2025屆安徽省合肥市廬陽區(qū)第六中學高二物理第一學期期末復習檢測試題含解析

2025屆安徽省合肥市廬陽區(qū)第六中學高二物理第一學期期末復習檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、醫(yī)生做某些特殊手術時，利用電磁血流計來監(jiān)測通過動脈的血流速度．電磁血流計由一對電極a和b以及一對磁極N和S構成，磁極間的磁場是均勻的．使用時，兩電極a、b均與血管壁接觸，兩觸點的連線、磁場方向和血流速度方向兩兩垂直，如上圖所示．由于血液中的正負離子隨血流一起在磁場中運動，電極a、b之間會有微小電勢差．在達到平衡時，血管內部的電場可看作是勻強電場，血液中的離子所受的電場力和磁場力的合力為零．在某次監(jiān)測中，兩觸點間的距離為3.0mm，血管壁的厚度可忽略，兩觸點間的電勢差為160μV，磁感應強度的大小為0.040T．則血流速度的近似值和電極a、b的正負為()A.1.3m/s，a正、b負 B.2.7m/s，a正、b負C.1.3m/s，a負、b正 D.2.7m/s，a負、b正2、電磁軌道炮工作原理如圖所示，待發(fā)射彈體可在兩平行軌道之間自由移動，并與軌道保持良好接觸，電流I從一條軌道流入，通過導電彈體后從另一條軌道流回，軌道電流可形成在彈體處垂直于軌道面得磁場（可視為勻強磁場），磁感應強度的大小與I成正比。通電的彈體在軌道上受到安培力的作用而高速射出，現(xiàn)欲使彈體的出射速度增加到原來的2倍，理論上可采用的方法是（）A.只將電流I增加至原來的2倍B.只將彈體質量減至原來的一半C.只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍D.將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變3、有一個已充電的電容器，兩極板之間的電壓是6V，所帶電荷量是4.5×10－4C.將電容器的電壓降為4V，電容器所帶電荷量是()A.1.5×10－4C B.3.0×10－4CC.3.5×10－4C D.4.0×10－4C4、如圖所示，兩個質量相等、分別帶正、負電的小球，以相同的速率在帶電平行金屬板間的P點沿垂直于電場方向射入勻強電場，分別落到A、B兩點，則A.落到A點的小球帶負電，B點的小球帶正電B.兩小球在電場中運動時間相等C.兩小球在電場中的加速度aB>aAD.兩小球到達正極板時動能關系是5、許多科學家在物理發(fā)展的過程中做出了重要貢獻．下列說法正確的是（）A.洛倫茲發(fā)現(xiàn)了“磁生電”B.法國物理學家?guī)靵隼门こ蓪嶒灠l(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用－庫侖定律，卡文迪許測出了靜電力常數(shù)k的值C.丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，并總結出了右手螺旋定則D.法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并總結出引起感應電流的原因6、如圖所示，矩形MNPQ區(qū)域內有方向垂直于紙面的勻強磁場，有3個帶電粒子從圖中箭頭所示位置垂直于磁場邊界進入磁場，在紙面內做勻速圓周運動，運動軌跡為相應的圓弧，這些粒子的質量，電荷量以及速度大小如下表所示：由以上信息可知,從圖中a、b、c處進入的粒子對應表中的編號分別為A.3、2、1 B.3、1、2C.2、3、1 D.1、3、2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵，磁鐵的N極朝下．當磁鐵向下運動時（但未插入線圈內部），下列判斷正確的是（）A.磁鐵與線圈相互排斥B.磁鐵與線圈相互吸引C.通過R的感應電流方向為從a到bD.