2025屆上海市虹口區(qū)復(fù)興高級(jí)中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)試題含解析

2025屆上海市虹口區(qū)復(fù)興高級(jí)中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末質(zhì)量檢測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫(xiě)在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫(xiě)在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來(lái)的答案，然后再寫(xiě)上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，光滑斜面固定于水平面，滑塊A、B疊放后一起沖上斜面，且始終保持相對(duì)靜止，A上表面水平．則在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，B受力的示意圖為（）A. B.C. D.2、如圖所示，A、B為平行板電容器的金屬板，G為靜電計(jì)．開(kāi)始時(shí)開(kāi)關(guān)S閉合，靜電計(jì)指針張開(kāi)一定角度．下列操作可使指針張開(kāi)角度增大一些的是()A.保持開(kāi)關(guān)S閉合，將R上的滑片向右移動(dòng)B.保持開(kāi)關(guān)S閉合，將A、B兩極板介開(kāi)一些C.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，將A、B兩極板靠近一些D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S后，將A、B兩極板分開(kāi)一些3、如圖所示，在x軸上方存在垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B．在xOy平面內(nèi)，從原點(diǎn)O處沿與x軸正方向成θ角(0<θ<π)以速率v發(fā)射一個(gè)帶正電的粒子(重力不計(jì))．則下列說(shuō)法正確的是()A.若v一定，θ越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短B.若v一定，θ越大，則粒子在離開(kāi)磁場(chǎng)位置距O點(diǎn)越遠(yuǎn)C.若θ一定，v越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的角速度越大D.若θ一定，v越大，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間越短4、發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的物理學(xué)家是（）A.法拉第B.奧斯特C.庫(kù)侖D.安培5、學(xué)校運(yùn)動(dòng)會(huì)進(jìn)行跳遠(yuǎn)比賽時(shí)，要在沙坑里填沙。這樣做的目的是為了減小人觸地過(guò)程中的（）A.落地速度 B.動(dòng)量的變化量C.沙對(duì)腳的作用力 D.速度的變化量6、如圖所示，線圈兩端與電阻相連構(gòu)成閉合回路，在線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的S極朝下。在將磁鐵的S極插入線圈的過(guò)程中（）A.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由a到b，線圈與磁鐵相互排斥B.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由b到a，線圈與磁鐵相互排斥C.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由a到b，線圈與磁鐵相互吸引D.通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由b到a，線圈與磁鐵相互吸引二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，兩個(gè)半徑相同的半圓形光滑軌道分別豎直放在勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中，軌道兩端在同一高度上，軌道是光滑的。兩個(gè)相同的帶正電小球同時(shí)從兩軌道左端最高點(diǎn)由靜止釋放，M、N分別為兩軌道的最低點(diǎn)，則（）A.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vM＝vNB.兩小球到達(dá)軌道最低點(diǎn)的速度vM>vNC.在磁場(chǎng)和電場(chǎng)中小球均能到達(dá)軌道的另一端D.在磁場(chǎng)中小球能到達(dá)軌道的另一端，在電場(chǎng)中小球不能到達(dá)軌道的另一端8、在如圖所示的電路中，閉合開(kāi)關(guān)S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是A.電壓表V1示數(shù)在變大，電壓表V2示數(shù)在變小B.電流表A的示數(shù)減小，電壓表V3示數(shù)在變小C.電容器的電荷量增大，電阻R1消耗的電功率變大D.電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率變大9、如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置。閉合開(kāi)關(guān)S，電路達(dá)到穩(wěn)定時(shí)，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動(dòng)。如果僅改變下列某一個(gè)條件，下列說(shuō)法正確的是A.增大R1的阻值，油滴向上運(yùn)動(dòng) B.增大R2的阻值，油滴向上運(yùn)動(dòng)C.增大兩板間的距離，油滴靜止 D.斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，油滴向下運(yùn)動(dòng)10、如圖所示，A、B兩閉合線圈為同樣導(dǎo)線繞成，A有10匝，B有20匝，兩圓線圈半徑之比為2∶1，均勻磁場(chǎng)只分布在B線圈內(nèi)．當(dāng)磁場(chǎng)隨時(shí)間均勻減弱時(shí)A.A中無(wú)感應(yīng)電流B.A、B中均有恒定的感應(yīng)電流C.A、B中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為2∶1D.A、B中感應(yīng)電流之比為1∶2三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11．