2025屆四川省廣元市蒼溪中學物理高二第一學期期末教學質量檢測試題含解析

2025屆四川省廣元市蒼溪中學物理高二第一學期期末教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在電場中A點，先后放入q1、q2兩個點電荷（q1＞q2），點電荷所受到的電場力分別為F1、F2，兩次測得該點的電場強度分別為E1、E2，則（）A.F1=F2，E1=E2 B.F1>F2，E1=E2C.F1>F2，E1>E2 D.F1<F2，E1<E22、關于傳感器的下列說法正確的是A.話筒是一種常用的聲傳感器，其作用是將電信號轉換為聲信號B.電熨斗能自動控制溫度主要利用了雙金屬片中兩片金屬的膨脹系數(shù)相同C.霍爾元件能夠把磁感應強度這個磁學量轉換為電壓這個電學量D.半導體熱敏電阻常用作溫度傳感器，溫度升高，它的電阻值變大3、如圖所示，一個金屬圓環(huán)水平放置在豎直向上的勻強磁場中，若要使圓環(huán)中產(chǎn)生如圖中箭頭所示方向的感應電流，下列方法可行的是()A.僅使勻強磁場磁感應強度均勻增大B.僅使圓環(huán)繞水平軸ab如圖轉動30°C.僅使圓環(huán)繞水平軸cd如圖轉動30°D.保持圓環(huán)水平并僅使其繞過圓心的豎直軸轉動4、在下列物理量中，屬于矢量的是A.電場強度 B.電勢差C.電勢能 D.電動勢5、如圖所示，可視為質點的帶正電小球，質量為m，用長為L的絕緣輕桿分別懸掛在（甲）重力場、（乙）懸點O處有正點電荷的靜電場、（丙）垂直紙面向里的勻強磁場中，且偏角均為θ（θ＜10°）．當小球均能由靜止開始擺動到最低點A時，下列說法正確的是（）A.三種情形下，達到A點時所用的時間相同B.三種情形下，達到A點時輕桿的拉力相同C.三種情形下，達到A點時的向心力不同D.三種情形下，達到A點時的動能不同6、如圖所示的圓形區(qū)域里勻強磁場方向垂直于紙面向里，有一束速率各不相同的質子自A點沿半徑方向射入磁場，則質子射入磁場的運動速率越大，A.其軌跡對應的圓心角越大B.其在磁場區(qū)域運動的路程越大C.其射出磁場區(qū)域時速度的偏向角越大D.其在磁場中的運動時間越長二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一圓柱形筒內存在勻強磁場，該筒橫截面的半徑為R，磁場方向垂直于橫截面向里，圖中直徑MN的兩端分別開有小孔，在該截面內，有質量為m、電荷量為q的帶負電的粒子從M端的小孔射入筒內，射入時的速度方向與MN成角。當圓筒繞其中心軸以角速度順時針轉動角時，該粒子恰好飛出圓筒．不計粒子重力，粒子在筒內未與筒壁發(fā)生碰撞，則下列說法正確的是A.筒內磁場的磁感應強度大小為B.筒內磁場的磁感應強度大小為C.粒子飛入的速度大小為D.粒子飛入的速度大小為R8、一臺小型發(fā)電機產(chǎn)生的電動勢隨時間變化的正弦規(guī)律圖象如圖甲所示．已知發(fā)電機線圈內阻為10.0Ω，現(xiàn)外接一只電阻為100.0Ω的燈泡，如圖乙所示，則（）A.理想電壓表V的示數(shù)為220VB.電路中的電流方向每秒鐘改變100次C.燈泡實際消耗的功率為200WD.0到0.005s內通過燈泡的電荷量為×10﹣2C9、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經(jīng)B、C點運動到D點，其v－t圖象如圖所示，則下列說法中正確的是()A.A點的電場強度一定大于B點的電場強度B.CD間各點電場強度和電勢都為零C.AB兩點間的電勢差大于CB兩點間的電勢差D.粒子在A點的電勢能一定大于在B點的電勢能10、如圖所示電路中，已知電源的內阻r＜R2，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值。閉合電鍵S，當滑動變阻器的滑臂P由變阻器的中點向左滑動的過程中，下列說法中正確的有：（）A.R2上消耗的功率先變小后變大B.V1的示數(shù)先變大后變小，V2的示數(shù)先變小后變大C.電源內部的熱功率一直不變D.電源的輸出功率先變小后變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）現(xiàn)在要測量一段電阻絲的電阻率ρ，其阻值Rx約為0.5Ω，允許通過的最大電流為0.5A.