2025屆廣東省佛山市物理高二第一學期期中質量檢測試題含解析

2025屆廣東省佛山市物理高二第一學期期中質量檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一伏特表由電流表G和電阻R串聯(lián)而成，如圖所示.若在使用中發(fā)現(xiàn)此伏特表的讀數(shù)總比準確值稍小一些，采用下列哪種措施可能加以改進：A．在R上串聯(lián)一比R小得多的電阻B．在R上串聯(lián)一比R大得多的電阻C．在R上并聯(lián)一比R小得多的電阻D．在R上并聯(lián)一比R大得多的電阻2、如圖所示，電源電動勢恒定不變，電源內阻忽略不計，開關S閉合?，F(xiàn)將滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，電壓表示數(shù)的變化量為ΔU，電流表示數(shù)的變化量為ΔI。兩電表均為理想電表。下列說法正確的是()A．電阻R1的功率增大B．滑片P向右移動過程中，電阻R3中有向上的瞬時電流C．電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值不變D．ΔU與ΔI的比值不變3、如圖所示,R1=RA．12B．23C．14、在距離水平地面1m高處以4m/s的水平速度拋出一個小球，若不計空氣阻力，則小球落到水平地面時的速度大小為(g取10m/s2)A．0m/sB．5m/sC．6m/sD．36m/s5、如圖所示，兩個定值電阻R1、R2串聯(lián)后接在電壓U穩(wěn)定于6V的直流電源上，有人把一個內阻不是遠大于R1、R2的電壓表接在R1兩端，電壓表的示數(shù)為4V.如果他把電壓表改接在R2兩端，則電壓表的示數(shù)將A．小于2VB．等于2VC．大于2V小于4VD．等于或大于4V6、在如圖所示的電路中，電源的電動勢E＝3V，內阻r＝1.0Ω，R為滑動變阻器．當閉合開關S后，電流表示數(shù)為0.3A，忽略電流表的內阻，則滑動變阻器接入電路的阻值為A．8.0ΩB．9.0ΩC．10.0ΩD．11.0Ω二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直放置的兩個平行金屬板間有勻強電場，在兩板之間等高處有兩個質量相同的帶電小球（不計兩帶電小球之間的電場影響），小球從緊靠左極板處由靜止開始釋放，小球從兩極板正中央由靜止開始釋放，兩小球沿直線運動都打在右極板上的同一點，則從開始釋放到打到右極板的過程中（）A．它們的運動時間的關系為B．它們的電荷量之比為C．它們的動能增量之比為D．它們的電勢能減少量之比為8、在如圖所示的U－I圖象中，直線Ⅰ為某一電源的路端電壓與電流的關系圖象，直線Ⅱ為某一定值電阻R的伏安特性曲線。用該電源直接與定值電阻R相連組成閉合電路，由圖象可知A．電源的總功率為18W B．電阻R的阻值為1ΩC．電源的輸出功率為2W D．電源的效率約為66.7%9、如圖所示，一帶電粒子在電場中沿曲線AB運動，從B點穿出電場，a、b、c、d為該電場中的等勢面，這些等勢面都是互相平行的豎直平面，不計粒子所受重力，則（）A．該粒子一定帶負電B．此電場一定是勻強電場C．粒子在電場中運動過程動能不斷減少D．該電場的電場線方向一定水平向左10、將平行板電容器充電后，去掉電源，下面說法正確的是：（）A．相對面積不變，極板間距離增大，場強不變，電勢差增大B．極板間距離不變，相對面積減小，場強變大，電勢差增大C．相對面積不變，極板間距離減小，電量減少，電容增大D．極板間距離不變，相對面積增大，電容增大，電量不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用接在50Hz交流電源上的打點計時器測定小車做勻加速直線運動的實驗中，得到如圖所示的一條紙帶，從比較清晰的點開始起，每隔0.1s取一個計數(shù)點，分別標上0，1，2，3…量得0與1兩點間的距離S1=10.0mm，1與2兩點間的距離S2=14.0mm，2與3兩點間的距離為S3=18.0mm，則打計數(shù)點l時小車的瞬時速度為_______m／s，打l與3兩點間小車的平均速度為_______m/s12．（12分）游標卡尺的讀數(shù)為_______cm.

