山東省淄博市2023-2024學(xué)年高三年級上冊期末摸底質(zhì)量檢測物理試題

山東省淄博市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末摸底質(zhì)量檢測

物理試題

一、單選題

1.2023年12月1日，在北京觀測到了極光現(xiàn)象。來自太陽的高能帶電粒子流被地磁

場俘獲，形成極光現(xiàn)象。如圖所示，是某高能粒子被地磁場俘獲后的運(yùn)動(dòng)軌跡示意圖,

忽略萬有引力和帶電粒子間的相互作用，以下說法正確的是（）

A.圖中所示的帶電粒子帶正電

B.洛倫茲力對帶電粒子做正功，使其動(dòng)能增大

C.圖中所示的帶電粒子做螺旋運(yùn)動(dòng)時(shí)，旋轉(zhuǎn)半徑越來越小

D.若帶負(fù)電的粒子在赤道正上方垂直射向地面，一定會向東偏轉(zhuǎn)

2.周村古商城有一件古代青銅“魚洗”復(fù)制品，在其中加入適量清水后，用手有節(jié)奏地

摩擦“魚洗”的雙耳，會發(fā)出嗡嗡聲，并能使盆內(nèi)水花四濺，如圖甲所示。圖乙為某時(shí)刻

相向傳播的兩列同頻率水波的波形圖，4B、C、。四個(gè)位置中最有可能“噴出水花”的

位置是（）

甲乙

A./位置B.8位置C.C位置D.。位置

3.洛埃鏡實(shí)驗(yàn)可以得到楊氏雙縫干涉實(shí)驗(yàn)的結(jié)果，其實(shí)驗(yàn)的基本裝置如圖所示。S為

單色光源，M為一平面鏡，S發(fā)出的光直接照在光屏上，同時(shí)s發(fā)出的光還通過平面鏡

反射到光屏上，最終在光屏上得到明暗相間的干涉條紋。設(shè)光源S到平面鏡的垂直距離

和到光屏的垂直距離分別為d和L,光的波長為彳，在光屏上形成干涉條紋。則（）

試卷第1頁，共10頁

光屏

A.若將平面鏡M右移一小段距離，光屏上的條紋間距變小

B.若將平面鏡“右移一小段距離，光屏上的條紋間距變大

C.相鄰兩條亮紋（或暗紋）間的距離?=。幺

a

D.相鄰兩條亮紋（或暗紋）間的距離Ax=97a

4.理論上利用三顆赤道上空位置適當(dāng)?shù)娜嗽煨l(wèi)星，可使地球赤道上任意兩點(diǎn)之間保持

無線電通訊。已知地球的半徑為五,地球表面重力加速度為g,現(xiàn)用三顆衛(wèi)星來實(shí)現(xiàn)上

述目的，則衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)線速度的最大值為（）

A.檔B.4gRC.曾D.師

5.距地面高12.5m的水平直軌道上有43兩點(diǎn)相距3m,在8點(diǎn)用細(xì)線懸掛一小球，離

地高度為〃，如圖。小車沿軌道向右做加速度為2m/s2的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，以2m/s的

速度經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)將隨車攜帶的小球由軌道高度自由卸下，小車運(yùn)動(dòng)至8點(diǎn)時(shí)細(xì)線被軋斷,

兩球在距離地面匚處相碰，小球落地后不反彈。不計(jì)空氣阻力,取重力加速度g=1Om/S?。

可求得力等于（）

6.如圖所示，一個(gè)直角邊長為/的等腰直角三角形虛線框內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁

場，一個(gè)邊長也為/的正方形導(dǎo)線框所在平面與磁場方向垂直，三角形的高成與導(dǎo)線框

的一條邊垂直，兒的延長線平分導(dǎo)線框。在7=0時(shí)，使導(dǎo)線框從圖示位置開始以恒定

速度沿成方向移動(dòng)，直到整個(gè)導(dǎo)線框離開磁場區(qū)域。i表示導(dǎo)線框中感應(yīng)電流的強(qiáng)度,

取逆時(shí)針方向?yàn)檎?。下列關(guān)于感應(yīng)電流的強(qiáng)度i隨時(shí)間f變化關(guān)系的圖像中，可能正確的

是（）

試卷第2頁，共10頁

7.如圖所示，是利用電流天平測量勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度的一種方法。它的右臂掛著

