黑龍江省大興安嶺漠河縣一中2025屆高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測試題含解析

黑龍江省大興安嶺漠河縣一中2025屆高三上物理期中學業(yè)質量監(jiān)測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、假設該高速公路上甲、乙兩車在同一車道上行駛，甲車在前，乙車在后。t=0時刻，發(fā)現(xiàn)前方有事故，兩車同時開始剎車，行進中兩車恰好沒有發(fā)生碰撞。兩車剎車過程的v-t圖像如圖所示，以下判斷正確的是A．t=0時刻兩車間距等于50mB．兩車都停止運動時相距50mC．t=5s時兩車間距大于t=15s時兩車間距D．乙車剎車的加速度大小是甲車的1.5倍2、在北京飛控中心工作人員的精密控制下，嫦娥三號開始實施近月制動，進入100公里環(huán)月軌道Ⅰ，隨后嫦娥三號探測器再次變軌，從100公里的環(huán)月圓軌道Ⅰ，降低到近月點（B點）15公里、遠月點（A點）100公里的橢圓軌道Ⅱ，為下一步月面軟著陸做準備．關于嫦娥三號衛(wèi)星，下列說法正確的是()A．衛(wèi)星在軌道Ⅱ運動的周期小于在軌道Ⅰ運動的周期B．衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的加速度大于在軌道Ⅰ上A點的加速度C．衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的動能大于在軌道Ⅱ經過B點時的動能D．衛(wèi)星從軌道Ⅰ變軌到軌道Ⅱ，機械能增大3、在體育課上，某同學練習投籃，他站在罰球線處用力將籃球從手中投出，如圖所示，籃球約以1m/s的速度撞擊籃筐．已知籃球質量約為0.6kg，籃筐離地高度約為3m，則該同學投籃時對籃球做的功約為()A．1J B．10J C．30J D．50J4、2014年12月14日，北京飛行控制中心傳來好消息，嫦娥三號探測器平穩(wěn)落月．已知嫦娥三號探測器在地球表面受的重力為G1，繞月球表面飛行時受到月球的引力為G2，地球的半徑為R1，月球的半徑為R2，地球表面處的重力加速為g．則：A．月球與地球的質量之比為B．月球表面處的重力加速度為C．月球與地球的第一宇宙速度之比為D．探測器沿月球表面軌道上做勻速圓周運動的周期為