通過R的感應電流方向為從b到a8、如圖所示，L是一帶鐵芯的理想電感線圈，其直流電阻為零，電路中A和B是二個相同的燈泡，A燈泡串接一個理想二極管D，則（）A.開關S閉合瞬間，A燈不亮B.開關S閉合瞬間，B燈泡立即亮C.開關S斷開瞬間，A燈泡閃亮一下后熄滅D.開關S斷開瞬間，a點電勢低于b點電勢9、一段長L=0.2m，通過I=2.5A電流的直導線，關于在磁感應強度為B的勻強磁場中所受安培力F的情況，正確的是（）A.如果B=2T，F(xiàn)一定是1NB.如果F=0，B也一定為零C.如果說B=4T，F(xiàn)有可能是1ND.如果F有最大值時，通電導線一定與磁場垂直10、如圖所示甲、乙電路，電阻R和自感線圈L的電阻都很小。接通S，使電路達到穩(wěn)定，燈泡A發(fā)光，則（）A.在電路甲中，斷開S，A將漸漸變暗B.在電路甲中，斷開S，A將先變得更亮，然后漸漸變暗C.在電路乙中，斷開S，A將漸漸變暗D.在電路乙中，斷開S，A將先變得更亮，然后漸漸變暗三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一個小燈泡上標有“4V，2W”的字樣，現(xiàn)在要用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線，現(xiàn)有下列器材供選用：A．電壓表（0～5V，內阻10kΩ）B．電壓表（0～15V，內阻20kΩ）C．電流表（0～3A，內阻0.4Ω）D．電流表（0～0.6A，內阻1Ω）E．滑動變阻器（最大阻值10Ω，允許最大電流為2A）F．滑動變阻器（最大阻值為500Ω，允許最大電流為lA）G．學生電源（直流6V）、開關、導線若干（1）實驗中所用電壓表應選用__，電流表應選用_____，滑動變阻器應選用__．（用序號字母表示）（2）實驗時，所用電路應選圖______（填“甲”或“乙”）12．（12分）在做測干電池電動勢和內阻的實驗時備有下列器材可供選用A．干電池(電動勢約1.5V)B．直流電流表(量程為0～0.6A,內阻為約0.10Ω)C．直流電流表(量程為0～3A,內阻約為0.025Ω)D．直流電壓表(量程為0～3V,內阻約為5kΩ)E．直流電壓表(量程為0～15V,內阻約為25kΩ)F．滑動變阻器(阻值范圍為0～15Ω，允許最大電流為1A)G．滑動變阻器(阻值范圍為0～1000Ω，允許最大電流為0.5A)H．開關I．導線若干J．電池夾(1)為了實驗誤差較小，本實驗選定的電流表為_____，電壓表為_____，滑動變阻器為_____（填儀器的序號字母）。(2)在虛線框內畫出實驗原理圖________.(3)根據(jù)實驗記錄，畫出的U—I圖象如圖所示，可得待測電池的內阻r＝________Ω.待測電源的電動勢E＝________V。（保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，矩形線圈abcd的匝數(shù)為N=100匝，線圈ab的邊長為bc的邊長為，在磁感應強度為B=0.4T的勻強磁場中，繞垂直于磁感線且通過線圈中線的軸勻速轉動，轉動的角速度，若線圈自身電阻為r=1Ω，負載電阻R=9Ω。試求：（1）感應電動勢的最大值；（2）設時間t=0時線圈平面與磁感線垂直，寫出線圈中感應電動勢的瞬時值表達式；（3）1分鐘時間內電阻R上產生的焦耳熱Q的大??；（4）線圈從圖示位置轉過的過程中，通過R的電荷量。14．（16分）如圖所示，兩平行光滑金屬導軌固定在絕緣斜面上，導軌平面與水平面的夾角為，導軌間距為L，勁度系數(shù)為k的輕質絕緣彈簧下端固定，上端與水平直導體棒ab中點相連，彈簧與導軌平面平行并與ab垂直，直導體棒ab垂直跨接在兩導軌上，空間存在垂直導軌平面斜向下的勻強磁場．當沒接通電源時，彈簧的總長度為x1；接通電源后，導體棒的電流為I，導體棒平衡時，彈簧處于伸長狀態(tài)，總長度為x2；忽略回路中電流產生的磁場．（彈簧的自然長度為x0，整個過程彈簧處于彈性形變限度范圍內）（1）求磁場磁感應強度B的大?。