等腰梯形線圈，且。6=2cd=2/,匝數(shù)為〃。線圈底邊水平，一半的高度處于虛線框內(nèi)

的勻強(qiáng)磁場中，磁感應(yīng)強(qiáng)度3的方向與線圈平面垂直。當(dāng)線圈中通入順時(shí)針電流/時(shí),

調(diào)節(jié)祛碼使兩臂達(dá)到平衡。然后使電流反向，大小不變。在左盤中增加質(zhì)量為加的祛碼

A.虛線框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度饕

3nli

B.虛線框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度篝

3nli

C.虛線框內(nèi)磁場方向垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度無

3nli

D.虛線框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度曾

3nli

8.如圖所示，為游樂場的“旋轉(zhuǎn)飛椅”的示意圖?！靶D(zhuǎn)飛椅”有一座椅的質(zhì)量為加，“旋

轉(zhuǎn)飛椅”靠電機(jī)帶動(dòng)，穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)繩與豎直方向的夾角6=30。；若改變電機(jī)轉(zhuǎn)速通過繩

試卷第3頁，共10頁

對座椅做功，使繩與豎直方向的夾角增大為60。，座椅穩(wěn)定轉(zhuǎn)動(dòng)。已知繩的長度為c，

繩懸點(diǎn)到轉(zhuǎn)軸的水平距離為廠=(,重力加速度為g,不考慮空氣阻力和繩的質(zhì)量，座

椅可視為質(zhì)點(diǎn)。則該過程中，繩對座椅做的功為()

6+773)

C.---~mgL

二、多選題

9.圖甲為一理想變壓器的工作原理圖。輸入端。、b所接電壓〃隨時(shí)間f的變化關(guān)系如

圖乙所示。燈泡L的電阻恒為15。，額定電壓為24V,定值電阻q=10。、尺2=3C,滑

A.電源輸入電壓〃隨時(shí)間f變化的規(guī)律是〃=220缶oslOOR(V)

B.電源輸入電壓〃隨時(shí)間,變化的規(guī)律是〃=22O0cos5O加(V)

C.調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻為3。時(shí)，燈泡正常工作，則理想變壓器原、副

線圈匝數(shù)比為多：%=22:3

D.滑動(dòng)變阻器的滑片向下移動(dòng)時(shí)，燈泡變亮

10.在絕緣光滑水平面上的x=-2/的N處、x=4乙的8處分別固定正電荷&、0B，如

圖甲所示。圖乙是N8之間連線上的電勢。與位置x之間的關(guān)系圖像，圖中尤=2工點(diǎn)為

電勢的最低點(diǎn)。若在x=-乙的C點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)帶正電小球(可視為質(zhì)點(diǎn))，下列說

試卷第4頁，共10頁

法正確的是（)

A.小球運(yùn)動(dòng)到x=2￡處的加速度最大B.兩正電荷帶電量之比QA：QB=4：1

C.小球在x=2/處的動(dòng)能最大D.小球不能經(jīng)過x=3Z的位置

H.為取得良好的保溫效果，一窗戶安裝了雙層平行玻璃，雙層玻璃由厚度均為a的單

層玻璃組成，兩玻璃板平行且中間有空氣。如圖所示，一束光線從窗外射入室內(nèi)，入射

光線與玻璃面的夾角e=37。，光線通過雙層玻璃后出射光線與入射光線會有一個(gè)偏移

4

量（兩光線的垂直距離），玻璃的折射率"=§,取$也37。=0.6,337。=0.8,則（）

3

A.這束光進(jìn)入玻璃后折射角的正弦值為］B.這束光進(jìn)入玻璃后折射角的正弦

9

值為與

C.這束光從室外到室內(nèi)的偏移量為京9dD.這束光從室外到室內(nèi)的偏移量為7

12.在一種新的“子母球”表演中，讓同一豎直線上的小球A和小球B,從距水平地面高

度為油（左＞1）和的地方同時(shí)由靜止釋放，如圖所示。球A的質(zhì)量為%,球B的質(zhì)

