北京市西城區(qū)156中學(xué)2025屆物理高二上期中檢測試題含解析

北京市西城區(qū)156中學(xué)2025屆物理高二上期中檢測試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．點電荷其實就是體積很小的球體B．根據(jù)F=kq1q2C．若點電荷q1的電荷量大于q2的電荷量，則q1對q2的靜電力大于q2對q1的靜電力D．庫侖定律和萬有引力定律的表達式相似，都是平方反比定律2、如果在某電場中將帶電荷量為5.0×10-8C的正電荷由A點移到B點，電場力做了-6.0×10-3的功，那么將帶電荷量為5.0×10-8C的負(fù)電荷也由A點移到B點，電場力做的功為A．-6.0×10-3J B．6.0×10-3J C．-3.0×10-3J D．3.0×10-3J3、質(zhì)量為m的鋼球自高處落下,以速度v1碰地,豎直向上彈回,碰撞時間極短,離地的速度為v1．在碰撞過程中,地面對鋼球的沖量的方向和大小為()A．向下,m(v1-v1)B．向上,m(v1+v1)C．向上,m(v1-v1)D．向下,m(v1+v1)4、如圖所示，abcd為水平放置的平行“”形光滑金屬導(dǎo)軌,間距為l，導(dǎo)軌間有垂直于導(dǎo)軌平面的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B，導(dǎo)軌電阻不計．已知金屬桿MN傾斜放置，與導(dǎo)軌成θ角，單位長度的電阻為r,保持金屬桿以速度v沿平行于cd的方向滑動(金屬桿滑動過程中與導(dǎo)軌接觸良好)．則()A．電路中感應(yīng)電動勢的大小為B．電路中感應(yīng)電流的大小為C．金屬桿所受安培力的大小為D．金屬桿的發(fā)熱功率為5、如圖所示，A、B是同一條電場線上的兩點，這兩點電場強度的關(guān)系是A．EA>EB，方向相同 B．EA>EB，方向不同C．EA<EB，方向相同 D．EA<EB，方向不同6、根據(jù)電容的定義式知()A．電容器的電容越大，則電容器所帶電荷量應(yīng)越多B．電容器兩極板間電壓越大，電容越大C．電容器的電容與電荷量成正比，與電壓成反比D．電容器的電容不隨帶電荷量及兩極板間電壓的變化而變化二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質(zhì)量為M、內(nèi)壁間距為L的箱子靜止于光滑的水平面上，箱子中間有一質(zhì)量為m的小物塊，小物塊與箱子底板間的動摩擦因數(shù)為μ．初始時小物塊停在箱子正中間，如圖所示．現(xiàn)給小物塊一水平向右的初速度v，小物塊與箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中間，井與箱子保持相對靜止．設(shè)碰撞都是彈性的，則整個過程中，系統(tǒng)損失的動能為()A． B．C． D．8、如圖,質(zhì)量為m、電荷量為+q的小球。從地面B點正上方的A點以某一初速度水平拋出,經(jīng)過時間t后,球落在水平面上C點,落地時的動能為Ek。若空間增加豎直向下的勻強電場,且場強大小E=mg/q，小球仍以相同的速度從A點拋出，重力加速度為g,則（）A．落地點位于BC中點B．落地點位于BC中點右側(cè)C．落地時動能小于2EkD．在空中運動的時間小t/29、關(guān)于平拋物體的運動，下列說法中不正確的是()A．物體只受重力的作用，是的勻變速曲線運動B．物體落地時的水平位移與拋出點的高度無關(guān)C．平拋運動任一時刻的速度沿水平方向上的分量都相同D．初速度越大，物體在空中的飛行時間越長10、如圖虛線a、b、c代表電場中三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab＝Ubc，實線為一帶負(fù)電的點電荷僅在電場力作用下通過該區(qū)域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據(jù)此可知（）A．P點的電勢高于Q點的電勢B．該點電荷在P點具有的電勢能比在Q點具有的電勢能大C．該點電荷通過P點時的動能比通過Q點時大D．該點電荷通過P點時的加速度比通過Q點時大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖示為多用電表的不完整的示意圖，圖中還顯示出了表內(nèi)的電源E1和表內(nèi)的調(diào)零電阻R0.被測電路由未知電阻Rx和電池E2串聯(lián)構(gòu)成．(1)現(xiàn)欲測阻值大約為一千多歐姆的未知電阻Rx的阻值，請完善以下測量步驟：①甲、乙兩測試表筆中，甲表筆應(yīng)是________(填“紅”或“黑”)表筆；②測電阻的倍率選擇“×100”，將甲、乙兩表筆短接，調(diào)節(jié)調(diào)零電阻R0，使表針指到表盤刻度的最________(填“左”或“右”)端；③若測試表筆甲接觸的位置正確，此時表針恰好指在圖示的虛線位置，則被測電阻Rx的阻值為________Ω.(2)已知圖中電源E1的電動勢為4.5V，電源E2的電動勢為1.5V(不計其內(nèi)阻)．若測電阻Rx時，測試表筆甲在a、b兩個觸點中連接了錯誤的觸點，那么，表針的電阻示數(shù)將比真實值________(填“偏大”或“偏小”)，其示數(shù)應(yīng)為________Ω.12．（12分）某實驗小組要描繪一只小燈泡L（2.5V0.5A）的伏安特性曲線。實驗中除導(dǎo)線和開關(guān)外，還有以下器材可供選擇：電源E（，內(nèi)阻約）電壓表（，內(nèi)阻約）電壓表（，內(nèi)阻約）電流表（，內(nèi)阻約）電流表（，內(nèi)阻約）滑動變阻器（）滑動變阻器（）（1）電壓表應(yīng)選擇__________，電流表應(yīng)選擇__________，滑動變阻器應(yīng)選擇__________。（2）實驗過程中要求小燈泡兩端電壓從零開始調(diào)節(jié)，應(yīng)選擇下圖中哪一個電路圖進行實驗_________。A.B.C.D.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在同一條電場線上A、B兩點相距8cm，一個帶電量為點電荷在A點的電勢能為，在B點的電勢能為.若將該點電荷從A點移動到B點，求：（1）電場力對點電荷做功及A、B兩點間電勢差；（2）若該電場為勻強電場，分析和計算電場強度方向和大小。14．（16分）一名滑雪者在傾斜的雪道上由靜止開始勻加速滑下，經(jīng)t=5s的時間下滑了x=50m，隨即進入與傾斜雪道平滑連接的水平雪地做勻減速直線運動，如圖所示，已知運動員與其全部裝備的總質(zhì)量m=80kg，取g=10m/s1．不計空氣阻力．（1）求運動員在傾斜的雪道上下滑時的加速度a的大??；（1）求運動員滑動傾斜雪道底端時速度v的大小；（3）若滑雪者在水平雪地上滑行的最大距離是l=100m，求滑雪者在水平雪地上受到的阻力f的大?。?5．（12分）如圖所示，線段A為某電源的U-I圖線，線段B為某電阻的U-I圖線，當(dāng)上述電源和電阻組成如圖閉合電路時，求：(1)電源電動勢和內(nèi)阻各是多大？(2)電源的輸出功率P是多大？(3)若要獲得電源的最大輸出功率，要并聯(lián)一個多大的電阻？電源最大輸出功率多大？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A、當(dāng)帶電體的形狀、大小及電荷的分布狀況對它們之間的作用力影響可以忽略時，可以看成點電荷，不是體積小就能看成點電荷．故A錯誤．