（6分）下圖是等離子體發(fā)電機(jī)示意圖，平行金屬板間勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5T，兩板間距離為0.2m，要使輸出電壓為220V，則等離子體垂直射入磁場(chǎng)的速度v0=________m/s，a是發(fā)電機(jī)的________極.(發(fā)電機(jī)內(nèi)阻不計(jì))12．（12分）地球質(zhì)量大約是月球質(zhì)量的81倍，一飛行器在地球和月球之間，當(dāng)?shù)厍驅(qū)λ囊驮虑驅(qū)λ囊ο嗟葧r(shí)，這飛行器距地心距離與距月心距離之比為_(kāi)____四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長(zhǎng)的光滑金屬框豎直放置，框?qū)扡=0.5m，框電阻不計(jì)，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=1T，方向與框面垂直，金屬棒MN電阻為r=1Ω、質(zhì)量為m=0.1kg，無(wú)初速度地釋放，并與框保持良好接觸，從釋放到達(dá)到最大速度的過(guò)程中，通過(guò)棒某一截面的電荷量為q=2C．(空氣阻力不計(jì)，g取10m/s2)求：（1）棒的最大速度v;（2）此過(guò)程棒下落的高度h;（3）此過(guò)程中回路產(chǎn)生的電能E14．（16分）一個(gè)質(zhì)量為m電荷量為q的帶電粒子從x軸上的P（a，0）點(diǎn)以速度v沿與x正方向成60°的方向射入第一象限內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，并恰好垂直于y軸射出第一象限，進(jìn)入第二象限的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，電場(chǎng)強(qiáng)度為E．不計(jì)粒子重力，求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。唬?）帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）帶電粒子在電場(chǎng)中速度第一次為零時(shí)的坐標(biāo)15．（12分）如圖所示，R1=14ΩR2=9Ω，當(dāng)開(kāi)關(guān)處于位置1時(shí)，電流表讀數(shù)I1=0.2A；當(dāng)開(kāi)關(guān)處于位置2時(shí)，電流表的讀數(shù)I2=0.3A，求電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】將A、B做為一個(gè)整體，則一起沖上斜面時(shí)，受重力及斜面的支持力，合力沿斜面向下，然后再用隔離體法，單獨(dú)對(duì)B進(jìn)行受力分析可知，B受摩擦力一定沿水平方向上，且一定水平向左，豎直方向上重力大于支持力這樣才能使合力沿斜面向下了，故A正確，BCD錯(cuò)誤2、D【解析】保持開(kāi)關(guān)閉合，電容器兩端的電勢(shì)差等于電源的電動(dòng)勢(shì)，故電容器兩端的電勢(shì)差不變，則指針張角不變，故AB均錯(cuò)誤；斷開(kāi)電鍵，電容器帶電量不變，將AB靠近一些，則d減小，根據(jù)知，電容增大，根據(jù)U=Q/C知，電勢(shì)差減小，指針張角減小，故C錯(cuò)誤；同理可知，斷開(kāi)電鍵，將A、B兩極板分開(kāi)一些，電勢(shì)差增大，指針張角增大，故D正確；故選D點(diǎn)睛：本題考查電容器的動(dòng)態(tài)分析，關(guān)鍵抓住斷開(kāi)電鍵，電容器所帶的電量不變，電鍵閉合，電容器兩端的電勢(shì)差不變3、A【解析】AD．如圖所示，畫(huà)出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡由幾何關(guān)系得：軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間則得知：若v一定，越大，時(shí)間t越短；若一定，運(yùn)動(dòng)時(shí)間一定A正確，D錯(cuò)誤；B．根據(jù)洛倫茲力提供向心力得圓周運(yùn)動(dòng)半徑，對(duì)應(yīng)的弦長(zhǎng)為則若是銳角，越大，AO越大。若是鈍角，越大，AO越小。B錯(cuò)誤。C．做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的角速度可知其大小與速度v無(wú)關(guān)，C錯(cuò)誤。故選A。4、B【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，庫(kù)侖發(fā)現(xiàn)了庫(kù)侖定律，安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說(shuō)，B正確5、C【解析】AD．落地速度是由下跳時(shí)的高度決定的，沙坑不會(huì)改變落地速度，而落地后速度為零，故速度的變化量也不會(huì)改變，故AD錯(cuò)誤；BC．跳遠(yuǎn)比賽時(shí)，運(yùn)動(dòng)員從與沙坑接觸到靜止動(dòng)量的變化量相等，設(shè)為△p，由動(dòng)量定理可知，人受到的合力的沖量I=△P是一定的，人落在沙坑中比落在地面上延長(zhǎng)了人與沙坑的接觸時(shí)間，t變大，由動(dòng)量定理得△P=Ft，△P一定，t越長(zhǎng)，動(dòng)量變化率越小，人受到的合外力越?。还誓軠p小的只有動(dòng)量的變化率，即沙對(duì)腳的作用力，故C正確，B錯(cuò)誤。故選C。6、A【解析】將磁鐵的S極插入線圈的過(guò)程中，由楞次定律知，通過(guò)電阻的感應(yīng)電流的方向由a到b，據(jù)推論“來(lái)拒去留”可知線圈與磁鐵相互排斥，A正確。故選A。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】AB．小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力不做功，所以滿足機(jī)械能守恒。在電場(chǎng)中受的電場(chǎng)力向左，下滑過(guò)程中電場(chǎng)力做負(fù)功，所以到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)速度關(guān)系為vM>vN，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確；CD．整個(gè)過(guò)程小球在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)洛倫茲力不做功，所以滿足機(jī)械能守恒，能到達(dá)軌道的另一端；在電場(chǎng)中受的電場(chǎng)力向左，整個(gè)過(guò)程中電場(chǎng)力都做負(fù)功，機(jī)械能守恒減少，小球不能到達(dá)軌道的另一端，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。8、AD【解析】保持開(kāi)關(guān)S閉合，根據(jù)變阻器接入電路電阻的變化，由歐姆定律分析電表讀數(shù)的變化．