5、入冬以來，全國多地多次發(fā)生霧霾天氣，能見度不足，在這樣的惡劣天氣中，甲．乙兩汽車在一條平直的單行道上，乙在前．甲在后同向行駛．某是時刻兩車司機同時聽到前方有事故發(fā)生的警笛提示，同時開始剎車，兩輛車剎車時的圖像如圖，則（）A．若兩車發(fā)生碰撞，開始剎車時兩輛車的間距一定等于B．若兩車發(fā)生碰撞，開始剎車時兩輛車的間距一定小于C．若兩車發(fā)生碰撞，則一定是在剎車后之內的某時刻發(fā)生相撞D．若兩車發(fā)生碰撞，則一定是在剎車后以后的某時刻發(fā)生相撞6、月球與地球質量之比約為1：80，有研究者認為月球和地球可視為一個由兩質點構成的雙星系統(tǒng)，他們都圍繞月球連線上某點O做勻速圓周運動．據(jù)此觀點，可知月球與地球繞O點運動生物線速度大小之比約為()A．1：6400 B．1:80C．80:1 D．6400:1二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某人站在與電腦連接的力傳感器上做原地縱向摸高訓練，圖甲是他做下蹲、起跳和回落動作的示意圖，圖中的小黑點表示人的重心。圖乙是電腦上顯示的力傳感器所受壓力隨時間變化的圖象，已知重力加速度g=10m/s2，空氣阻力不計，則根據(jù)圖象分析可知（）A．b到c的過程中，人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài)B．人跳起的最大高度為1.8mC．起跳過程中人做的功大于360JD．人從起跳到雙腳離開力傳感器的過程中，重力的沖量大小為240N?s8、如圖所示,在斜面上放兩個光滑球A和B,兩球的質量均為m,它們的半徑分別是R和r,球A左側有一垂直于斜面的擋板,兩球沿斜面排列并處于靜止,以下說法正確的是()A．斜面傾角θ一定,R>r時,R越大,r越小,B對斜面的壓力越小B．斜面傾角θ一定,R=r時,兩球之間的彈力最小C．斜面傾角θ一定時,A球對擋板的壓力一定D．半徑確定時,隨著斜面傾角θ逐漸增大,A受到擋板作用力先增大后減小9、如圖所示，長均為的兩正對平行金屬板MN、PQ水平放置，板間距離為，板間有正交的豎直向下的勻強電場和垂直紙面向里的勻強磁場，一質量為的帶電粒子從MP的中點O垂直于電場和磁場方向以射入，恰沿直線從NQ的中點A射出；若撤去電場，則粒子從M點射出（粒子重力不計）。以下說法正確的是（）A．該粒子帶正電B．若撤去電場，則該粒子運動時間為原來的倍C．若撤去磁場，則該粒子在運動過程中電勢能增加D．若撤去磁場，則粒子射出時的速度大小為10、如圖所示，一輕繩通過無摩擦的小定滑輪O與質量為mB的小球B連接，另一端與套在光滑豎直桿上質量為mA的小物塊A連接，桿兩端固定且足夠長，物塊A由靜止從圖示位置釋放后，先沿桿向上運動．設某時刻物塊A運動的速度大小為vA，加速度大小為aA，小球B運動的速度大小為vB，輕繩與桿的夾角為．則（）A．VB=B．aA=C．小球B減小的重力勢能等于物塊A增加的動能D．當物塊A上升到與滑輪等高時，它的機械能最大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某物理學習小組的同學在研究性學習過程中，用伏安法研究某電子元件R1（6V，2.5W）的伏安特性曲線，要求多次測量盡可能減小實驗誤差，備有下列器材：A．直流電源（6V，內阻不計）B．電流表G（滿偏電流3mA，內阻）C．電流表A（，內阻未知）D．滑動變阻器R（，5A）E．滑動變阻器Rˊ（，）F．定值電阻R0（阻值）G．開關與導線若干（1）根據(jù)題目提供的實驗器材，請你設計出測量電子元件R1伏安特性曲線的電路原理圖（R1可用“”表示）．（畫在方框內）_____（2）在實驗中，為了操作方便且能夠準確地進行測量，滑動變阻器應選用_____．（填寫器材序號）（3）將上述電子元件R1和另一電子元件R2接入如圖所示的電路甲中，它們的伏安特性曲線分別如圖乙中oa、ob所示．電源的電動勢E=6.0V，內阻忽略不計．調節(jié)滑動變阻器R3，使電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，則此時電子元件R1的阻值為_____，R3接入電路的阻值為_____（結果保留兩位有效數(shù)字）．12．（12分）某同學用圖甲所示的裝置驗證動量守恒定律。