現(xiàn)有如下器材可供選擇：電流表A(量程0.6A，內阻約為0.6Ω)電壓表V(量程3V，內阻約為3kΩ)待測電阻絲Rx(阻值約為0.5Ω)標準電阻R0(阻值5Ω)滑動變阻器R1(5Ω，2A)滑動變阻器R2(200Ω，1.5A)直流電源E(E＝6V，內阻不計)開關S、導線若干(1)圖為四位同學分別設計的測量電路的一部分，你認為合理的是________；(2)實驗中滑動變阻器應該選擇________(選填“R1”或“R2”)，并采用________接法；（分壓，限流）(3)根據(jù)你在(1)(2)中的選擇，在圖甲上完成實驗電路的連接________；(4)實驗中，如果兩電表的讀數(shù)分別為U和I，測得拉直后電阻絲的長度為L、直徑為D，則待測電阻絲的電阻率ρ的計算式為ρ＝________；(5)用螺旋測微器測量待測電阻絲的直徑時讀數(shù)如圖乙所示，則該電阻絲的直徑D＝________.12．（12分）某同學利用如圖（1）所示電路測定電源的電動勢和內阻．實驗中電表內阻對實驗結果影響很小，均可以忽略不計．閉合電鍵S后，變阻器的滑片P由變阻器的一端滑到另一端的過程，兩電壓表示數(shù)隨電流表示數(shù)變化情況分別如圖（2）的U﹣I圖象中的直線a、b所示（1）用畫線代表導線，將如圖（3）實物圖中各元件按圖（1）連接成實驗電路_______；（2）通過分析可知，其中圖（2）中圖線_____（填a或b）V1表示電壓表示數(shù)隨電流表A示數(shù)變化關系；（3）根據(jù)U﹣I圖象中坐標軸所標出的數(shù)據(jù)，可求出電源的電動勢E=____，內阻r=____．（用圖中給出的坐標值表示）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，勻強電場分布在邊長為L的正方形區(qū)域ABCD內，M、N分別為AB和AD的中點，一個初速度為v0，質量為m的帶負電粒子q沿紙面射入電場．帶電粒子的重力不計（1）如果帶電粒子從M點垂直電場方向進入電場后，恰好從D點離開電場，求勻強電場的電場強度E和帶電粒子從D點離開電場時的動能Ek1.（2）若帶電粒子從N點垂直BC方向射入電場，它在電場中的運動時間t是多少？離開電場時的動能Ek2為多大？14．（16分）能量轉化和守恒是自然界的一條普遍規(guī)律，在電磁感應現(xiàn)象中也不例外：(1)如圖所示，兩根光滑的長直金屬導軌MN、PQ平行置于同一水平面上，導軌間距為L，電阻不計，NQ處接有阻值為R的電阻。長度也為L，阻值為r的金屬棒ab垂直于導軌放置，導軌處于磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中。ab在外力作用下以速度v勻速向右運動且與導軌保持良好接觸：①求ab所受安培力的大小FA；②證明：外力的功率P外與感應電流的功率P電相等；并簡要說明：在上述電路中，能量是如何轉化的？(2)如圖所示，在水平面上固定兩光滑的長直平行金屬導軌MN、PQ，導軌間距為L，導軌的電阻忽略不計，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于導軌所在平面。長度均為L、電阻均為r、質量分別為m1、m2的兩根金屬桿ab、cd垂直導軌置于導軌上。開始時ab桿以初速度v0向靜止的cd桿運動，最終兩桿達到共同速度。求cd桿由靜止至達到共同速度的過程中回路中產(chǎn)生的電能，小王同學的解法如下：對于ab、cd兩桿組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律得由能量轉化和守恒定律可知，回路中產(chǎn)生的電能等于系統(tǒng)減少的機械能，故你認為小王的解法是否正確？如不正確，請給出正確的解法。15．（12分）如圖，一個質子和一個α粒子從容器A下方的小孔S，無初速地飄入電勢差為U的加速電場．然后垂直進入磁感應強度為B的勻強磁場中，磁場方向垂直紙面向外，MN為磁場的邊界．已知質子的電荷量為e，質量為m，α粒子的電荷量為2e，質量為4m．求：（1）質子進入磁場時的速率v；（2）質子在磁場中運動的時間t；（3）質子和α粒子在磁場中運動的軌道半徑之比rH∶rα