B、當(dāng)兩個點電荷距離趨于0時，兩電荷不能看成點電荷，此時庫侖定律的公式不再適用．故B錯誤．

C、兩電荷之間的相互作用力大小相等，與點電荷電量的大小無關(guān)．故C錯誤．

D、庫侖定律表達式F=kq1q2r2適用于真空中兩點電荷之間的作用力；萬有引力定律的表達式F=Gm1m2r2、B【解析】

A、B兩點間的電勢差．在A、B兩點間移動5.0×10-8C的負(fù)電荷時，A、B間的電勢差不變．則電場力做功為WAB′=q′UAB=(-5.0×10-8)×(-1.2×105)J=6.0×10-3J．

故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】本題要抓住電場中兩點間的電勢差由電場中兩點的位置決定，與移動的試探電荷無關(guān)．記住電場力做功與電勢差的關(guān)系，并理解公式中物理量的含義.3、B【解析】

選取豎直向下方向為正方向，忽略重力沖量．根據(jù)動量定理得地面對鋼球的沖量為：I=-mv1-mv1=-m（v1+v1），則地面對鋼球的沖量的方向向上，大小為m（v1+v1）．A.向下，m(v1-v1)，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B.向上，m(v1+v1)，與結(jié)論相符，選項B正確；C.向上，m(v1-v1)，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D.向下，m(v1+v1)，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；4、B【解析】

A、導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動勢，故A錯誤；B、感應(yīng)電流的大小，故B正確；C、所受的安培力為，故C錯誤；D、金屬桿的熱功率，故D錯誤．5、B【解析】

根據(jù)圖象可知，A點電場線比B點電場線密集，根據(jù)電場線的疏密程度比較場強大小可知，EA＞EB，電場線的切線方向表示場強方向，則AB場強方向不同，故B正確，ACD錯誤．故選B．【點睛】解決本題的關(guān)鍵是掌握電場線的特點：疏密表示場強的大小，切線方向表示場強方向，難度不大，屬于基礎(chǔ)題．6、D【解析】

