粒子在兩個磁場中的運動速度大小不變，即粒子在區(qū)域I和區(qū)域II中的速率之比為1：1，A錯誤；根據(jù)，v相同，則時間之比等于經(jīng)過的弧長之比，即粒子通過圓弧ap、pb的時間之比為2：1，B正確；圓心角，，由于磁場的磁感應強度之比不知，故半徑之比無法確定，則轉(zhuǎn)過的圓心角之比無法確定，故C錯誤；根據(jù)曲線運動的條件，可知洛倫茲力的方向與運動方向的關系，再由左手定則可知，兩個磁場的磁感應強度方向相反，故D正確；故選BD．點睛：此題考查粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，掌握半徑與周期公式，理解運動時間與圓心角及周期關系，同時知道洛倫茲力對粒子不做功．8、AC【解析】

A．充電時，電能轉(zhuǎn)化為化學能和熱能，根據(jù)能量守恒定律，有：UI=I2r+P化故電能轉(zhuǎn)化為化學能的功率P化=UI-I2r故A正確；B．充電器輸出的電功率為：P=UI，故B錯誤；C．電池產(chǎn)生的熱功率為P熱=I2r，故C正確；D．充電器的充電效率為：故D錯誤。9、BD【解析】

A、兩燈串聯(lián)，則流過燈泡的電流相等，故A錯誤；B、兩燈的電阻分別為6Ω和12Ω；兩燈串聯(lián)，電流相等，則功率之比等于電阻之比；故實際功率之比為1:2，故B正確；C、當電壓均為12V時，兩燈分壓之比為1:2，則L1中電壓為4V，故L1不能正常發(fā)光，故C錯誤；D、電壓為9V時，L1中電壓為3V，L2兩端電壓為6V，故L2正常發(fā)光，故D正確；故選BD?！军c睛】根據(jù)串并聯(lián)電路的規(guī)律可明確電流關系；再由歐姆定律可分析電壓關系；根據(jù)電壓分析是否能達到額定功率。10、BD【解析】

A、開關閉合，由左手定則可知，磁感線穿過掌心，則大拇指向為垂直磁感線向右，從而導致導體棒向右運動，故A錯誤；BC、當開關閉合后，根據(jù)安培力公式F=BIL，I=ER，可得F=BELR，故D、當開關閉合后，安培力的方向與導軌成90°-θ的夾角，再根據(jù)力的分解可得合力大小，再由牛頓第二定律與安培力的大小可知，加速度a=BELsinθmR，故D故選BD?！军c睛】據(jù)左手定則來確定通電導線的安培力的方向，閉合電路歐姆定律與安培力公式結(jié)合可求出其力的大小，最后由牛頓第二定律來確定導體棒瞬間的加速度。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、②④【解析】

待測電阻Rx：范圍在5～8Ω，額定功率1W，則電阻額定電壓約為U=PR≈2.24V～2.83V，因此可以選量程為3V，內(nèi)阻3kΩ的電壓表V1，故選④；電阻的額定電流為：0.35～0.45A，因此可以選量程為0.6A，內(nèi)阻為0.2Ω的電流表A1,故選②；伏安法測電阻，電源、開關、滑動變阻器、電流表、待測電阻組成串聯(lián)電路，電壓表并聯(lián)在待測電阻兩端，實驗電路圖如圖所示：12、3.0153.204mm～3.206mmA1電流表示數(shù)為I1，A2電流表示數(shù)為I2【解析】

（1）[1]．游標卡尺讀數(shù)為L=30mm+3×0.05mm=30.15mm=3.015cm，

[2]．螺旋測微器測得該樣品的外徑d=3.0mm+20.5×0.01mm=3.205mm；（3.204mm～3.206mm）

（2）[3]．因兩個電流表中，A2電流表的滿偏電流大于A1電流表的滿偏電流，又A1電流表內(nèi)阻為定值，根據(jù)歐姆定律與串并聯(lián)知識，應將A1電流表與待測材料并聯(lián)后再與A2電流表串聯(lián)，又因滑動變阻器阻值太小應用分壓式接法，可設計電路圖如圖所示．