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】在電場中的同一點，電場強度相同，與所放的電荷無關，所以E1=E2，根據(jù)F=qE知，q1＞q2，則F1＞F2，故B正確，ACD錯誤．故選B2、C【解析】由題意可知查傳感器的應用，根據(jù)傳感器工作原理分析可得【詳解】A．話筒是一種常用的聲傳感器，話筒一端接收聲音，其作用是將電信號轉換為聲信號，另一端是將聲音信號轉為電信號，故A錯誤；B．電熨斗能自動控制溫度主要利用了雙金屬片中兩片金屬的膨脹系數(shù)不同，溫度變化時，總體形變和膨脹系數(shù)大的材料形變方向相同，從而控制電路，故B錯誤；C．霍爾元件能夠把磁感應強度這個磁學量轉換為電壓這個電學量，其原理帶電粒子在磁場中發(fā)生偏轉，在極板間產(chǎn)生電勢差，故C正確；D．半導體熱敏電阻屬半導體材料，溫度升高，它的電阻值變小，故D錯誤【點睛】從原理入手，理解傳感器的工作過程，記住一些材料的特性3、A【解析】A.原磁場的方向向上，圓環(huán)中順時針(從上向下看)方向的感應電流的磁場方向向下，與原磁場的方向相反，所以穿過圓環(huán)的磁通量應增大.僅使勻強磁場的磁感應強度均勻增大，穿過圓環(huán)的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)產(chǎn)生順時針(從上向下看)方向的感應電流，選項A正確；BC.僅使圓環(huán)繞水平軸ab或cd按題圖所示方向轉動30°，轉動過程中穿過圓環(huán)的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知，圓環(huán)中產(chǎn)生逆時針(從上向下看)方向的感應電流，選項B、C錯誤；D.保持圓環(huán)水平并僅使其繞過圓心的豎直軸轉動，穿過圓環(huán)的磁通量保持不變，不能產(chǎn)生感應電流，選項D錯誤.4、A【解析】A．電場強度有大小和方向，是矢量，選項A正確；B．電勢差有大小無方向，標量，選項B錯誤；C．電勢能有大小無方向，是標量，選項C錯誤；D．電動勢有大小無方向，是標量，選項D錯誤；故選A.5、A【解析】分別對三種情況受力分析，根據(jù)受力情況確定各力做功情況，根據(jù)動能定理即可明確到達A點的速度關系，再根據(jù)向心力公式明確向心力及繩子上的拉力，根據(jù)運動情況即可確定時間關系【詳解】三種情況下均只有重力做功，因此由動能定理可知，它們到達最底點時的速度相同，因此達到A點時的動能相同；根據(jù)向心力公式可知，它們在A點需要的向心力相同；但由于乙受到庫侖力，而丙受到洛倫茲力，因此三種情況下繩子上的拉力不相同；由于運動任意對應的時刻的速度均相同，因此達到A點的時間一定相同故只有A正確，BCD錯誤故選A【點睛】本題考查帶電粒子在電場、磁場中的運動及受力情況，要注意明確洛倫茲力永不做功，同時注意電場力做功的性質6、B【解析】設磁場區(qū)域半徑為R，軌跡圓心角為α，如圖示：粒子在磁場中運動的時間為，而軌跡半徑，而，粒子速度越大，則r越大，α越?。ㄅc射出磁場時的速度偏向角相等），t越小，故B對考點：帶電粒子在勻強磁場中的運動【名師點睛】帶電粒子在有界磁場中的常用幾何關系（1）四個點：分別是入射點、出射點、軌跡圓心和入射速度直線與出射速度直線交點（2）三個角：速度偏轉角、圓心角、弦切角，其中偏轉角等于圓心角，也等于弦切角的2倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】AB．根據(jù)題意，粒子運動的時間為帶負電的粒子的軌跡圖像如圖所示根據(jù)幾何關系可知粒子運動的圓心角為粒子在磁場運動的時間，根據(jù)牛頓第二定律圓周運動公式解得聯(lián)立解得故B正確，A錯誤；CD．根據(jù)幾何關系可知粒子的半徑為R，根據(jù)牛頓第二定律解得半徑為結合B的大小得到故C正確，D錯誤。故選BC。8、ABD【解析】由圖讀出電動勢的最大值，求出有效值，根據(jù)歐姆定律求出外電壓的有效值，即為電壓表的示數(shù)．根據(jù)電流方向每個周期改變兩次，求出每秒鐘電流方向改變的次數(shù)．根據(jù)電壓有效值求出燈泡消耗的功率．根據(jù)電流的平均值求得流過的電荷量【詳解】A.由Em=220，E=220V，電壓表示數(shù)為：U==200V.故A正確；B.周期T=0.02s，每個周期交流電方向改變兩次，則1s內電流方向改變的次數(shù)為：n=2×=100次．故B正確；C.燈泡實際消耗的功率為：P=U2/R=2002/100W=400W，故C錯誤；D.