圖中AB為斜槽，BC為水平槽。（1）下列說法正確的是_______。A．該實驗要求入射小球的質量應大于被碰小球的質量B．該實驗要求入射小球和被碰小球必須是金屬材質C．該實驗通過測量入射小球從斜槽上由靜止釋放的高度h得到小球碰撞前的速度D．該實驗通過測量小球做平拋運動的豎直位移間接得到小球碰撞前后的速度（2）實驗時先使入射小球從斜槽上某一固定位置S多次由靜止釋放，落到位于水平地面的記錄紙上并留下痕跡，從而確定P點的位置；再把被碰小球放在水平槽末端，讓入射小球仍從位置S多次由靜止釋放，跟被碰小球碰撞后，兩球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡，從而確定M、N點的位置。實驗中，確定P點位置時多次落點的痕跡如圖乙所示，刻度尺的零刻線與O點對齊，則OP=_______cm。（3）該實驗若要驗證兩小球碰撞前后的動量是否守恒，需要分別測量記錄紙上M點距O點的距離LOM、P點距O點的距離LOP、N點距O點的距離LON。除此之外，還需要測量的物理量是____________，需要驗證的關系式為_____________（其中涉及需要測量的物理量請用自己設定的字母表示）。（4）該實驗巧妙運用了平拋運動的規(guī)律。請以平拋運動為例，分析論證當物體所受的合力與初速度方向不在一條直線上時，物體必做曲線運動_______。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，水平平臺上有一輕彈簧，左端固定在A點，自然狀態(tài)時其右端位于B點，平臺AB段光滑，BC段長x＝1.25m，與滑塊間的摩擦因數(shù)為μ1＝0.2。平臺右端與水平傳送帶相接于C點，傳送帶的運行速度v＝7m/s，長為L＝3m，傳送帶右端D點與一光滑斜面銜接，斜面DE長度S＝0.5m，另有一固定豎直放置的光滑圓弧形軌道剛好在E點與斜面相切，圓弧形軌道半徑R＝1m，θ＝37°。今將一質量m＝2kg的滑塊向左壓縮輕彈簧到最短，此時彈簧的彈性勢能為EP＝30J，然后突然釋放，當滑塊滑到傳送帶右端D點時，恰好與傳送帶速度相同。設經過D點的拐角處無機械能損失且滑塊能沿斜面下滑。重力加速度g＝10m/s2，sin53°＝0.8，cos53°＝0.6，不計空氣阻力。試求：(1)滑塊到達C點的速度vC；(2)滑塊與傳送帶間的摩擦因數(shù)μ2及經過傳送帶過程系統(tǒng)因摩擦力增加的內能；(3)若G是圓弧軌道的最高點且傳送帶的運行速度可調，要使滑塊不脫離圓弧形軌道且從G點離開圓弧軌道，最終落回到到傳送帶上，落點與C端的距離為（4－）m，求滿足該情況時傳送帶的速度應調為多少？14．（16分）兩根光滑的長直金屬導軌MN、M′N′平行置于同一水平面內，導軌間距為l，電阻不計，MM′處接有如圖所示的電路，電路中各電阻的阻值均為R，電容器的電容為C．長度也為l、阻值同為R的金屬棒ab垂直于導軌放置，導軌處于磁感應強度為B、方向豎直向下的勻強磁場中．ab在外力作用下向右勻速運動且與導軌保持良好接觸，在運動距離為s的過程中，整個回路中產生的焦耳熱為Q．求（1）ab運動速度v的大??；（2）電容器所帶的電荷量q．15．（12分）如圖所示，在豎直平面內有一傾角θ=37°的傳送帶，兩皮帶輪AB軸心之間的距離L=3.2m，沿順時針方向以v0=2m/s勻速運動．一質量m=2kg的物塊P從傳送帶頂端無初速度釋放，物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)μ=0.1．物塊P離開傳送帶后在C點沿切線方向無能量損失地進入半徑為m的光滑圓弧形軌道CDF，并沿軌道運動至最低點F，與位于圓弧軌道最低點的物塊Q發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，物塊Q的質量M＝1kg，物塊P和Q均可視為質點，重力加速度g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，．求：(1)物塊P從傳送帶離開時的動量；(2)傳送帶對物塊P做功為多少；(3)物塊P與物塊Q碰撞后瞬間，物塊P對圓弧軌道壓力大小的取值范圍．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

