2025屆山東省濟(jì)寧市第二中學(xué)物理高二上期中考試模擬試題含解析

2025屆山東省濟(jì)寧市第二中學(xué)物理高二上期中考試模擬試題注意事項(xiàng)1．考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示,長0.5m的輕質(zhì)細(xì)桿,一端固定有一個(gè)質(zhì)量為3kg的小球,另一端由電動(dòng)機(jī)帶動(dòng),使桿繞O點(diǎn)在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng),小球的速率為2m/s。取g=10m/s2,下列說法正確的是A．小球通過最高點(diǎn)時(shí),對(duì)桿的拉力大小是24NB．小球通過最高點(diǎn)時(shí),對(duì)桿的壓力大小是6NC．小球通過最低點(diǎn)時(shí),對(duì)桿的拉力大小是24ND．小球通過最低點(diǎn)時(shí),對(duì)桿的拉力大小是6N2、如圖所示，用兩根相同的導(dǎo)線繞成匝數(shù)分別為n1和n2的圓形閉合線圈A和B，兩線圈平面與勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直．當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變化時(shí)，兩線圈中的感應(yīng)電流之比為（）A． B． C． D．3、下列涉及能量變化的過程中，不屬于單向性過程的是（）A．熱傳遞B．摩擦生熱C．簡諧振動(dòng)D．氣體自由膨脹4、關(guān)于勻強(qiáng)電場(chǎng)中的場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)差的關(guān)系，下列說法正確的是()A．電場(chǎng)強(qiáng)度越大，則任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差也越大B．任意兩點(diǎn)間的電勢(shì)差等于場(chǎng)強(qiáng)和這兩點(diǎn)間距離的乘積C．沿著電場(chǎng)線方向，任何相同距離上的電勢(shì)降低必定相等D．場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)處處相同5、如圖所示，一帶電小球用絲線懸掛在水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，當(dāng)小球靜止后把懸線燒斷，則小球在電場(chǎng)中將作A．勻加速直線運(yùn)動(dòng)B．曲線運(yùn)動(dòng)C．自由落體運(yùn)動(dòng)D．變加速直線運(yùn)動(dòng)6、兩只電壓表V1和V2是由完全相同的兩個(gè)電流計(jì)改裝成的，V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，把它們串聯(lián)起來接入電路中，則