螺旋測微器的讀數(shù)為_______mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，平行板電容器水平放置，兩板間的勻強電場方向豎直向下，極板長為L=10m，板間距為d=5m。不帶電的小球甲以一定的初速度v1由緊貼上極板的A點從左側飛入電場中，并剛好打在下極板的中央位置C。另一同質量的帶電小球乙以初速度v2由極板中間的B點從左側飛入電場中，剛好由極板右側的邊緣D點（圖中未畫出）飛出電場，該過程所經歷的時間為小球甲在電場中運動時間的一半。已知小球甲的質量為m=0.1kg，小球乙的電荷量大小為q=1×10-2C，重力加速度g取10m/s2。求：（1）小球甲的初速度v1的大小；（2）當小球乙?guī)д姇r，兩板之間的電壓U；（3）當小球乙?guī)ж撾姇r，其飛出電場時的動能Ek。14．（16分）某科技興趣小組試飛一架自制的無人機，該無人機的質量m=0.2kg，由靜止開始沿豎直方向勻加速上升，加速度a=2m/s2，上升時間t=3s，求：該過程中無人機(1)受到合力的大小F；(2)上升的高度h；(3)末動能Ek．15．（12分）在豎直平面內有一范圍足夠大且斜向右上方的勻強電場，方向與水平方向成α=45°角。在電場中有一質量為m，帶電荷量為q的帶電小球，用長為L不可伸長的絕緣細線懸掛于固定軸O上。小球可以在與O點等高的M點處于靜止狀態(tài)，如圖所示?，F(xiàn)用外力將小球拉到最低點P，然后無初速度釋放，重力加速度為g。求（1）電場強度E的大小及小球從P運動到M過程中電勢能的變化量；（2）小球運動到M點時速度大小；（3）小球運動到M點時，若細線突然斷開，再經過多長時間小球速度方向與電場方向相同。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

讀數(shù)稍小一些，說明流過電流表的電流稍小一些。要讓電流稍大一點，則應減小總電阻。AB.在R上串聯(lián)一個電阻，總電阻更大，流過電流表的電流更小，伏特表的讀數(shù)更小，故A錯誤，B錯誤；C.若并聯(lián)一比R小得多的電阻，其并聯(lián)值會比并聯(lián)的電阻阻值減小很多，電流增加太多，故C錯誤；D.若并聯(lián)一比R大得多的電阻，其并聯(lián)值會比并聯(lián)的電阻阻值稍微減小一些，電流稍微增加一些。故D正確。2、D【解析】

A項：滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，電路中的總電流變小，由公式P=I2R1可知，RB項：由電路連接可知，電容器與電阻R1并聯(lián)，滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，電路中的總電流變小，R1兩端電壓減小，即電容器兩端電壓減小，由公式Q=CU可知，電容器的電荷量減小，所以電阻R3中有向下的瞬時電流，故B錯誤；C項：電壓表示數(shù)U和電流表示數(shù)I的比值為滑動變阻器的阻值，所以滑動變阻器的滑片P向右移動一段距離，滑動變阻器接入電路中的電阻變大，故C錯誤；D項：將R1與電源看成新的電源，滑動變阻器即的外電路，所以ΔUΔI=R故應選：D。3、B【解析】

開關S接通前，R1、R2串聯(lián)；S接通后，R2、R3并聯(lián)后與R1串聯(lián)．根據(jù)歐姆定律，并結合串并聯(lián)電路的特點求解．【詳解】設AB兩端的電壓為U，R1=R2=R3=R，則S接通時，I1=UR+R2=2U3R，則通過R2的電流為I【點睛】此題考查歐姆定律及電阻的串、并聯(lián)．要注意在采用比例法時，要用相同的量表示所研究的物理量．4、C【解析】

考查平拋運動。【詳解】平拋運動分為水平方向的勻速直線運動和豎直方向的自由落體運動，落地時，水平分速度，豎直方向有：解得合速度有：ABD錯誤，C正確，故選C。5、A【解析】電壓表接在R1兩端，電壓表的示數(shù)4V，則此時R2兩端的電壓為2V．把此表改接在兩端R2時，由于電壓表的內阻不是遠大于R1

、R2，電壓表與R2并聯(lián)的阻值小于R2，而R1與并聯(lián)部分串聯(lián)，總電壓U=6V，則R1的電壓大于4V，電壓表與R2并聯(lián)的電路的電壓小于2V。點晴：本題主要考查閉合電路歐姆定律：閉合電路的電流強度跟電源的電動勢成正比，跟閉合電路總電阻成反比。注意此題中的電壓表不是理想電表，要考慮電壓表的分流。6、B【解析】