唬?）調轉圖中電源極性，使導體棒中電流反向，求導體棒平衡后彈簧的形變量？15．（12分）如圖所示，一水平放置的平行導體框寬度L＝0.5m，接有R＝0.2Ω的電阻，磁感應強度B＝0.4T的勻強磁場垂直導軌平面方向向下，現(xiàn)有一導體棒ab跨放在框架上，并能無摩擦地沿框架滑動，框架及導體ab電阻不計，當ab以v＝4.0m/s的速度向右勻速滑動時，試求：（1）導體ab上的感應電動勢的大?。唬?）導體ab上感應電流的大小和方向；（3）電阻R上產生的熱功率多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】血液中正負離子流動時，根據(jù)左手定則，正離子受到向上洛倫茲力，負離子受到向下的洛倫茲力，所以正離子向上偏，負離子向下偏．則a帶正電，b帶負電．最終血液中的離子所受的電場力和磁場力的合力為零，有所以故A正確2、A【解析】通電的彈體在軌道上受到安培力的作用，利用動能定理有：，磁感應強度的大小與I成正比，所以有：B=kI解得：。A.只將電流I增加至原來的2倍，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故A正確；B.只將彈體質量減至原來的一半，彈體的出射速度增加至原來的倍，故B錯誤；C.只將軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，彈體的出射速度增加至原來的倍，故C錯誤；D.將彈體質量減至原來的一半，軌道長度L變?yōu)樵瓉淼?倍，其它量不變，彈體的出射速度增加至原來的2倍，故D錯誤。故選：A。3、B【解析】電容器的電容和其兩極板間的電壓以及所帶電荷量大小無關，即電壓變化電容大小恒定不變，所以根據(jù)可知：，解得：；A．根據(jù)以上分析，A錯誤；B．根據(jù)以上分析，B正確；C．根據(jù)以上分析，C錯誤；D．根據(jù)以上分析，D錯誤；故選B。4、C【解析】AB．兩小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，由于豎直位移相同，根據(jù)x=vt，h=at2得水平位移大的A球運動時間長，即A球豎直方向的加速度小，所受電場力向上，故A球帶正電，水平位移小的球加速度大，故B球帶負電，故AB錯誤；C．有以上分析可知，兩小球在電場中的加速度aB>aA，選項C正確；D．根據(jù)動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功。由受力圖可知，帶負電小球B合力較大，為G+F電，做功多動能大，帶正電小球A合力較小，為G-F電，做功少動能小，即EKB＞EKA，故D錯誤。故選C。5、D【解析】A．法拉第發(fā)現(xiàn)了“磁生電”現(xiàn)象，故A錯誤；B．庫侖利用扭成實驗發(fā)現(xiàn)了電荷之間的相互作用－庫侖定律，卡文迪許測出了萬有引力常數(shù)G的值，故B錯誤；C．丹麥物理學家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應，安培總結出了右手螺旋定則，故C錯誤；D．英國科學家法拉第首先發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，并總結出引起感應電流的原因，故D正確所以D正確，ABC錯誤6、A【解析】根據(jù)帶電粒子在磁場中運動的偏轉方向可知，a、b帶同種電荷，c為異種電荷，所以c為1號粒子；由可知，半徑：，結合表格中數(shù)據(jù)可求得2、3號粒子的半徑比應為3:2，則b一定是第2組粒子，a是第3組粒子。a、b、c處進入的粒子對應表中的編號分別為3、2、1。A.3、2、1。與上述結論相符，故A正確；B.3、1、2。與上述結論不符，故B錯誤；C.2、3、1。與上述結論不符，故C錯誤；D.1、3、2。與上述結論不符，故D錯誤。