本題應(yīng)根據(jù)電容器電容的定義式及其物理意義進行分析；【詳解】A、由可知，電容器所帶電量取決于電壓及電容，只有電容大，電量不一定大，故A錯誤；

B、電容是電容器的固有屬性，與電壓無關(guān)，故B錯誤；

C、電容器的電容與電壓及電荷量無關(guān)，故C錯誤；

D、電容器的電容是電容器的本身的屬性，與電量及電壓無關(guān)，故D正確．【點睛】電容器的定義式采用了比值定義法；應(yīng)注意C其實與U及Q無關(guān)．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：設(shè)物塊與箱子相對靜止時共同速度為V，則由動量守恒定律得，得，系統(tǒng)損失的動能為，B正確，AC錯誤．根據(jù)能量守恒定律得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)損失的動能，根據(jù)功能關(guān)系得知，系統(tǒng)產(chǎn)生的內(nèi)能等于系統(tǒng)克服摩擦力做的功，則有．D正確，故選BD考點：動量守恒定律；功能關(guān)系．點評：兩個相對運動的物體，當(dāng)它們的運動速度相等時候，往往是最大距離或者最小距離的臨界條件．本題是以兩物體多次碰撞為載體，綜合考查功能原理，動量守恒定律，要求學(xué)生能依據(jù)題干和選項暗示，從兩個不同角度探求系統(tǒng)動能的損失．又由于本題是陳題翻新，一部分學(xué)生易陷入某種思維定勢漏選B或者D，另一方面，若不仔細(xì)分析，易認(rèn)為從起點開始到發(fā)生第一次碰撞相對路程為，則發(fā)生N次碰撞，相對路程為，而錯選C．8、BC【解析】

A、B、D項：若空間增加豎直向下的勻強電場，場強大小E=mg/q，小球的加速度變?yōu)?g，由公式h=12gt2可知，t=2hg，加速度變?yōu)樵瓉淼膬杀?，所以時間變?yōu)樵瓉淼?2，由公式：x=C項：由動能定得可知，沒加電場時：mgh=E加電場后：2mgh=由以上兩式可知，落地時動能小于2Ek，故C正確。故應(yīng)選：BC。9、BD【解析】

平拋運動的物體只受重力的作用，是的勻變速曲線運動，選項A正確；由x=v0t和h=gt2可知，物體落地時的水平位移，與拋出點的高度有關(guān)，選項B錯誤；平拋運動任一時刻的速度沿水平方向上的分量都等于初速度，選項C正確；物體在空中飛行的時間為，與初速度無關(guān)，選項D錯誤；此題選擇不正確的選項，故選BD.10、BD【解析】

A、若帶電微粒從P點進入電場，由圖可知帶電微粒所受電場力由a等勢面指向b等勢面，由于微粒帶負(fù)電，故c等勢面的電勢最高，故P點的電勢低于Q點的電勢，故A錯誤．B、由于帶電微粒在從Q向P運動的過程中電場力做負(fù)功，則帶電微粒的電勢能增大，故帶電微粒在P點時的電勢能較大．故B正確．C、由于帶電微粒在從Q向P運動的過程中電場力做負(fù)功，故微粒在Q點時的動能大于在P點的動能．故C錯誤．D、由于電場線越密等勢線越密，由圖可知P點的場強大于Q點的場強，故帶電微粒在P處所受的電場力大于在Q點所受的電場力，故帶電微粒通過P點時的加速度大．故D錯誤．故選B．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、紅右1500偏小700【解析】

（1）①為了保證電流由正接線柱流入表頭，紅表筆應(yīng)接內(nèi)部電源的負(fù)極；入甲應(yīng)為紅表筆；

②測一個阻值約為一千多歐姆的電阻阻值，為減小測量誤差，應(yīng)選擇×100Ω倍率；歐姆調(diào)零時，表針應(yīng)指到表盤的右端；

③由圖示表盤可知，指針指在15處，則讀數(shù)為：15×100=1500Ω；

（2）由圖及以上分析可知，中性電阻R=1500Ω；甲表筆接在a點，由于E2與電源E1串聯(lián)，故電動勢增大，電流增大，故電阻的測量值偏??；

由歐姆定律可知，讀數(shù)正確時，電流I1=4.51500+1500=1.5×10-3A；當(dāng)接入電源E2時，I2=4.5+1.51500+1500=2×10-3A；

【點睛】本題考查多用電表的結(jié)構(gòu)原理及應(yīng)用，要注意正確分析電路結(jié)構(gòu)，明確多用電表的使用方法，特別注意歐姆表的內(nèi)部結(jié)構(gòu)．12、A【解析】（1）燈泡的額定電壓為2.5V，額定電流是0.5A，所以電壓表應(yīng)選擇，電流表應(yīng)選擇，因本實驗必須采用分壓接法，故滑動變阻器應(yīng)選擇總阻值較小的；

（2）描繪燈泡伏安特性曲線，電壓、電流要從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓式接法，燈泡的電阻約為，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表采用外接法誤差較小,選圖A所示實驗電路．【點睛】根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流確定電表的量程，從減小誤差角度和可操作性角度確定滑動變阻器．測量燈泡的伏安特性曲線，電流、電壓需從零開始測起，則滑動變阻器采用分壓式接法，根據(jù)燈泡的電阻大小確定電流表的內(nèi)外