量為3加。設(shè)所有碰撞都是彈性碰撞，忽略球的直徑、空氣阻力及碰撞時(shí)間，重力加速

度為g。下列說法正確的是（）

試卷第5頁，共10頁

AQ

BOF

'77777777777777/

A.當(dāng)球B第一次落地時(shí)，球A的速度大小為歷

B.若左=5,則兩球在球B第一次上升到最高點(diǎn)時(shí)相碰

C.若球B在第二次落地之前與球A相碰，貝上＜8

D.若左=17,球A在第一次碰后能達(dá)到的最大高度為5〃

13.某實(shí)驗(yàn)小組用圖甲所示的雙線擺和光電計(jì)數(shù)器測量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣取y得圖中細(xì)

線長度均為與水平方向夾角均為凡小球兩側(cè)為光電計(jì)數(shù)器。

（1）用游標(biāo)卡尺測量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑"=cm。

（2）雙線擺的等效擺長7=（用所測物理量的符號表示）。

（3）將擺球垂直于紙面向外拉開一個(gè)較小的角度后釋放。啟動(dòng)光電計(jì)數(shù)器，光電計(jì)數(shù)

器示數(shù)為“0”，由靜止釋放小球，小球每經(jīng)過平衡位置。時(shí)光電計(jì)數(shù)器計(jì)數(shù)一次。當(dāng)小

球第一次經(jīng)過平衡位置。時(shí)，用秒表開始計(jì)時(shí)，當(dāng)光電計(jì)數(shù)器上顯示的計(jì)數(shù)次數(shù)為〃時(shí),

測得所用的時(shí)間為乙由此可知：單擺的振動(dòng)周期7==

（4）可測得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=（用小9、d、n、f符號表示）。

14.半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器阻值會隨壓力變化而改變。某小組設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)測量一薄膜壓力

傳感器在不同壓力下的阻值4,其阻值約幾十千歐，現(xiàn)有以下器材：

電源：電動(dòng)勢3V,內(nèi)阻不計(jì)

電流表A1：量程250^A,內(nèi)阻約為50。

電流表A2：量程250mA,內(nèi)阻約為10。

試卷第6頁，共10頁

電壓表V：量程3V,內(nèi)阻約為20k。

滑動(dòng)變阻器及：阻值范圍0~100。

壓力傳感器&，開關(guān)S,導(dǎo)線若干請完成下列問題:

甲

（1）為了提高測量的準(zhǔn)確性，電流表應(yīng)選（選填"AJ或"A?”），并請補(bǔ)充完

整圖甲中虛線框內(nèi)的測量電路。（）

（2）通過多次實(shí)驗(yàn)測得其阻值4隨壓力尸變化的尸圖像如圖乙所示，由圖乙可知

壓力越大，壓力傳感器的阻值________（選填“越大”或“越小”）。

（3）完成前面的實(shí)驗(yàn)工作后，將該壓力傳感器接入如圖丙所示電路中，制作成簡易電

子秤，它主要構(gòu)成有：壓力傳感器4,定值電阻4=14k。，理想電流表（量程

250RA）,電動(dòng)勢為6V的電源，電源內(nèi)阻不計(jì)。將該電子秤水平放置在豎直方向運(yùn)動(dòng)

的電梯里，在托盤上放一祛碼，托盤和祛碼的總質(zhì)量為600g,電流表示數(shù)為200口，

取重力加速度g=9.8m/s2。通過計(jì)算可知壓力傳感器的阻值為k。，可得電梯

的加速度大小為________m/s2,電梯的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可能是0

四、解答題

15.一款語音控制電動(dòng)窗簾軌道盒的工作原理如圖所示，電動(dòng)機(jī)通過輕繩拉動(dòng)質(zhì)量為

加A=0.4kg的滑塊A（正常使用時(shí)滑塊A與窗簾布連接）,質(zhì)量為g=0-6kg的防撞滑塊

B,用一輕繩與左墻面連接。從語音控制電動(dòng)機(jī)接收到打開窗簾的指令開始計(jì)時(shí)，電動(dòng)

機(jī)以額定輸出功率牽引滑塊A（未連接窗簾布）由靜止出發(fā)，向左運(yùn)動(dòng)。當(dāng)滑塊A達(dá)到

最大速度%=lm/s后，與滑塊B發(fā)生完全非彈性碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰撞瞬間電動(dòng)

機(jī)自動(dòng)切斷電源停止對滑塊A提供拉力，滑塊A、B到達(dá)墻面時(shí)速度剛好為零。己知滑

塊A、B在軌道上滑動(dòng)時(shí)所受阻力均為滑塊重力的0.2倍，A最初位置與滑塊B相距

2=4m。取重力加速度g=10m/s2。求：

試卷第7頁，共10頁

（1）電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的額定輸出功率P;

（2）滑塊A由靜止出發(fā)到最后停止運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間建

電動(dòng)機(jī)--?

