2025屆高三上學期11月月考 數學試卷含答案

高三數學考生注意：1．答題前，考生務必將自己的姓名、考生號填寫在試卷和答題卡上，并將考生號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、單項選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的．1.已知集合，則（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】根據條件求出集合，計算.由題意得，，∵，∴.故選：B.2.若復數滿足，則（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】根據復數的乘法運算可得答案.若復數滿足，則.故選：D.3.已知是偶函數，則（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根據偶函數的定義及性質直接判斷.由，設，則且為偶函數，所以為偶函數，所以，，且，即，化簡可得，解得，故選：C.4.三所大學發(fā)布了面向高二學生的夏令營招生計劃，某中學有四名學生報名參加．若每名學生只能報一所大學，每所大學都有該中學的學生報名，且大學只有其中一名學生報名，則不同的報名方法共有（）A.18種 B.21種 C.24種 D.36種【答案】C【解析】【分析】按分步乘法計數原理，首先選一人去大學，然后將剩余的三位同學分為兩組2，1，再分配到兩所學校即可求解.第一步選一人去大學，則有（種），第二步將剩余的三位同學以一組兩人，一組一人進行分組，然后分配到兩所學校，則有（種），則不同的報名方法共有（種），故選：C.5.已知均為單位向量，且，則的最小值為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】利用向量的模的計算可得，結合二次函數可求最小值.因為均為單位向量，且且，所以，，當時，的最小值為.故選：B.6.記等差數列的前n項和為，若成等差數列，成等比數列，則（）A.900 B.600 C.450 D.300【答案】A【解析】【分析】由題意可得，，求得首項與公差，可求.等差數列an的公差為，因為成等差數列，所以，所以，所以，所以，，又因成等比數列，所以，所以，解得，解得，所以.故選：A7.已知函數的最小正周期為10，則（）A. B. C. D.1【答案】C【解析】【分析】利用三角函數的基本關系式與倍角公式化簡，從而利用余弦函數的周期公式求得，進而代入即可得解.，又的最小正周期為10，所以，解得，則，則.故選：C.8.過拋物線上一動點P作圓（r為常數且）的兩條切線，切點分別為A，B，若的最小值是，則（）A.1 B.2 C.3 D.4【答案】B【解析】【分析】設，利用圓的切線性質，借助圖形的面積把表示為的函數，再求出函數的最小值即可.設，則，圓的圓心，半徑為，由切圓于點，得，則，當且僅當時，等號成立，可知的最小值為，整理可得，解得或，且，所以，即.故選：B.【點睛】關鍵點點睛：根據切線的性質，將轉化為，根據面積結合幾何性質求解.二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的選項中，有多項符合題目要求，全部選對的得6分，部分選對的得部分分，有選錯的得0分．9.已知隨機變量，記，則（）A. B. C. D.【答案】ABD【解析】【分析】根據正態(tài)分布的性質判斷AB；根據期望和方差的性質判斷CD.由題意可知：，且，可得，故A正確；且，即，所以，故B正確；根據期望和方差性質可知：，，故C錯誤，D正確；故選：ABD.10.如圖，在棱長為2的正方體中，E，F分別為棱的中點，G是棱上的一個動點，則下列說法正確的是（）A.平面截正方體所得截面為六邊形B.點G到平面的距離為定值C.若，且，則G為棱的中點D.