（）A．它們的示數(shù)相等，指針偏轉(zhuǎn)角度也相等B．它們的示數(shù)之比為l:3，指針偏轉(zhuǎn)角度相等C．它們的示數(shù)相等，指針偏轉(zhuǎn)角度之比為1:3D．它們的示數(shù)之比、指針偏轉(zhuǎn)角度之比均為1:3二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球在電場(chǎng)強(qiáng)度為E、區(qū)域足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，以初速度v0沿ON在豎直面內(nèi)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)．ON與水平面的夾角為30°，重力加速度為g，且mg=Eq，則（）A．電場(chǎng)方向豎直向上B．小球運(yùn)動(dòng)的加速度大小為gC．小球上升的最大高度為D．若小球在初始位置的電勢(shì)能為零，則小球電勢(shì)能的最大值為8、如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1Ω，電阻R1=6Ω、R2=5Ω、R3=3Ω，電容器的電容C=2×10﹣5F，若將開關(guān)S閉合，電路穩(wěn)定時(shí)通過R2的電流為I；斷開開關(guān)S后，通過R1的電量為q．則（）A．I=0.75A B．I=0.5A C．q=2×10﹣5C D．q=1×10﹣5C9、如圖所示,直流電源、滑動(dòng)變阻器、平行板電容器與理想二極管(正向電阻為0,反向電阻為∝)連接,電源負(fù)極接地．開始時(shí)電容器不帶電,閉合開關(guān)S,穩(wěn)定后,一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點(diǎn)．在開關(guān)S保持接通的狀態(tài)下,下列說法正確的是()A．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，帶電油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)B．當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，帶電油滴會(huì)向下運(yùn)動(dòng)C．?dāng)嚅_開關(guān)S，帶電油滴將向下運(yùn)動(dòng)D．當(dāng)電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)，P點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)升高10、如圖所示，正方形ABCD的對(duì)角線相交于O點(diǎn)，兩個(gè)等量同種正電荷分別固定在A、C兩點(diǎn)，則（）A．B、D兩處電勢(shì)相同、場(chǎng)強(qiáng)不相同B．B、D兩處電勢(shì)不相同、場(chǎng)強(qiáng)相同C．若在B點(diǎn)靜止釋放一電子，電子一定在B、D間往復(fù)運(yùn)動(dòng)，且加速度先減小后增大D．若在B點(diǎn)給電子一垂直紙面合適的速度，電子可繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）一學(xué)習(xí)小組要用伏安法盡量準(zhǔn)確地描繪一個(gè)標(biāo)有“6V,1．5W”的小燈泡的I-U圖線,現(xiàn)有下列器材供選用：A．學(xué)生電源（直流9V）B．開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干C．電壓表（2~3V,內(nèi)阻約12KΩ）D．電壓表（2~6V,內(nèi)阻約12KΩ）E．電壓表（2~15V,內(nèi)阻約32KΩ）F．電流表（2~2．3A,內(nèi)阻約2．3Ω）G．電流表（2~2．6A,內(nèi)阻約2．4Ω）H．電流表（2~3A,內(nèi)阻約2．6Ω）I．滑動(dòng)變阻器（12Ω,2A）J．滑動(dòng)變阻器（222Ω,1A）（1）實(shí)驗(yàn)中需要用到的儀器有：A、B、（用字母序號(hào)表示）；（2）在下面方框內(nèi)畫出實(shí)驗(yàn)電路圖：（3）對(duì)應(yīng)實(shí)驗(yàn)電路圖將實(shí)物連線補(bǔ)充完整；（4）閉合開關(guān)前，滑動(dòng)變阻器滑片的位置應(yīng)在（選填“a”或“b”）端．12．（12分）請(qǐng)完成游標(biāo)卡尺和螺旋測(cè)微的讀數(shù)：(1)游標(biāo)卡尺讀數(shù)為__________；(2)左圖為校零時(shí)的狀態(tài)，右圖為測(cè)量時(shí)的狀態(tài)，則螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為________。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強(qiáng)電場(chǎng)中，A、B、C三點(diǎn)構(gòu)成一個(gè)直角三角形，∠A=53o，AB=3m.把電荷量q＝－2×10－10C的點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功4.8×10－8J，再由B點(diǎn)移動(dòng)到C點(diǎn)電荷克服電場(chǎng)力做功4.8×10－8J，取B點(diǎn)的電勢(shì)為零，求A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)及場(chǎng)強(qiáng)．14．（16分）如圖所示,質(zhì)量為的帶正電小球能沿著豎直的絕緣墻豎直下滑,磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向水平,并與小球運(yùn)動(dòng)方向垂直.若小球帶電荷量為q,球與墻間的動(dòng)摩擦因數(shù)為,求：（1）小球下滑的最大速度為多大？（2）下滑過程中最大加速度為多大？15．（12分）如圖所示，一帶電微粒質(zhì)量為m=2.0×10﹣11kg、電荷量q=+1.0×10﹣5C，從靜止開始經(jīng)電壓為U1=100V的電場(chǎng)加速后，水平進(jìn)入兩平行金屬板間的偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中，微粒射出電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)角θ=30°，并接著進(jìn)入一個(gè)方向垂直紙面向里、寬度為D=34.6cm的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域．已知偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中金屬板長L=20cm，兩板間距d=17.3cm，重力忽略不計(jì)．求：（1）帶電微粒進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的速率v1；（2）偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中兩金屬板間的電壓U2；（3）為使帶電微粒不會(huì)由磁場(chǎng)右邊射出，該勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B至少多少．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