16.新一代航母攔阻系統(tǒng)采用了電磁阻攔技術(shù)，其工作原理如圖所示，兩根電阻不計(jì)的

平行金屬軌道"N、尸。固定在水平面內(nèi)，間距為工，兩軌道之間存在垂直軌道向下的勻

強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為3,兩軌道左端點(diǎn)M、P間接有阻值為R的電阻，一個(gè)長度

也為￡、阻值為廠的導(dǎo)體棒協(xié)垂直于"N、放在軌道上。質(zhì)量為力的飛機(jī)水平著艦

鉤住導(dǎo)體棒仍上的絕緣繩（導(dǎo)體棒仍和絕緣繩的質(zhì)量均忽略不計(jì)），同時(shí)關(guān)閉動(dòng)力系統(tǒng)，

飛機(jī)與導(dǎo)體棒、絕緣繩瞬間達(dá)到共同速度%,在第一次試降測試中，兩軌道之間未施加

磁場，它們受到恒定阻力，飛機(jī)從著艦到停止滑行的距離為x,在第二次試降測試中,

兩軌道之間施加磁場，導(dǎo)體棒仍與軌道始終接觸良好且垂直于軌道，飛機(jī)從著艦經(jīng)時(shí)

間，停在甲板上，除受到安培力外，還受到與第一次試降相同的恒定阻力作用。取重力

加速度為g。求飛機(jī)在第二次測試中，

（1）導(dǎo)體棒所受安培力的最大值外；

（2）從著艦到停止滑行的距離x'。

MN

xx%xxB*

xb=O=?xxx

17.如圖所示，有一圓心為。、半徑為尺=可111的光滑圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，半

徑ON與水平半徑之間的夾角0=143。。圓弧軌道右側(cè)某處有一光滑水平桌面，桌面

邊緣與木板C的左側(cè)對齊，木板C長為Z=2m且厚度不計(jì)，在木板C左端0點(diǎn)有一靜

止的小滑塊B。現(xiàn)將小球A從圓弧軌道內(nèi)側(cè)”點(diǎn)由靜止釋放，并從圓弧軌道末端N點(diǎn)

飛出，到最高點(diǎn)時(shí)恰好與滑塊B發(fā)生彈性碰撞，A、B可視為質(zhì)點(diǎn)且碰撞時(shí)間極短。已

知質(zhì)量"八=O」kg的球A表面光滑，滑塊B與木板C的質(zhì)量"%=代=0-2kg,B、C兩

者之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=04,取重力加速度g=10m/s2,空氣阻力忽略不計(jì)，

sin53°=0.8,cos53°=0.6o

（1）求球A到達(dá)N點(diǎn)時(shí)速度的大小v”；

（2）求N點(diǎn)與0點(diǎn)之間的水平距離x；

試卷第8頁，共10頁

（3）求A、B碰撞后，滑塊B和木板C組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能A￡；

（4）若僅將滑塊B初始位置向右移動(dòng)，使滑塊B到木板C左端。點(diǎn)的距離等于

kL（O〈k&l）,球A仍從M點(diǎn)由靜止釋放，求A、B發(fā)生彈性碰撞后整個(gè)過程中摩擦力

對滑塊B所做的功與。

18.如圖所示，在xoy平面內(nèi)04x421,-4WyWd的尸。7W區(qū)域中，存在沿了軸正方

向的勻強(qiáng)電場，電場上邊界尸。正上方和下邊界九W正下方填充某特殊物質(zhì)，粒子進(jìn)入

即被吸收，X>24的整個(gè)區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場I。某時(shí)刻，均勻分布在

