湖南省邵東縣十中2025屆高二物理第一學期期末綜合測試試題含解析

湖南省邵東縣十中2025屆高二物理第一學期期末綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一個圓形閉合線圈固定在垂直紙面的勻強磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，如圖甲所示．設垂直于紙面向內(nèi)的磁感應強度方向為正，線圈中順時針方向的感應電流為正．已知圓形線圈中感應電流I隨時間變化的圖象如圖乙所示，則線圈所在處的磁場的磁感應強度隨時間變化的圖象可能是圖中的A.B.C.D.2、下圖是陰極射線管的示意圖，陰極射線管的兩個電極接到高壓電源時，陰極會發(fā)射電子．電子在電場中沿直線飛向陽極形成電子束．將條形磁鐵的磁極靠近陰極射線管時，電子束發(fā)生偏轉；將條形磁鐵撤去，電子束不再發(fā)生偏轉．上述實驗現(xiàn)象能說明A.電子束周圍存在電場B.電流是電荷定向運動形成的C.磁場對靜止電荷沒有力的作用D.磁場對運動電荷有力的作用3、關于物理學史，下列說法中不正確的是()A.庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規(guī)律B.安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應C.英國物理學家湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子D.美國物理學家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器4、在如圖所示的電路中，電源電動勢為、內(nèi)電阻為，為電容器，為定值電阻，為滑動變阻器．開關閉合后，燈泡能正常發(fā)光．當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是（）A.燈泡將變亮 B.燈泡亮度不變C.電容器所帶的電荷量將減小 D.電容器所帶的電荷量將增大5、一段導線在磁場中做切割磁感線運動，下面說法正確的是（）A導體中一定有感應電動勢B.導體中一定有感應電流C.導體一定受到與運動方向相反的磁場作用力D.以上說法均不正確6、如圖所示，一個花灑噴水頭掛在豎直墻上．開啟水龍頭后，假設噴水頭出水速度不變，噴出的水在空中做平拋運動，則下列說法正確的是A.噴水頭越高，水落地時速度越小B.水落地時的速度與噴水頭高度無關C噴水頭越高，水從噴出到落地所需時間越長D.水從噴出到落地所需時間與噴水頭高度無關二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、關于某一閉合電路的性質(zhì)，下列說法正確的是A.外電路斷路時，路端電壓最高B.由U外＝IR可知，外電壓隨I增大而增大C.由U內(nèi)＝Ir可知，電源內(nèi)壓隨I的增大而增大D.由P＝IU可知，電源的輸出功率P隨輸出電流I的增大而增大8、如圖所示，甲帶正電，乙是不帶電的絕緣塊，甲、乙疊放在一起置于光滑的水平地面上，空間存在著水平方向的的勻強磁場，在水平恒力F的作用下，甲、乙無相對滑動的一起向左加速運動，在加速運動階段()A.甲、乙兩物塊之間的摩擦力不斷增大B.甲、乙兩物塊之間的摩擦力不變C.甲、乙向左運動加速度不斷減小D.甲對乙的壓力不斷增大9、如圖1所示，兩根光滑平行導軌水平放置，間距為L，其間有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B.垂直于導軌水平對稱放置一根均勻金屬棒．從t＝0時刻起，棒上有如圖2所示的持續(xù)交變電流I，周期為T，最大值為Im，圖1中I所示方向為電流正方向．則金屬棒A.一直向右移動 B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力大小不隨時間而變化 D.受到的安培力在一個周期內(nèi)做正功10、一個帶電粒子在勻強磁場中做勻速圓周運動，如果又能垂直進入另一磁感應強度是原來2倍的勻強磁場，則（）A.粒子的速率加倍，周期減半；B.粒子的速率不變，周期減半C.粒子的速率不變，軌道半徑減半D.粒子的速率減半，軌道半徑變?yōu)樵瓉淼?/4三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學通過實驗測定一個阻值約為的電阻的阻值?，F(xiàn)有電源，內(nèi)阻可不計，滑動變阻器，額定電流，開關和導線若干，以及下列電表A.電流表，內(nèi)阻約0.025）B.電流表，內(nèi)阻約C.電壓表，內(nèi)阻約D.電壓表，內(nèi)阻約為減小測量誤差，在實驗中，電流表應選用______，電壓表應選用______選填器材前的字母；實驗電路應采用圖中的______選填“甲”或“乙”。如圖是測量的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導線。請根據(jù)在問中所選的電路圖，補充完成圖中實物間的連線________。接通開關，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)某次電表示數(shù)如圖所示，可得該電阻的測量值______保留兩位有效數(shù)字。