AB．設(shè)在最高點(diǎn)桿子表現(xiàn)為拉力，則有：代入數(shù)據(jù)得：F=-6N，則桿子表現(xiàn)為支持力，大小為6N．所以小球?qū)U子表現(xiàn)為壓力，大小為6N．故A錯(cuò)誤，B正確．CD．在最低點(diǎn)桿子表現(xiàn)為拉力，有：代入數(shù)據(jù)得：F=54N．故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．2、D【解析】由法拉第電磁感應(yīng)定律得：，可知感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)與半徑的平方成正比．而根據(jù)電阻定律：線圈的電阻為，線圈中感應(yīng)電流，由上綜合得到，感應(yīng)電流與線圈半徑成正比，即，因相同導(dǎo)線繞成匝數(shù)分別為和的圓形線圈，因此半徑與匝數(shù)成反比，故，選D.3、C【解析】

A．不可能自發(fā)把熱量從低溫物體傳到高溫物體而不產(chǎn)生其他影響，故A錯(cuò)誤；

B．摩擦生熱是其他能量轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，可以達(dá)到百分百，而內(nèi)能在轉(zhuǎn)化為其他能量是有損失的，故B錯(cuò)誤；C．簡諧運(yùn)動(dòng)是理想化的模型，一般做簡諧運(yùn)動(dòng)的物體的機(jī)械能是守恒的，沒有損失，動(dòng)能勢(shì)能可相互轉(zhuǎn)化，故C正確；

D．氣體自由膨脹不對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第二定律，氣體不可能自發(fā)地恢復(fù)原來的狀態(tài)，所以這個(gè)過程是不可逆的，故D錯(cuò)誤。

故選C。4、C【解析】U＝Ed中的d指兩點(diǎn)所在等勢(shì)面的距離，選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤，C正確。5、A【解析】懸線燒斷前，小球受重力、拉力、電場(chǎng)力平衡，重力和電場(chǎng)力的合力與拉力等值反向，燒斷細(xì)線，物體受重力、電場(chǎng)力，兩個(gè)力合力恒定即加速度恒定，而且沿細(xì)線方向，合力方向與速度方向在同一條直線上，所以物體沿著懸線的延長線做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A正確，BCD錯(cuò)誤。點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵是要掌握物體做直線運(yùn)動(dòng)還是曲線運(yùn)動(dòng)的條件，當(dāng)物體所受的合力與速度在同一條直線上，物體做直線運(yùn)動(dòng)，所受的合力與速度不在同一條直線上，物體做曲線運(yùn)動(dòng)。6、B【解析】

電壓表是由電流計(jì)與定值電阻串聯(lián)改裝而成的；V1表的量程是5V，V2表的量程是15V，相同的兩個(gè)電流計(jì)改裝，可知，V2表的內(nèi)阻是V1表的內(nèi)阻的1倍．把它們串聯(lián)接入電路，通過的電流相等，電表指針的偏角相同；電表兩端電壓之比等于內(nèi)阻之比1：1，它們的示數(shù)之比為1：1．故B項(xiàng)正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