閉合開關S，根據(jù)閉合電路歐姆定律得：變形得即滑動變阻器接入電路的阻值為9.0Ω．A．8.0Ω，與結論不相符，選項A錯誤；B．9.0Ω，與結論相符，選項B正確；C．10.0Ω，與結論不相符，選項C錯誤；D．11.0Ω，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】兩小球在豎直方向都做自由落體運動，由題分析可知，小球下落高度相同，由公式，可知它們運動時間相同，故A錯誤．小球在水平方向都做初速度為零的勻加速直線運動，水平位移，由，得加速度之比．根據(jù)牛頓第二定律得，兩球的加速度分別為，，則，故B正確．由場力做功分別為，，由于，，得，故電勢能的減小量為，而重力做功相同，則合力做功之比．則動能增加量之比，故C錯誤，D正確．故選BD.【點睛】兩小球在勻強電場中受到電場力和重力作用，都做勻加速直線運動，運用運動的分解可知：兩小球在豎直方向都做自由落體運動，由題分析可知，小球下落高度相同，運動時間相同．兩小球水平方向都做初速度為零的勻加速直線運動，水平位移，根據(jù)牛頓第二定律和運動學公式研究電荷量之比．根據(jù)電場力做功之比，研究電勢能減小量之比．根據(jù)數(shù)學知識分析合力對兩球做功的關系，由動能定理分析動能增加量之比．8、BD【解析】

AC．兩圖線的交點表示該電源直接與電阻R相連組成閉合電路時工作狀態(tài)，由圖讀出電壓U=2V，電流I=2A，電源電動勢為E=3V，則電源的總功率為P總=EI=6W電源的輸出功率：P出=IU=4W選項AC錯誤．B．電阻R的阻值為選項B正確；D．電源的效率約為選項D正確；故選BD.9、BC【解析】

A．根據(jù)物體做曲線運動的條件，電場力方向水平向右，但電場線方向無法判斷，電性不能確定；故A錯誤；B．由圖可知，等勢線為等間距的平行線，結合等勢面的特點可知，是勻強電場，故B正確；C．帶電粒子在電場中沿曲線AB運動時電場力對粒子做負功，其電勢能增大，動能減小，故C正確；D．根據(jù)物體做曲線運動的條件，電場力方向水平向右，并且沿電場線方向電勢降低，而a、b、c、d之間電勢大小關系未知，故無法判斷電場方向線，故D錯誤。故選BC。10、ABD【解析】

A．電容器電容：，，極板間的電場強度：，解得：，若相對面積S不變，極板間距離d增大，則場強E不變，電勢差：U=Ed變大，故A正確；B．若極板間距離不變，相對面積S減小，由可知，場強變大，根據(jù)U=Ed可知電勢差變大，故B正確；C．去掉電源后，電容器電荷量不變，故C錯誤；D．去掉電源后，電容器電荷量不變，若極板間距離不變，相對面積增大，由可知，電容增大，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.120.16【解析】

打計數(shù)點l時小車的瞬時速度等于0與2點間的平均速度，為：；

打l與3兩點間小車的平均速度為：；【點睛】本題借助實驗考查了勻變速直線的規(guī)律以及推論的應用，關鍵是知道平均速度等于中間時刻瞬時速度；在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用，提高解決問題能力．12、2.0310.295【解析】

游標卡尺的主尺讀數(shù)為20mm，游標尺上第3個刻度與主尺上某一刻度對齊，故其讀數(shù)為0.1×3mm=0.3mm，所以最終讀數(shù)為：20mm+0.3mm=20.3mm=2.03cm；螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為10mm，可動刻度讀數(shù)為0.01×29.5mm=0.295mm，所以最終讀數(shù)為10.295mm(10.294~10.297)．【點睛】解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）5m/s（2）500V（3）25J【解析】

（1）對甲小球：解得v1=5m/s（2）對乙：其中解得v2=20m/sa=20m/s2小球乙?guī)д?，由牛頓第二定律：解得U=500V（3）當小球乙?guī)ж撾姇r，則受向上的電場力qE和向下的重力mg，由于合力為則當從下極板邊緣飛出時的動能：14、(1)0.4N(2)9m(3)3.6J【解析】

(1)據(jù)牛頓第二定律求得物體所受的合力；(2)據(jù)運動學公式求得物體3s內上升的高度；(3)據(jù)運動學公式求得物體3s末