若在問中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是______；若在問中選用乙電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是______。選填選項前的字母A.電流表測量值小于流經(jīng)的電流值B.電流表測量值大于流經(jīng)的電流值C.電壓表測量值小于兩端的電壓值D.電壓表測量值大于兩端的電壓值12．（12分）在某學習小組的實驗活動中，要測量一個圓柱形金屬材料的電阻率。(1)用螺旋測微器測量金屬材料的直徑D，用游標卡尺測量金屬材料的長度L，刻度位置如圖甲所示，則L為__。(2)選擇合適的器材按照圖乙所示的電路圖連接電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器到合適位置，記下電壓表讀數(shù)U、電流表讀數(shù)I，計算出材料的電阻，根據(jù)電阻定律求出材料電阻率。則該材料電阻率為__。（用D、L、U、I表示）(3)實際上使用的電壓表和電流表有一定的內(nèi)阻，測量的電阻率結果比真實的值__（填“偏大”、“偏小”或“相同”）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，把一個質(zhì)量m=0.1kg的小鋼球用細線懸掛起來，就成為一個擺。懸點O距地面的高度，擺長，將擺球拉至擺線與豎直方向成角的位置由靜止釋放，。不計細線質(zhì)量，空氣阻力可以忽略，取重力加速度，，。（1）求小球運動到最低點時的速度大??；（2）求小球運動到最低點時細線對球拉力的大小；（3）若小球運動到最低點時細線斷了，小球沿水平方向拋出，求它落地時速度的大小和方向（結果可保留根號）。14．（16分）如圖所示，兩足夠長的平行金屬導軌MN、PQ相距為L，導軌平面與水平面的夾角θ＝37°，導軌電阻不計，整個裝置處于垂直導軌平面向上的勻強磁場中．長為L的金屬棒ab垂直于MN、PQ放置在導軌上，且始終與導軌接觸良好．金屬棒的質(zhì)量為m、電阻為R，與導軌間動摩擦因數(shù)μ＝0.5，兩金屬導軌的上端連接一個電阻，其阻值也為R．現(xiàn)閉合開關，給金屬棒施加一個方向垂直于棒且平行于導軌平面向上、大小為F＝3mg的恒力，使金屬棒從靜止開始運動，上滑位移x時速度恰達到最大速度vm．（重力加速度為g，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）求：（1）金屬棒剛開始運動時的加速度大??；（2）勻強磁場的磁感應強度的大小；（3）金屬棒由靜止開始上滑位移x的過程中，金屬棒上產(chǎn)生的焦耳熱Q15．（12分）在真空中O點放一個點電荷Q=+1.0×10-9C，直線MN通過O點，OM的距離r=30cm，M點放一個點電荷q=-1.0×10-10C，如圖所示。求：（1）q在M點受到的作用力；（2）M點的場強。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】設垂直紙面向里的磁感應強度方向為正，線圈中順時針方向的感應電流為正，則由乙可知：線圈中在前0.5s內(nèi)產(chǎn)生了逆時針方向的感應電流，由楞次定律可得：當磁通量增加時，感應磁場方向與原磁場方向相反；當磁通量減小時，感應磁場方向與原磁場方向相同A圖：在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．所以A選項錯誤；B圖：在前0.5s內(nèi)，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，由感應電流方向，結合楞次定律可得：若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．故B錯誤；C圖：在前0.5s內(nèi)由乙圖根據(jù)楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．所以C正確；D圖中磁場的變化引起的感應電流與A中完全相同，故可知D錯誤；故選C．【點睛】本題考查法拉第電磁感應定律的圖象應用，要注意正確掌握楞次定律的應用，同時要注意正確分析圖象的性質(zhì)，能正確應用排除法進行分析．2、D【解析】明確題意，知道射線管放置在磁場內(nèi)，故說明運動電荷在磁場中受到的磁場力的作用【詳解】將條形磁鐵磁極靠近陰極射線管時，電子束發(fā)生偏轉；將條形磁鐵撤去，電子束不再發(fā)生偏轉，說明運動電荷在磁場中受到的磁場力的作用，故本題選D【點睛】本題考查對實驗現(xiàn)象的分析能力3、B【解析】庫侖總結出了真空中的兩靜止點電荷間相互作用的規(guī)律，選項A正確；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，選項B錯誤；英國物理學家湯姆孫發(fā)現(xiàn)了電子，選項C正確；美國物理學家勞倫斯發(fā)明了回旋加速器，選項D正確；此題選擇不正確的選項，故選B.4、D【解析】AB.當滑動變阻器的滑片向右移動時，R增大，總電阻變大．