直線與平面所成角的正弦值的取值范圍為【答案】BCD【解析】【分析】利用平行線的傳遞性與平行線共面判斷A，利用線面平行的判定定理判斷B，利用空間向量推得四點共面，結合面面平行的性質定理判斷C，建立空間直角坐標系，利用空間向量法求得線面角的取值范圍判斷D，從而得解.對于A，連接，在正方體中，E，F分別為棱的中點，所以，，所以，則平面與平面為同一平面，所以平面截正方體所得截面為平面，為四邊形，故A錯誤；對于B，在正方體中，E，F分別為棱的中點，所以，又平面，平面，所以平面，又點G是棱上的一個動點，所以點G到平面的距離為定值，故B正確；對于C，連接，因為，且，所以四點共面，因為在正方體中，平面平面，又平面平面，平面平面，所以，在正方體中，，所以四邊形是平行四邊形，則，則，因為E為棱的中點，所以G為棱的中點，故C正確；對于D，以為原點，建立空間直角坐標系，如圖，設，則，所以，設平面的法向量為n=a,b,c，則，令，則，故，設直線與平面所成角為，則，因為，所以，則，所以，所以直線與平面所成角的正弦值的取值范圍為，故D正確.故選：BCD.11.已知正項數列滿足且，則下列說法正確的（）A.若，則 B.若，則C.若，則 D.若，則或【答案】AC【解析】【分析】代入，由因式分解解出，再由遞推關系確定數列an的性質可得A正確；代入，由因式分解解出，再由遞推關系確定數列an的性質可得C正確；舉反例設正項數列an為常數列，利用求根公式求出可得D錯誤；分或7討論，當時由求根公式求出，再結合二次函數的性質判斷為遞減數列，可得B錯誤；對于A，若，則，即，因為，所以，因為，所以，同理，即數列an為奇數項為2，偶數項為3所以，故A正確；對于C，若，則，即，因為，所以，或（舍去）由A選項的解析可得，即數列an為奇數項為3，偶數項為2所以，故C正確；對于D，假設正項數列an為常數列，則，即，解得，又，即，即，取代入上式，此時為無理數，當，滿足，此時且，故D錯誤；對于B，若，由，即，解得或7，當時，由A解析可得，此時正項數列an為不動點的奇偶常數列，此時；當時，由變形為，解得，不妨取，若，則，現在考慮，由二次函數關系可得開口向上，對稱軸為，當時，判別式恒大于零，所以，所以正項數列an為遞減數列，此時要大于2或3，此時，故B錯誤故選：AC.【點睛】關鍵點點睛：本題關鍵點有兩個，其一是能由已知遞推關系發(fā)現數列為不動點型數列，（不要嘗試去求解數列的通項，因為二次冪型遞推關系可能有兩個通項，難以判斷），然后由選項入手可解決ACD，其二時能發(fā)現數列為遞減數列可判斷B選項.三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12.已知函數的圖象在點處的切線斜率為，則實數________．【答案】【解析】【分析】對函數求導，利用導數的幾何意義可得即可求得實數的值.由，則，解得，故答案為：.13.已知平面平面與平面所成的角為，且，兩點在平面的同一側，，則________．【答案】【解析】【分析】過點作平面，由線面角定義可知，則，進一步可得.由圖可得，再利用模長的定義求值即可.由平面，平面，可知，過點作平面，為垂足，連接，則為BD與所成的角，即，所以，因為平面，平面，所以，所以，所以.又，所以，因為，所以，故，所以，即的長為.故答案為：.14.已知實數x，y滿足，則________．【答案】3【解析】【分析】設，利用同構結合二次方程的解可得，故可求的值.設，則，故即，整理得到：，故為方程的正根，故，故，故，故答案為：3.【點睛】思路點睛：與對數有關的求值問題，應該利用指對數的轉化把對數問題轉化指數問題來處理，轉化過程中注意觀察所得代數式的結構便于利用同構策略處理,四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應寫出文字說明、證明過程或演算步驟．15.記為等比數列的前n項和，已知．（1）求的通項公式；（2）設求數列的前20項和．【答案】（1）；（2）.