9邊的大量帶電粒子沿x軸正方向以速度%同時(shí)進(jìn)入電場，所有粒子均帶正電，質(zhì)量

為冽、電荷量為鄉(xiāng)。不計(jì)粒子的重力和粒子間的相互作用力。若有50%的粒子恰好能從

QN邊界射出。

（1）求勻強(qiáng)電場場強(qiáng)￡的大??；

（2）若從電場射出的粒子經(jīng)磁場I偏轉(zhuǎn)后能全部回到電場，求磁場I的磁感應(yīng)強(qiáng)度8的

取值范圍；

（3）若磁感應(yīng)強(qiáng)度8的大小取（2）中的最小值，求在磁場I中有粒子經(jīng)過的區(qū)域面積

S；

（4）保持電場和磁場I方向不變，將勻強(qiáng)電場場強(qiáng)的大小調(diào)為原電場場強(qiáng)的：，調(diào)節(jié)磁

O

場I磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為玄（大小未知），在x<0的整個(gè)區(qū)域再填充一個(gè)垂直紙面向里，

磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為"的磁場n。一質(zhì)量為沉、電量為q的正粒子從尸〃中點(diǎn)。以沿x

軸正方向的速度%進(jìn)入電場，該粒子第一次從QN返回電場后再次穿過時(shí)恰好第二

次經(jīng)過。點(diǎn)。求"大小和該粒子第三次經(jīng)過O點(diǎn)的速度大小V。

試卷第9頁，共10頁

試卷第10頁，共10頁

參考答案：

1.C

【詳解】A.地球的磁場由南向北，根據(jù)左手定則可知，粒子帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；

B.洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功，動(dòng)能不變，故B錯(cuò)誤；

C.粒子在運(yùn)動(dòng)過程中，南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)，由洛倫茲力提供向心力

V2

qvB=m——

R

得出的半徑公式

7?=—

Bq

可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，半徑減小，圖中所示的帶電粒子做螺旋運(yùn)動(dòng)時(shí)旋轉(zhuǎn)半徑一定越

來越小，故C正確；

D.若帶負(fù)電的粒子在赤道正上方垂直射向地面，由左手定則可知一定會向西偏轉(zhuǎn)，故D錯(cuò)

誤。

故選C。

2.B

【詳解】由題意知“噴出水花”是因?yàn)閮闪胁ǖ牟ǚ迮c波峰或波谷與波谷發(fā)生了相遇，即振動(dòng)

加強(qiáng)。由圖像可知，兩列波的波峰傳到3位置時(shí)間相等，故8是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，其它三點(diǎn)振

動(dòng)不穩(wěn)定。所以最可能“噴出水花”的是8位置。

故選B。

3.D

【詳解】CD.光源到屏的距離可以看做雙縫到屏的距離乙，光源S至IJS平面鏡中虛像的間距

看做雙縫的間距小，則有

d=2d

根據(jù)雙縫干涉相鄰條紋之間的距離公式可得

Zkx=—A--^-2

d'2d

故C錯(cuò)誤，D正確；

AB.若將平面鏡"右移一小段距離，光源S到S平面鏡中虛像的間距看做雙縫的間距d'不

變，光屏上的條紋間距不變。故AB錯(cuò)誤。

故選D。

4.A

答案第1頁，共16頁

【詳解】設(shè)地球半徑為凡畫出僅用三顆地球同步衛(wèi)星使地球赤道上任意兩點(diǎn)之間保持無線

電通訊時(shí)同步衛(wèi)星的最小軌道半徑示意圖，如圖所示

由圖中幾何關(guān)系可得，同步衛(wèi)星的最小軌道半徑

r=2R

則

^Mmv2

G——=m—

rr

在地球表面

G朽=〃陪

解得衛(wèi)星繞地球轉(zhuǎn)動(dòng)線速度的最大值為

故選Ao

5.B

【詳解】經(jīng)過4點(diǎn)，將小球自由卸下后，A球做平拋運(yùn)動(dòng)，小車從Z點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至8點(diǎn)，根據(jù)

運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律

vj-v/=2%B

解得

vB=4m/s

所用時(shí)間

公Uk=LOs

a

h

小車運(yùn)動(dòng)至8點(diǎn)時(shí)細(xì)線被軋斷，兩球在距離地面1處相碰，設(shè)又經(jīng)歷時(shí)間％，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)