故選：A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】由“來拒去留”可知，磁鐵靠近線圈，則磁鐵與線圈相互排斥，故A正確，B錯誤；由題目中圖可知，當磁鐵豎直向下運動時，穿過線圈的磁場方向向下增大，由楞次定律可知感應電流的磁場應向上，則由右手螺旋定則可知電流方向從a經過R到b．故C正確，D錯誤、故選AC點睛：在判斷電磁感應中磁極間的相互作用時可以直接利用楞次定律的第二種表示：“來拒去留”直接判斷，不必再由安培定則判斷線圈中的磁場，再由磁極間的相互作用判斷力的方向8、CD【解析】AB．閉合瞬間線圈相當于斷路，二極管為反向電流，則此時AB燈都不亮，故AB錯誤；C．穩(wěn)定后，線圈相當于導線，所以B燈亮，A燈不亮，開關S斷開瞬間，線圈中電流減小，則產生自感電動勢，由楞次定律可知，b端相當于電源正極，此時二極管為正向電流，線圈也二極管，燈A組成回路，則A燈泡閃亮一下后熄滅，且a點電勢低于b點電勢，故CD正確。故選CD。9、CD【解析】通電導線在磁場中的受到安培力作用，由公式F=BILsinθ求出安培力大小，當夾角為零時沒有安培力；當夾角為90°時，安培力最大；則安培力在最大值與零之間【詳解】長度為0.2m的通電直導線，若放置于勻強磁場的磁感應強度中，通入電流為2.5A，如果B=2T，當直導線垂直于磁場時，則由公式可得安培力的大小為F=BIL=2×2.5×0.2N=1N．若不垂直，則通電導線受到的安培力小于1N，故A錯誤；如果F=0，直導線可能與磁場平行，則B不一定為零，故B錯誤；如果B=4

T，若垂直放置時，則安培力大小為F=BIL=4×2.5×0.2N=2N．因此F有可能是1N，故C正確；如果F有最大值，通電導線一定與B垂直，故D正確，故選CD【點睛】學會運用F=BIL計算安培力的大小，注意公式成立的條件是B與I相互垂直．若不垂直則可將磁感應強度沿直導線與垂直導線兩方向進行分解，則平行的沒有安培力，垂直的安培力可用F=BIL計算安培力的大小10、AD【解析】AB．題圖甲中，A與自感線圈L在同一個支路中，流過的電流相同，斷開開關S時，線圈L中的自感電動勢要維持原電流不變，所以開關斷開的瞬間，A的電流不變，以后電流漸漸變小。因此，A漸漸變暗，A正確，B錯誤。CD．題圖乙中，A所在支路的電流比自感線圈所在支路的電流要?。ㄒ驗樽愿芯€圈的電阻很?。?，斷開開關S時，自感線圈的自感電動勢要阻礙電流的變小，此瞬間自感線圈中的電流不變，自感線圈相當于一個電源給A供電。因此反向流過A的電流瞬間要變大，然后漸漸變小，所以A將先閃亮一下，然后漸漸變暗，C錯誤，D正確。故選AD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.A②.D③.E④.甲【解析】(1)[1]因燈泡的額定電壓為4V，為保證安全選用的電壓表量程應稍大于4V，但不能大太多，量程太大則示數(shù)不準確；故只能選用0～5V的電壓表，故選A；[2]由P=UI得，燈泡的額定電流故電流表應選擇0～0.6A的量程，故選D；[3]而由題意要求可知，電壓從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，而分壓接法中應選總阻值小的滑動變阻器，故選E；(2)[4]在用伏安法描繪這個燈泡的I一U圖線的實驗中，電壓要從零開始變化，并要多測幾組數(shù)據(jù)，故只能采用滑動變阻器分壓接法，所以電路圖選用圖甲；12、(1).B(2).D(3).F(4).(5).0.690(6).1.45【解析】（1）[1][2][3]．因電源電動勢為1.5V，則電壓表選擇D；電路中的電流不超過0.6A，則電流表選擇B；滑動變阻器選擇阻值較小的F即可；（2）[4]．實驗電路如圖：（3）[5][6]．待測電池的內阻待測電源的電動勢E＝1.45V。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答