根據(jù)電容與板間距離的關(guān)系，分析電容的變化，確定電容器電量的變化，判斷R2中電流的方向．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，分析板間場(chǎng)強(qiáng)的變化【詳解】A、B項(xiàng)：該電路中兩個(gè)電阻串聯(lián)，閉合電鍵S，當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上滑動(dòng)過(guò)程中，接入電路的有效電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析可知電路中電流I變大，則電流表A讀數(shù)變大；路端電壓：U=E-Ir減小，電壓表V3示數(shù)在變小，U1示數(shù)U1=IR1，隨I的增大在變大，U2示數(shù)U2=E-I（R1+r），隨電流I的增大而減小，故A正確，B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：電容器兩端的電壓為路端電壓，U減小，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量減小，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：電源內(nèi)阻損耗的功率，由于電流變大，所以電源內(nèi)阻損耗的功率變大，電源消耗的總功率，電流變大，所以電源消耗的總功率變大，故D正確故應(yīng)選：AD【點(diǎn)睛】電容器的動(dòng)態(tài)分析重點(diǎn)在于明確電容器的兩種狀態(tài)：充電后斷開(kāi)電源則極板上的電量不變；電容器保持和電源相連，則兩板間的電勢(shì)差不變．要掌握、及電容決定因素9、AD【解析】A．電路穩(wěn)定時(shí)，電容器的電壓等于可變電阻的電壓，當(dāng)增大的阻值，導(dǎo)致總電流減小，則外電壓增大，因此電容器的電壓增大，板間場(chǎng)強(qiáng)增強(qiáng)，油滴將向上運(yùn)動(dòng)，故A正確；B．電路穩(wěn)定時(shí)，當(dāng)增大的阻值，不改變電路中的電流，因此電容器的電壓不變，板間場(chǎng)強(qiáng)不變，油滴將不運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．增大兩板間的距離，因電容器的電壓不變，則電場(chǎng)強(qiáng)度減小，導(dǎo)致油滴向下運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S，電容器放電，板間場(chǎng)強(qiáng)逐漸減小，油滴將向下運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選AD。10、BD【解析】試題分析：穿過(guò)閉合電路的磁通量發(fā)生變化，電路中產(chǎn)生感應(yīng)電流；由法拉第電磁感應(yīng)定律可以求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；由電阻定律求出導(dǎo)線電阻，最后由歐姆定律可以求出線圈電流磁場(chǎng)隨時(shí)間均勻減弱，穿過(guò)閉合線圈A的磁通量減少，A中產(chǎn)生感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤；磁場(chǎng)隨時(shí)間均勻減弱，穿過(guò)閉合線圈A、B的磁通量減少，A、B中都產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)：，其中、S都相同，A有10匝，B有20匝，線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)之比為1：2，A、B環(huán)中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，故C錯(cuò)誤；線圈電阻，兩圓線圈半徑之比為2：1，A有10匝，B有20匝，、s都相同，則電阻之比，由歐姆定律得，產(chǎn)生的感應(yīng)電流之比，故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、①.2200②.正【解析】根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，負(fù)電荷向下偏，所以上板帶正電，即a是電源的正極．兩板上有電荷，在兩極板間會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)，電荷最終在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡，有：qvB=q，所以：【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵掌握等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)受到洛倫茲力發(fā)生偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，正電荷向上偏，負(fù)電荷向下偏，在兩極板間會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)，電荷最終在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下處于平衡12、9：1【解析】設(shè)月球質(zhì)量為M，地球質(zhì)量就為81M．飛行器距地心距離為r1，飛行器距月心距離為r2．由于地球?qū)λ囊驮虑驅(qū)λ囊ο嗟?，根?jù)萬(wàn)有引力定律得：，解得：四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）4m/s（2）4m（3）3.2J【解析】（1）當(dāng)金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)處于平衡狀態(tài)，此時(shí)說(shuō)道最大，應(yīng)用平衡條件可以求出最大速度（2）由電流定義式求出通過(guò)金屬棒橫截面的電荷量，可求解下落的高度；（3）應(yīng)用能量守恒定律可以求出回路產(chǎn)生的電能【詳解】（1）金屬棒勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)速度最大，金屬棒受到的安培力：，由平衡條件得：mg=，解得最大速度：；（2）通過(guò)金屬棒橫截面的電荷量：，解得（3）由能量守恒定律得：mgh=mv2+E，解得：E=3.2

J【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是熟練推導(dǎo)安培力與速度的關(guān)系式、感應(yīng)電荷量與高度的關(guān)系式．對(duì)棒進(jìn)行受力分析、熟練應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律