【解析】【分析】（1）根據得等比數列公比為2，結合條件計算的值，得到的通項公式.（2）由（1）計算，利用分組求和的方法得出數列的前20項和.【小問1詳解】當時，，∴，∴等比數列的公比.當時，由得，即，解得，∴.【小問2詳解】由題意得，當為奇數時，，當為偶數時，，∴，，∴.16.在中，內角所對的邊分別為．已知．（1）求；（2）若，求的面積．【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）根據條件，邊轉角得到，再利用正弦的和角公式得到，即可求角；（2）利用（1）中結果及條件，結合正弦定理，得到，再利用三角形面積公式，即可求解.【小問1詳解】由，得到，即，得到，又，，所以，又，得到.【小問2詳解】由（1）知，因為又，所以，即，又由正正弦定理得，即，其中為外接圓的半徑，所以，所以的面積為.17.如圖，在四棱錐中，平面是邊長為的等邊三角形，，．（1）證明：平面平面；（2）若平面與平面夾角的余弦值為，求的長．【答案】（1）證明見解析（2）【解析】【分析】（1）根據條件，利用余弦定理得到，從而得到，利用線面垂直的性質得到，進而得到面，再利用面面垂直的判定定理，即可證明結果；（2）建立空間直角坐標系，設，求出平面與平面的法向量，利用面面角的向量法，得到，即可求解.【小問1詳解】在中，，，，由余弦定理，得到，解得，所以，得到，又，所以，即，又平面，面，所以，又，面，所以面，又面，所以平面平面.【小問2詳解】以所在直線為軸，軸，軸，建立如圖所示的空間直角坐標系，設，因為，，，則，則，設平面的一個法向量為，則，得到，取，得到，即，易知平面的一個法向量為，設平面與平面的夾角為，則，整理得到，解得，所以.18.已知雙曲線C的中心是坐標原點，對稱軸為坐標軸，且過A?2,0，兩點．（1）求C的方程；（2）設P，M，N三點在C的右支上，，，證明：（?。┐嬖诔?，滿足；（ⅱ）的面積為定值．【答案】（1）（2）（?。┳C明見解析；（ⅱ）證明見解析【解析】【分析】（1）設C的方程為，其中．由C過A，B兩點，代入解得，即可.（2）（?。┰OPx0,y0，Mx1,y1，Nx2,y2聯立結合韋達定理得到，．同理，．再結合向量運算即可解決.（ⅱ）結合前面結論，運用點到直線距離公式，三角形面積公式可解.【小問1詳解】設C的方程為，其中．由C過A，B兩點，故，，解得，．因此C的方程為．【小問2詳解】（?。┰OPx0,y0，Mx1,y1，Nx2,因為，所以直線BM的斜率為，方程為．由，得，所以，．因此．同理可得直線AN的斜率為，直線AN的方程為．由，得，所以，，因此．則，即存在，滿足．（ⅱ）由（?。?，直線MN的方程為，所以點P到直線MN的距離．而，所以的面積為定值．【點睛】難點點睛：本題屬于中難題，考查直線與雙曲線．本題第（1）小問設問基礎，但需要注意所設方程的形式；第（2）（?。┬栐陬}干條件翻譯上未設置較多障礙，但是對4個坐標分量的求解非?？简瀸W生的代數基本功和計算能力，區(qū)分度較大．19.帕德近似是法國數學家亨利·帕德發(fā)明用有理函數近似特定函數的方法．給定自然數m，n，我們定義函數在處的階帕德近似為，該函數滿足．注：．設函數在處的階帕德近似為．（1）求的解析式；（2）證明：當時，；（3）設函數，若是的極大值點，求k的取值范圍．【答案】（1）；（2）證明見解析；（3）.【解析】【分析】（1）由題意設，結合帕德近似的定義及導數運算求參數，即可得解析式；（2）構造且，利用導數研究其單調性并判斷與1的大小關系，即可證結論；（3）利用定義求在處的階帕德近似函數，并研究的極值確定為界點，再討論、、并結合導數判斷是否為的極大值，即可求范圍.【小問1詳解】由題意，可設，且，則，而，，且，則，所以.【小問2詳解】當時，恒有，令，且，則，當時，，即在上遞增；當時，，即在上遞減；所以，故，得證.【小問3詳解】令在處的階帕德近似為，由，則，故，由，，而，則，所以，故，由，而，則，綜上，，且，令，