根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，總電流I減小，燈泡L將變暗，選項AB錯誤；CD.路端電壓增大，而電容器的電壓等于路端電壓，根據(jù)Q=CU可知電容器的帶電量將增大，故D正確，C錯誤5、A【解析】導線在磁場中做切割磁感線運動，導體中一定有感應電動勢，由于不知道是否有閉合回路，因此不一定有感應電流，也無法判斷安培力，故A正確，BCD錯誤。故選A。6、C【解析】AB．水落地時的速度，可知噴水頭越高，水落地時速度越大，選項AB錯誤；CD．根據(jù)可知，噴水頭越高，水從噴出到落地所需時間越長，選項C正確，D錯誤.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A．外電路斷路時，外電路，有，所以有：則路端電壓最高，故A正確；B．根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，可知外電壓隨I的增大而減小，而U外＝IR中，I的增大伴隨R的減小，故B錯誤；C．針對某一電源來說，內(nèi)阻r一定，故由U內(nèi)＝Ir可知電源的U內(nèi)隨I的增大而增大；故C正確；D．外功率P＝IU，隨著I的增大路端電壓U會減小，不能得到外功率與電流的關系；而由外功率:根據(jù)數(shù)學知識分析可得，當電源的內(nèi)電阻等于外電阻時，輸出功率最大，當電流增大時，電源的輸出功率可能變大，也可能變小，故D錯誤。故選AC。8、BD【解析】當甲與乙向右運動時，甲所受的洛倫茲力豎直向下，又由于地面光滑，所以摩擦力為0，把甲乙看成一個系統(tǒng)，，甲與乙相對靜止，乙對甲的靜摩擦力．所以選BD9、ABC【解析】AB.由于電流大小不變，安培力大小不變。根據(jù)左手定則，0～時間內(nèi)，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～T時間內(nèi)，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，T時刻速度減為零。T～時間內(nèi)，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～2T時間內(nèi)，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，2T時刻速度減為零。所以金屬棒一直向右運動，速度隨時間做周期性變化，故A正確，B正確；C.根據(jù)公式F=BIL，安培力的大小隨時間周期性變化，故C正確；D.根據(jù)動能定理，一個周期內(nèi)，動能變化量為零，安培力做功為零，故D錯誤。故選：ABC。10、BC【解析】AD、帶電粒子在磁場中運動，洛倫茲力不做功，所以粒子進入另一磁感應強度是原來2倍的勻強磁場運動速率不變；故AD錯誤B、由以上分析知粒子的速率不變，由可知，粒子運動的周期減半；故B正確C、由以上分析知粒子的速率不變，由可知，粒子運動的軌道半徑減半；故C正確故選BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.B②.C③.甲④.⑤.5.2⑥.B⑦.D【解析】[1][2][3]由于電源電動勢為4V，所以電壓表應選C；根據(jù)歐姆定律可知，通過待測電阻的最大電流為：所以電流表應選B；根據(jù)閉合電路歐姆定律，電路中需要的最大電阻為：所以變阻器可以采用限流式接法，變阻器應選E；由于待測電阻滿足所以電流表應用外接法，即電路圖應是“限流外接”，所以應采用圖甲電路。(2)[4]實物連線圖如圖所示：(3)[5]電流表的讀數(shù)為：，電壓表的讀數(shù)為：，所以待測電阻為：(4)[6]根據(jù)歐姆定律和串并聯(lián)規(guī)律可知，采用甲電路時由于電壓表V的分流作用，導致電流表的測量值大于流經(jīng)的電流，所以產(chǎn)生誤差的主要原因是B，故選B。[7]若采用乙電路，由于電流表的分壓作用，導致電壓表的測量值大于兩端的電壓值，所以造成誤差的主要原因是D，故選D。12、①.5.675②.③.偏小【解析】(1)[1]游標卡尺的讀數(shù)為：(2)[2]根據(jù)電阻定律應有由歐姆定律聯(lián)立解得：(3)[3]由題目圖可知，通過電流表外接法測量電阻的，由于電壓表的分流，導致電流值偏大，根據(jù)電阻率表達式可知，測量電阻率結果比真實的值偏小。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3），速度與水平方向的夾角為β，【解析】（1）根據(jù)小球從最高點擺到最低點，動能定理求出小球運動到最低點時的速度大??；（2）小球運動到最低點時由重力和繩的拉力的合力提供向心力，由牛頓第二定律求解；（3）細線斷后小球做平拋運動，根據(jù)豎直方向運動規(guī)律求解豎直分速度，然后速度合成即可；詳解】（1）從釋放到最低點，根據(jù)動能定理可以得到最低點速度為（2）小球運動到最低點時，根據(jù)牛頓第二定律代入數(shù)據(jù)可以得到（3）細線斷了后，小球做平拋運動豎直方向上可以得到落地時的速度大小速度與水平方向的夾角為β，【點睛】本題考查了圓周運動和平拋運動的綜合運用，知