A．小球做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，合力應(yīng)與速度在同一直線上，即在ON直線上，因，所以電場(chǎng)力與重力關(guān)于ON對(duì)稱，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得：電場(chǎng)力與水平方向的夾角應(yīng)為，受力情況如圖一所示，合力沿ON方向向下，大小為，所以加速度為，方向沿ON向下．故A錯(cuò)誤；B．由題意可得：小球做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，合力應(yīng)與速度在同一直線上，即在ON直線上，因mg=Eq，所以電場(chǎng)力Eq與重力關(guān)于ON對(duì)稱，根據(jù)數(shù)學(xué)知識(shí)得：電場(chǎng)力qE與水平方向的夾角應(yīng)為30°，受力情況如圖一所示，合力沿ON方向向下，大小為mg，所以加速度為g，B項(xiàng)正確；C．經(jīng)對(duì)A的分析可知，小球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得最大位移為，則最大高度為故C錯(cuò)誤；D．若小球在初始位置的電勢(shì)能為零，在減速運(yùn)動(dòng)至速度為零的過程中，小球克服電場(chǎng)力做功和克服重力做功是相等的，由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知，小球的初動(dòng)能一半轉(zhuǎn)化為電勢(shì)能，一半轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，初動(dòng)能為，小球的最大電勢(shì)能為，故D正確．故選BD.【考點(diǎn)定位】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)、電勢(shì)能、勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差和電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系【點(diǎn)睛】本題考查帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，應(yīng)在正確分析小球受力情況的基礎(chǔ)上，運(yùn)用牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和功能關(guān)系分析，采用的力學(xué)方法進(jìn)行分析．8、AD【解析】

解：開關(guān)S閉合電路穩(wěn)定時(shí)，外電路中總電阻為R=R2+=5+=7Ω根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I==A=0.75A電容器兩端的電壓為U=I?=0.75×2V=1.5V電量Q=CU=1.5×2×10﹣5C=3×10﹣5C斷開開關(guān)S后：電容器通過R1與R3放電，設(shè)通過R1與R3的放電電流分別為I1和I3，則=由電量公式q=It可知，通過R1與R3的電量之比為又q1+q3=Q聯(lián)立得：通過R1的電量為q1==3×10﹣5C=1×10﹣5C故選AD9、AD【解析】閉合開關(guān)S,穩(wěn)定后,一帶電油滴恰能靜止在電容器中P點(diǎn)，則電場(chǎng)力與重力方向相反且A：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器的電阻變大，電路中電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，電容器兩端電壓增大，，電容器兩極間電場(chǎng)強(qiáng)度變大，電場(chǎng)力大于重力，故帶電油滴會(huì)向上運(yùn)動(dòng)．A正確B：當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，電容器兩板間的距離增大，電容器的電容減小，電容器兩極間的電壓增大，但理想二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不?huì)放電電荷量不變，又，綜合以上三式可得：；所以當(dāng)電容器的上極板向上移動(dòng)時(shí)，電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，帶電油滴仍靜止．故B錯(cuò)誤C：斷開開關(guān)S，理想二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不?huì)放電，兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，帶電油滴仍靜止．故C錯(cuò)誤D：當(dāng)電容器的下極板向左移動(dòng)時(shí)，電容器兩極板的正對(duì)面積變小，電容器的電容減小，電容器兩極間的電壓增大，理想二極管具有單向?qū)щ娦裕孰娙萜鞑粫?huì)放電電荷量不變U變大，又，電容器兩板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，設(shè)P點(diǎn)到下極板距離為h，則P與下極板間電勢(shì)差為，又下極板接地電勢(shì)為零，故P點(diǎn)的電勢(shì)會(huì)升高．D正確點(diǎn)睛：電容器有兩類基本模型：①兩極間電壓不變，分析其余各量的變化情況；②極板上所帶電荷量不變，分析其余各量的變化情況．10、AD【解析】