律可得A球和B球

答案第2頁，共16頁

Lh\(\2

hI2

一=-g,2

222

聯(lián)立解得

t2=0.5s

h=2.5m

故選B。

6.C

【詳解】從正方形線框下邊開始進(jìn)入到下邊完全進(jìn)入過程中，線框切割磁感線的有效長度逐

漸增大，感應(yīng)電流也逐漸增大，如圖的位置I；從正方形線框下邊完全進(jìn)入至下邊剛穿出磁

場邊界，切割磁感線的有效長度不變，感應(yīng)電流不變，如圖的位置I-H；當(dāng)正方形線框下邊

離開磁場，上邊尚未進(jìn)入磁場過程中，穿過線圈的磁通量不變，感應(yīng)電流為零。如圖的位置

n-in；當(dāng)正方形線框下邊繼續(xù)離開磁場，上邊也進(jìn)入磁場過程中，上下兩邊線框切割磁感

線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢方向相反，切割磁感線的有效長度增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢增大，感應(yīng)

電流增大，如圖的位置IH-IV。從正方形線框上邊完全進(jìn)入到上邊完全離開過程中，切割磁

感線的有效長度不變，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢不變，感應(yīng)電流不變。如圖的位置V-VI。

故選c。

7.B

3/

【詳解】線圈一半處于勻強(qiáng)磁場中，則有效長度為安培力大小為

F=nBI-—

2

答案第3頁，共16頁

電流反向時(shí)，需要在左盤中增加質(zhì)量為小的祛碼，說明原來的安培力方向向上，根據(jù)左手

定則可知，方框內(nèi)磁場方向垂直紙面向外，當(dāng)電流反向，安培力變?yōu)橄蛳聲r(shí)，再次平衡，說

明安培力等于mg的一半，即

的包=理

22

所以

B4

3nli

故選B。

8.A

【詳解】初始時(shí)有

2

mgtan9x-m----2-----

r+￡sinOx

末狀態(tài)有

mgtan0=m

2尸+￡sin%

該過程中，由功能關(guān)系可知，其做功為

沙=；mv1-；+mg(Lcos01-Lcos%)

解得

（7用3）

W=------------mgL

12

故選Ao

9.AC

【詳解】AB.電源輸入電壓〃隨時(shí)間看變化的規(guī)律是

u=umcos1=220A/2COS]2.工/(V)=220>/2cosl00.(V)

故A正確，B錯(cuò)誤；

C.燈泡正常工作，通過燈泡的電流為

—.6A

%15

設(shè)4兩端電壓為。，根據(jù)電流關(guān)系有

答案第4頁，共16頁

I4+工

R[R2+R

變壓器原線圈電壓為

it

U、=-^=220V

V2

變壓器副線圈電壓為

。2=。燈+U=30V

理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為

nxU\22

n2U23

故c正確；

D.滑動(dòng)變阻器的滑片向下移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值增大，電路總電阻增大，變

壓器原、副線圈電壓不變，電路總電流減小，燈泡變暗，故D錯(cuò)誤。

故選AC。

10.BC

【詳解】A.0-x圖像中，斜率即為合電場強(qiáng)度E,x=2乙點(diǎn)處斜率為0,即合電場強(qiáng)度為

0=小球運(yùn)動(dòng)到x=22處的加速度為零，最小。故A錯(cuò)誤；

B.x=2￡處場強(qiáng)為零，根據(jù)點(diǎn)電荷場強(qiáng)則有

k-^=k-^

(4療(2Z)2

解得

2：4=4：i

故B正確；

C.從x=到x=2￡的過程中，電勢降低，帶正電小球電勢能減小，電場力做正功，動(dòng)能

增加。從x=2￡再向右運(yùn)動(dòng)過程中，電勢升高，帶正電小球電勢能增大，電場力做負(fù)功，動(dòng)

能減小。小球在x=2￡處的動(dòng)能最大。故C正確；

D.設(shè)C點(diǎn)和小球運(yùn)動(dòng)能到達(dá)的最右端處電勢差為U,根據(jù)動(dòng)能定理得，

qU=0

得

u=o

所以小球能運(yùn)動(dòng)到電勢與出發(fā)點(diǎn)相同的位置。由乙圖可知，和x=T處電勢相等的點(diǎn)在

x=3Z的右側(cè)，故小球能經(jīng)過x=3Z的位置。故D錯(cuò)誤。

答案第5頁，共16頁

故選BC?