產(chǎn)生的平均感應電動勢為：，在0?0.005s內流過電荷量為：q=產(chǎn)生的感應電動勢的最大值為：Em=NBSωω=2π/T聯(lián)立解得：q=×10﹣2C，故D正確故選ABD9、AD【解析】由運動的速度--時間圖象可看出，帶正電的粒子的加速度在A點時較大，由牛頓第二定律得知在A點的電場力大，故A點的電場強度一定大于B點的電場強度，故A正確；CD間各點電荷的加速度為零，故不受電場力，故電場強度為零，電場強度為零說明各點之間的電勢差為零，但電勢不一定為零，故B錯誤．A、C兩點的速度相等，故粒子的動能相同，因此從A到B和從B到C電場力做功的絕對值相同，AB兩點間的電勢差等于CB兩點間的電勢差，故C錯誤．從A到B，速度增大，故電場力做正功，可知電勢能減小，則粒子在A點的電勢能一定大于在B點的電勢能，故D正確；故選AD【點睛】本題考查到了電場力做功的計算和電場力做功與電勢能的關系，其關系為：電場力對電荷做正功時，電荷的電勢能減少；電荷克服電場力做功，電荷的電勢能增加，電勢能變化的數(shù)值等于電場力做功的數(shù)值．這常是判斷電荷電勢能如何變化的依據(jù)．還考查了對于勻變速直線運動的圖象分析電荷在電場中移動時，電場力做的功與移動的路徑無關，只取決于起止位置的電勢差和電荷的電量，這一點與重力做功和高度差的關系相似10、ABD【解析】A.由題，電阻R1的阻值小于滑動變阻器R0的最大阻值，當滑動變阻器的滑片P由變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側并聯(lián)的總電阻先變大后變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律得知，電路中電流先變小后變大，R2上消耗的功率先變小后變大，故A正確；B.由于電路中電流先變小后變大，電源的內電壓也先變小后變大，則路端電壓先變大后變小，所以V1的示數(shù)先變大后變小，V2測量R2兩端的電壓，R2不變，則V2的示數(shù)先變小后變大。故B正確；C.電源內部的熱功率P=I2r，因為電流I先變小后變大，所以電源內部的熱功率，先變小后變大，故C錯誤；D.因為r<R2，所以外電阻總是大于內電阻，當滑動變阻器的滑片P由變阻器的中點向左滑動的過程中，變阻器左側電阻與R1串聯(lián)后與變阻器右側并聯(lián)的總電阻先變大后變小，所以電源的輸出功率先變小后變大，故D正確。故選：ABD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.C②.R1③.分壓④.⑤.⑥.1.205【解析】(1)、(2)、關鍵是根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻來選擇變阻器阻值以及接法；根據(jù)求出的最小電阻來選擇保護電阻；根據(jù)待測電阻遠小于電壓表內阻可知電流表應用外接法，但因為待測電阻阻值太小可知待測電阻應與保護電阻串聯(lián)使用(3)根據(jù)是連接電路時應先連接主干路然后再連接并聯(lián)電路，注意正負極和量程(4)關鍵是根據(jù)歐姆定律和電阻定律求出電阻率的表達式即可(5)關鍵是讀數(shù)時要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀，注意半毫米刻度線是否露出【詳解】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻為：，所以變阻器應選R1并且應采用分壓式接法；電路中需要的最小電阻為：，為保護電流表應與一保護電阻串聯(lián)，所以排除電路A，再根據(jù)待測電阻滿足，可知電流表應用外接法，所以應排除電路D，由于待測電阻阻值太小，將電壓表直接測量時電壓太小無法讀數(shù)，所以應將待測電阻與保護電阻串聯(lián)后再與電壓表并聯(lián)才行，所以合理的電路應是C；(2)根據(jù)題(1)中的分析可知，變阻器應選R1，并且應采用分壓式接法；(3)根據(jù)題（1）中分析可知電路連接圖如圖所示：(4)圖C電路圖應有：①根據(jù)電阻定律應有：②聯(lián)立①②可得：(5)螺旋測微器的讀數(shù)為：D=1mm+20.6×0.01mm=1.205（±0.002）mm；【點睛】明確：①通過估算電路中需要的大小電阻來選擇保護電阻，通過電路中需要的最大電阻來選擇變阻器阻值以及采用的接法；②當待測電阻滿足時，電流表應用外接法12、①.②.a③.④.【解析】（1）[1]根據(jù)電路圖