AB、電場(chǎng)中存在兩個(gè)等量的正點(diǎn)電荷，且B、D兩點(diǎn)關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱，故B、D兩點(diǎn)電勢(shì)相等，場(chǎng)強(qiáng)大小相等，方向相反，故A正確，B錯(cuò)誤；C、BD所在直線，電場(chǎng)強(qiáng)度從上方無窮遠(yuǎn)處到O點(diǎn)先增加后減小，到O點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度為零，從O到下方無窮遠(yuǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，由于無法確定電場(chǎng)強(qiáng)度最大的位置，所以電子在B、D間運(yùn)動(dòng)時(shí)加速度變化情況無法判斷，故C錯(cuò)誤；D、在垂直紙面經(jīng)過BD兩點(diǎn)的圓上，所有點(diǎn)的電勢(shì)都相等，并且電子受到的電場(chǎng)力指向O點(diǎn)，與速度方向垂直，故電子可繞O點(diǎn)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選AD。【點(diǎn)睛】關(guān)鍵是要明確兩個(gè)等量同種電荷連線的中垂線上的場(chǎng)強(qiáng)分布情況和電勢(shì)分布情況。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）D、F、I（2）外接法+分壓式，如下圖所示（3）如下圖所示（4）a【解析】試題分析：（1）燈泡額定電壓是6V，電壓表選量程為6V的D；燈泡額定電流I=P/U=1．5/6=2．25A，則電流表選量程為2．3A的F；為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇小電阻I．（2）由于小燈泡的電阻值比較小，則電流表采用外接法，由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，電壓與電流從零開始變化，則滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，電路圖如圖所示；（3）實(shí)物連線如圖所示．（4）為了安全和保護(hù)電表，開關(guān)閉合前將滑片置于接入電路的電阻值最大，故滑片在a端．考點(diǎn)：考查描繪小電珠的伏安特性曲線．【名師點(diǎn)睛】本題考查測(cè)量燈泡的伏安特性曲線的原理；要掌握實(shí)驗(yàn)器材的選取原則、確定滑動(dòng)變阻器與電流表的接法是正確作出實(shí)驗(yàn)電路圖的關(guān)鍵．12、(在都算正確)【解析】

(1)[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為10mm，游標(biāo)尺上第12個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為12×0.05mm=0.60mm，所以最終讀數(shù)為1020mm+0.60mm=10.60mm(2)[2]校零時(shí)螺旋測(cè)微器的固定刻度為0mm，可動(dòng)刻度為0.8×0.01mm=0.008mm，所以最終讀數(shù)為0mm+0.008mm=0.008mm，測(cè)量時(shí)螺旋測(cè)微器的固定刻度為0.5mm，可動(dòng)刻度為14.4×0.01mm=0.144mm，所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.144mm=0.644mm，螺旋測(cè)微器的讀數(shù)為0.644mm－0.008mm=0.636mm，由于讀數(shù)誤差(在都算正確)四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、φA＝－240V.φC＝－240V.100V/m【解析】

根據(jù)電勢(shì)差公式U=W/q分別求出A、B間，及B、C間電勢(shì)差，根據(jù)電勢(shì)差等于電勢(shì)之差，求解A點(diǎn)的電勢(shì)．根據(jù)電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，而且由高電勢(shì)指向低電勢(shì)，判斷場(chǎng)強(qiáng)的方向，由E=U/d求解電場(chǎng)強(qiáng)度E．【詳解】把電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，由UAB＝得UAB＝V＝－240V，所以φA－φB＝φA＝－240V.把電荷從B點(diǎn)移到C點(diǎn)，UBC＝＝V＝240V，φB－φC＝－φC＝240V，則φC＝－240V.因?yàn)棣誂＝φC，即A、C在同一等勢(shì)面上，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)與等勢(shì)面垂直且由高電勢(shì)處指向低電勢(shì)處，可得該電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)方向垂直于AC，指向左上方．【點(diǎn)睛】運(yùn)用電勢(shì)差公式U=W/q時(shí)，三個(gè)量U、W、q都要代入符號(hào)進(jìn)行計(jì)算，同時(shí)還要注意電荷移動(dòng)的方向．公式E=U/d中d是沿電場(chǎng)線方向兩點(diǎn)間的距離．14、（1）（2）【解析】

對(duì)小球進(jìn)行受力分析，再根據(jù)各力的變化，可以找出合力及加速度的變化，即可以找出小球最大速度及最大加速度的狀態(tài)；【詳解】（1）小球沿墻豎直下滑