11.AD

【詳解】AB.光線射入玻璃面的入射角

，=90°-6=53°

射入玻璃的折射角為八根據(jù)光的折射定律可得

sinz

n=———

sinr

解得

.sin5303

smr=——；——二—

45

3

故A正確，B錯(cuò)誤;

由光路的可逆性可知，空氣中的光線都是平行的，玻璃中的光線也是平行的，設(shè)光線通過第

一塊玻璃光線的側(cè)移量為M，光線通過第二塊玻璃光線的側(cè)移量為12,根據(jù)光路圖中的

幾何關(guān)系可得

Ax1=AX2

則出射光線相對于入射光線的側(cè)移量

Ax=2Axi=2dsin(Z-r)--d

cosr10

故C錯(cuò)誤，D正確。

故選ADo

12.ABD

【詳解】A.由于兩球同時(shí)釋放，所以球B第一次落地時(shí)A球下落的高度為〃，設(shè)此時(shí)A

答案第6頁，共16頁

球的速度大小為V,有

v2=2gh

解得

v^y12gh

故A項(xiàng)正確；

B.設(shè)B反彈后經(jīng)時(shí)間，后與A碰，A、B碰撞時(shí)，A球自由下落高度

7712

〃A1=h+vQt+-gt

B球豎直上升的高度

712

%=vot~~St

因?yàn)橄嗯?，所以?/p>

kh=/zA1+/zB1=h+2vQt

其中%=而^，因?yàn)锽球上升到最高點(diǎn)，所以有

解得

k=5

故B項(xiàng)正確；

C.若在B球第二次落地前與A球相碰，則時(shí)間/有

2h。2h

——<t<2——

NgNg

結(jié)合之前的分析有

5<k<9

故C項(xiàng)錯(cuò)誤；

D.若左=17,則由之前的分析可知，碰撞用時(shí)為

A2h

由之前的分析可知,B球從地面彈起到最高點(diǎn)時(shí)間為'工，所以其AB兩球在落地瞬間碰撞,

答案第7頁，共16頁

則此時(shí)A球的速度設(shè)為匕，B球的速度設(shè)為匕碰后A球的速度為VA，B球的速度為％,有

v；=2g-17/7

v2=v=y[2gh

兩球碰撞有

mvx+3mv2=mvA+3mvB

—mVy+；-3加v；=；加v：+—?3mVg

A球碰后上升的高度為71,有

2

H=江

2g

解得

H=5h

故D項(xiàng)正確。

故選ABDo

22d

T.nd2t7r(n-l)\Lsm0+-\

13.1.86Lsm0+-——'2J

2I---------?---------

【詳解】(1)[1]小球的直徑為

d=18mm+6x0.1mm=18.6mm=1.86cm

(2)[2]擺長等于擺線的有效長度與小球的半徑之和，即等效擺長為

=Zsin^+—

2

(3)[3]當(dāng)光電計(jì)數(shù)器顯示數(shù)為“1”時(shí)是0時(shí)刻，故計(jì)數(shù)次數(shù)剛好為〃時(shí)，周期次數(shù)為

〃一1

N=-----

2

故單擺的振動(dòng)周期

T_t_2t

(4)[4]根據(jù)單擺的周期公式可知

可得

答案第8頁，共16頁

14.0.2向上加速運(yùn)動(dòng)

或向下減速運(yùn)動(dòng)

【詳解】(1)[1]電路中最大電流為

E3

A=0.3mA=300|iA

max23

Rv10xl0

故為了提高測量的準(zhǔn)確性，電流表應(yīng)選A1；

[2]由于滑動(dòng)變阻器的阻值相比壓力傳感器阻值小得多，且使電表示數(shù)變化范圍更大，滑動(dòng)

變阻器采用分壓式接法，根據(jù)

(2)[3]由圖乙可知，壓力越大，壓力傳感器的阻值越小;