A.行進中兩車恰好沒有發(fā)生碰撞，說明t=10s時刻兩車速度相等時恰好相遇，則t=0時刻兩車間距等于兩車在10s位移之差，為S=×10×10m=50m，故A正確；B.t=10s時兩車相遇，都停止時兩車的距離等于10s后兩車的位移之差，為×5×10m=25m，故B錯誤；C.根據(jù)“面積”表示位移，可知t=5s～15s內兩車通過的位移相等，所以t=5s時兩車間距等于t=15s時兩車間距，故C錯誤；D.根據(jù)v?t圖象的斜率表示加速度,甲的加速度大小為a1=20/20=1m/s2；乙的加速度大小為a2=30/15=2m/s2；故乙車的加速度是甲車的加速度的2倍。故D錯誤；故選：A2、A【解析】

根據(jù)開普勒第三定律分析周期關系．衛(wèi)星在軌道上運動，由萬有引力產生加速度，根據(jù)萬有引力大小判斷加速度的大小．衛(wèi)星繞月球做勻速圓周運動過程中，由萬有引力完全提供向心力，從軌道I變軌到軌道II要做近心運動，外界提供的向心力大于運動所需向心力，故從軌道I到軌道II上要減速．【詳解】A項：由于軌道Ⅱ的半長軸小于軌道Ⅰ的半徑，根據(jù)開普勒第三定律知，衛(wèi)星在軌道Ⅱ運動的周期小于在軌道Ⅰ運動的周期，故A正確；B項：根據(jù)牛頓第二定律得，得：，知衛(wèi)星經過同一點時加速度一定，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ上A點的加速度與在軌道Ⅰ上A點的加速度相同，故B錯誤；C項：根據(jù)開普勒第二定律知，衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的速度小于在軌道Ⅱ經過B點時的速度，則衛(wèi)星在軌道Ⅱ經過A點時的動能小于在軌道Ⅱ經過B點時的動能，故C錯誤；D項：衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道II的過程中，做近心運動，需在A點減速，所以機械能減小，故D錯誤．故應選：A．【點睛】解決本題是要開普勒第二、第三定律，知道衛(wèi)星做圓周運動時由萬有引力完全提供向心力．3、B【解析】

對整個過程運用動能定理得：代入數(shù)據(jù)解得：故選項B正確．4、D【解析】A項：嫦娥三號探測器在地球表面受的重力為G1，根據(jù)，可得地球的質量為，繞月球表面飛行時受到月球的引力為G2，根據(jù)，可得月球的質量為，所以月球與地球的質量之比，故A錯誤；B項：嫦娥三號繞月球表面飛行時受到月球的引力為G2，有，解得月球表面的重力加速度，故B錯誤；C項：根據(jù),第一宇宙速度,則月球與地球的第一宇宙速度之比為,故C錯誤；D項：嫦娥三號的質量，根據(jù)解得，故D正確。點晴：解決本題關鍵理解萬有引力與般天問題的兩個中心思想：一、，二、。5、C【解析】

試題分析：由圖像可知，兩車速度相等時經歷的時間為20s，甲車的加速度為：，乙車的加速度為：，此時甲乙兩車速度為5m/s,故甲車的位移：，乙車的位移為：，可知要想不相撞，兩車的至少距離，因為兩車發(fā)生碰撞，則兩車的距離小于100m，故A.B錯；因為速度相等后，若不相撞，兩者的距離由逐漸增大，可知兩輛車一定是在剎車后的20s之內的某時刻發(fā)生相撞的，故C對，D錯．6、C【解析】

月球和地球繞O做勻速圓周運動，它們之間的萬有引力提供各自的向心力，則地球和月球的向心力相等．且月球和地球和O始終共線，說明月球和地球有相同的角速度和周期．因此有，又由于，所以，C正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

A．b到c的過程中，力傳感器的示數(shù)先小于人的重力后大于重力，則人先處于失重狀態(tài)再處于超重狀態(tài)，故A正確；B．由圖可知，人在空中運動的時間為0.6s，則人從最高點下落的高度為故B錯誤；C．人起跳過程獲得的速度為動能為而重心還要升高一定高度，則起跳過程中人做的功要大于360J，故C正確；D．由圖可知，雙腳離開力傳感的過程中歷時小于0.3s，則重力的沖量小于故D錯誤。故選AC。8、BC【解析】

AB、對B球受力分析，受重力mg、斜面支持力N和A球的支持力F，改變R與r時，A對B的彈力的方向是改變的，如圖所示：由圖可以看出，當R=r時，支持力平行斜面向上，兩球之間的彈力最小，故B正確；當R>r，R越大，r越小時，力F方向從圖中的位置1逐漸向位置2、3移動，故斜面支持力N增加，根據(jù)牛頓第三定律，B對斜面的壓力也增加，故A錯誤；C、對AB整體分析，受重力、斜面支持力和擋板的支持力，根據(jù)平衡條件，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，則知斜面傾角θ一定時，無論半徑如何，A對擋板的壓力NA一定，故D、

由上知，A對擋板的壓力NA=2mgsinθ，半徑一定時，隨著斜面傾角θ逐漸增大,A對擋板的壓力NA增大，故D故選BC?！军c睛】一要靈活選擇研究對象，二要靈活選擇研究方法，本題采用圖解法和函數(shù)法相結合研究，比較簡便。9、AD【解析】