(3)[4][5][6]由閉合電路的歐姆定律

7=—^—

代入數(shù)據(jù)解得

4=16kO

由圖乙可知，當(dāng)&=16kO時(shí)，壓力傳感器的示數(shù)為

F=6.0N

答案第9頁，共16頁

由牛頓第二定律

F—mg=ma

解得

a=0.2m/s2

因?yàn)榧铀俣确较蜇Q直向上，且不知道電梯的運(yùn)動(dòng)方向，所以電梯的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)可能是向上加速

運(yùn)動(dòng)或向下減速運(yùn)動(dòng)。

15.(1)P=0.8W；(2)t=4.45s

【詳解】(1)滑塊A達(dá)到最大速度時(shí)

F=f

又

f=kmxg

而

P=FL

解得電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的額定輸出功率

P=0.8W

(2)A與B碰撞前，對A物體，由動(dòng)能定理得

12

Ptx-kmAgL=-mAvm-0

解得

tx=4.25s

A和B碰撞過程，由動(dòng)量守恒定律得

加AKH=(加A+WB)VAB

解得

vAB=0.4m/s

A和B碰撞后，根據(jù)牛頓第二定律

解得

a=2m/s2

答案第10頁，共16頁

又根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式

0=為一成2

解得

t2=0.2s

故滑塊A由靜止出發(fā)到最后停止運(yùn)動(dòng)所用的時(shí)間

t=+12=4.45s

B?為。+均。

16.(1)F；(2)x'=

mR+r2*I2x)

【詳解】(1)當(dāng)速度最大時(shí)，導(dǎo)體棒所受安培力最大，有

Fm=BIL

E=BLv。

/=—^―

R+r

解得

F一通

R+r

(2)第一次測試：

f=ma

0-VQ=2(-a)x

可得

2

2x

第二次測試過程由動(dòng)量定理可得

-￡—=(或-工BILAf一Ji=0一mv。)

2

BI}X',八

—一#=0一叫

解得

_加%(R+

X

B21：

17.(1)vw=10m/s；(2)x=4.8m；(3)AE'=0.8J；(4)當(dāng)0＜左41■時(shí)，W(=-l.2},當(dāng)

答案第11頁，共16頁

g〈后41時(shí)，匕=0.8病=T+0.8A?—1.6

【詳解】(1)球A從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，由動(dòng)能定理得

12

mAgRcos53°=—mfiyN-0

解得

vN=lOrn/s

(2)球A離開N點(diǎn)后做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向

x=vNcos53°-tA

豎直方向

vNsin53°-gtx=0

解得

x=4.8m

(3)A、B物體碰撞，動(dòng)量守恒、能量守恒

m#Ncos53°=mAvA1+mBvB1

1/\21?12

-mAcos53J=-mAvA1+-mBvB1

解得

vB1=4m/s

B在C板上滑動(dòng)過程中，若共速前不從C板上滑下。由動(dòng)量守恒、能量守恒得

mBvB1=(mB+mc)vBC

VWWV+

|?BBI=1(B+C)BCAWBgAx

解得

vBC=2m/s

Ax=Im<￡=2m

則物塊B未從C板滑下?；瑝KB和木板C組成的系統(tǒng)損失的機(jī)械能為

AE*=jumBg/\x=0.8J

(4)當(dāng)?！慈藇g時(shí)，B不會從C板滑下，對B物體由動(dòng)能定理得

答案第12頁，共16頁

1212

匕=5/BKC-'加BVBI

解得

%二—1.2J

當(dāng):〈左＜1時(shí)，B能從C板滑下，由動(dòng)量守恒和能量守恒得

-wBvB2+/ncvC2

1=；%總+；機(jī)?？?〃加g（l一女）乙

5加BV]

解得

Vg2=2+2)2k—1

由動(dòng)能定理得

解得

W{=0.8J2左一1+0.81-1.6

2，萬友5、

18.(1)E=嗎;⑵B2號;屋;(4)"=警,出

(3)S=—+——+—V=-------Vn

2qdqa1824;aq20

【詳解】（1）有50%的粒子能夠射出電場，則粒子在電場中豎直偏轉(zhuǎn)距離為4。粒子做類平

拋運(yùn)動(dòng)，

豎直方向

/1,2

d=—at