A.撤去電場后，粒子做勻速圓周運動，粒子從M點射出；則在初位置，洛侖茲力向上，根據(jù)左手定則，粒子帶正電荷，故A正確；B.勻速直線運動過程，有：圓周運動過程，有：則有：故B錯誤；C.若撤去磁場，則該粒子做類平拋運動，電場力做正功，電勢能減小，故C錯誤；D.撤去磁場，粒子做類平拋運動，根據(jù)運動的合成與分解則有：勻速運動時，洛倫茲力與電場力平衡，則有：圓周運動過程，洛倫茲力提供向心力，則有：聯(lián)立解得：故粒子射出時的速度大?。汗蔇正確。10、AD【解析】試題分析：將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度；再依據(jù)矢量的合成法則，及牛頓第二定律，并選取A與B作為系統(tǒng)，根據(jù)機械能守恒條件，即可求解．將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，在沿繩子方向的分速度等于B的速度．在沿繩子方向的分速度為，所以，A正確；根據(jù)力的合成與分解法則，結合牛頓第二定律，而，則有，，故B錯誤；選AB作為系統(tǒng)，系統(tǒng)的機械能守恒，那么小球B減小的機械能等于物塊A增加的機械能，C錯誤；除重力以外其它力做的功等于機械能的增量，物塊A上升到與滑輪等高前，拉力做正功，機械能增加，物塊A上升到與滑輪等高后，拉力做負功，機械能減?。訟上升到與滑輪等高時，機械能最大，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、D

104【解析】

（1）描繪燈泡的伏安特性曲線，電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法；由題意可知，沒有電壓表，需要用已知內阻的電流表G與定值電阻R0串聯(lián)測電壓，燈泡電阻R=U2/P=14.4Ω，電壓表內阻為10+1990=2000Ω，電壓表內阻遠大于燈泡電阻，電流表應采用外接法，電路圖如圖所示：（2）為方便實驗操作，同時分壓接法時，要求用小電阻，故滑動變阻器應選D．（3）兩元件串聯(lián)，流過它們的電流始圖相等，電子元件R1和R2消耗的電功率恰好相等，說明它們的電壓和電流相等，由圖乙可知，此時電阻兩端的電壓為U=2.5V，I=0.25A，根據(jù)歐姆定律得：R1＝U/I=2.5V/0.25A＝10Ω．根據(jù)串并聯(lián)電路特點，可知，此時流過R3的電流為：I′=2I=0.5A，兩端的電壓為：U′=E-U=6V-2.5V=3.5V；R3接入電阻的阻值為：R3=(E-2U)/I=(6-2×2.5)/0.25=4.0Ω；12、A39.80入射小球的質量m1和被碰小球的質量m2見解析【解析】

（1）[1]．AB、要使兩球發(fā)生對心正碰，兩球半徑應相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射小球的質量應大于被碰小球的質量，而對小球的材質無要求，故A正確，B錯誤；

C、入射小球從靜止下落過程中會受到回到對其的摩擦力作用，由于摩擦力做功未知，所以不能通過測量入射小球從斜槽上由靜止釋放的高度h得到小球碰撞前的速度，故C錯誤；

D．兩球碰撞后均做平拋運動，平拋的初速度為，豎直高度相同，則下落時間相等，故只需要測量平拋的水平位移而不需要測量豎直高度；

故選A；

（2）[2]．為保證減小實驗誤差，則應用最小的圓把所有落點圈起來，其中心為平均落地點，即讀軌跡中心到O點的距離即為OP的長度，毫米刻度尺的最小分度是毫米，所以OP=39.80cm；

（3）[3][4]．據(jù)平拋運動可知，落地高度相同，則運動時間相同，設落地時間為t，則：令入射小球的質量為m1和被碰小球的質量m2，根據(jù)動量守恒定律有：m1v0=m1v1+m2v2，m1LOP=m1LOM+m2LON則還需測量：入射小球的質量m1和被碰小球的質量m2；（4）[5]．由于物體在平拋運動中僅受重力作用，根據(jù)牛頓第二定律可知，其加速度a的方向與重力方向相同，即豎直向下。根據(jù)加速度的定義可知，物體在任意時間△t內的速度變化量△v

的方向必與加速度a的方向相同，即豎直向下。如圖所示，由于v0的方向水平向右，而△v

的方向豎直向下，由矢