鄂西北四校2025屆高二物理第一學期期末綜合測試試題含解析

鄂西北四校2025屆高二物理第一學期期末綜合測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在圖示電路中U=12V，若電壓表的示數(shù)也是12V，這說明可能A.電阻R1、R2中有斷路發(fā)生B.燈泡L斷路C.電阻R1、R2中有短路發(fā)生D.燈泡L和電阻R1都發(fā)生了斷路2、下列說法正確的是（）A.以牛頓運動定律為基礎(chǔ)的經(jīng)典力學因其局限性而沒有存在的價值B.物理學的發(fā)展，使人們認識到經(jīng)典力學有它的適用范圍C.相對論和量子力學的出現(xiàn)，是對經(jīng)典力學的全盤否定D.經(jīng)典力學對處理高速運動的宏觀物體具有相當高的實用價值3、真空中有甲乙兩個點電荷，相距r時的靜電力為若保持兩者間距不變，使甲的電荷量變?yōu)樵瓉淼?倍，乙的電荷量變?yōu)樵瓉淼谋?，則它們之間的靜電力變?yōu)锳. B.C. D.4、如圖所示，通電直導線右邊有一個矩形線框，線框平面與直導線共面，若使線框從圖中實線位置向左緩慢平移到虛線位置，此時直導線正好平分矩形線框。已知直線電流在周圍產(chǎn)生的磁場隨距離增大而減弱，則穿過線框的磁通量將A.逐漸增大 B.逐漸減小C.先減后增 D.先增后減5、如圖所示，以O點為圓心的圓周上有六個等分點a、b、c、d、e、f，等量正、負點電荷分別放置在a、d兩點時，下列說法中正確的是A.b、c、e、f四點的場強相同B.b、c、e、f四點的電勢相等C.將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，電場力做正功D.O點的電勢高于b、c、e、f四點的電勢6、通過電阻R的電流強度為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為Q，若電阻為2R，電流強度為2I，則在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為（）A.2Q B.4QC.6Q D.8Q二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質(zhì)量為m、帶電荷量為+qP環(huán)套在固定不光滑的水平長直絕緣桿上，整個裝置處在垂直于桿的水平勻強磁場中，磁感應強度大小為B．現(xiàn)給環(huán)一向右的初速度（），則A.環(huán)將向右減速，最后勻速B.環(huán)將向右減速，最后停止運動C.從環(huán)開始運動到最后達到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機械能是D.從環(huán)開始運動到最后達到穩(wěn)定狀態(tài)，損失的機械能是8、如圖所示，兩根平行金屬導軌置于水平面內(nèi)，導軌之間接有電阻R．金屬棒ab與兩導軌垂直并保持良好接觸，整個裝置放在勻強磁場中，磁場方向垂直于導軌平面向下．現(xiàn)使磁感應強度隨時間均勻減小，ab始終保持靜止，下列說法正確的是（）A.ab中的感應電流方向由a到b B.ab所受的安培力方向向左C.ab中的感應電流方向由b到a D.ab所受的安培力方向向右9、如圖所示，當滑動變阻器的滑片P向下端移動時，下列說法正確的是A.電阻R1消耗的功率增大 B.電源的輸出功率增大C.V1增大，V2增大，A減小 D.V1減小，V2減小，A增大10、2012年6月24日，航天員劉旺手動控制“神舟九號”飛船完成與“天宮一號”的交會對接，形成組合體繞地球做勻速圓周運動，軌道高度為340km。測控通信由兩顆在地球同步軌道運行的“天鏈一號”中繼衛(wèi)星、陸基測控站、測量船，以及北京飛控中心完成。根據(jù)以上信息和你對航天相關(guān)知識的理解，下列描述正確的是A.組合體勻速圓周運動的周期一定大于地球的自轉(zhuǎn)周期B.組合體勻速圓周運動的線速度一定大于第一宇宙速度C.組合體勻速圓周運動的角速度大于“天鏈一號”中繼衛(wèi)星的角速度D.“神舟九號”從低軌道必須加速才能與“天宮一號”交會對接三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，是某同學測量電池的電動勢和內(nèi)阻的實驗中得到的圖線，則該電池的電動勢為___________V，內(nèi)阻為___________Ω（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12．（12分）某同學在測量一種均勻新材料的電阻率的過程中,對由該材料做成的圓柱形導體的相關(guān)測量如下：(1)用20分度的游標卡尺測量其長度如圖甲所示，由圖可知其長度L=____mm；用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖乙可知其直徑d=____mm。(2)為了粗測新材料導體的阻值R。該同學先選用多用電表“×10”擋，調(diào)零后進行測量，指針位置測量如圖丙所示。①為了把電阻測量得更準確些，應換用“____”擋(選填“×1”或“×100”)

；②更換擋位后必須將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)______旋鈕使表針指向0Ω；③重新測量時指針位置如圖丁所示，可讀出R=___Ω。(3)用字母L、d、R表示該材料的電阻率ρ=__________________。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）小明學物理，還是有一點兒悟性的，《靜電場》那一章單元檢測，物理老師就讓他編一個題，要求將靜電場與平拋、圓周運動結(jié)合起來，他就編出了如下這樣一個題目，請你也做一做：如圖所示，光滑絕緣水平桌面上固定有一半徑為R、關(guān)于OB所在直線對稱的圓弧形光滑絕緣軌道ABC，在桌面內(nèi)加一沿OB方向、場強大小為E的水平勻強電場，現(xiàn)將一質(zhì)量為m、帶電量為q的帶正電絕緣小球從軌道左側(cè)某位置以垂直O(jiān)B所在直線的初速度推出，小球在電場的作用下恰好從A點沿圓弧軌道切線方向進入圓弧軌道（已知OA與垂直O(jiān)B的直徑之間的夾角為），并最終從C點離開圓弧軌道，試求：（1）小球經(jīng)過B點時對軌道的壓力大?。唬?）小球速度再次恢復為時，距最初推出點的距離。14．（16分）如圖甲所示，在坐標系xOy中，y軸左側(cè)有沿x軸正方向的勻強電場，場強大小為E；y軸右側(cè)有如圖乙所示，大小和方向周期性變化的勻強磁場，磁感應強度大小B0已知，磁場方向垂直紙面向里為正．t＝0時刻，從x軸上的P點無初速度釋放一帶正電的粒子，質(zhì)量為m，電荷量為q，粒子重力不計．粒子第一次在電場中運動時間與第一次在磁場中運動的時間相等．求：(1)粒子第一次經(jīng)過O點的速度；(2)粒子第一次進入磁場與第二次進入磁場的半徑之比15．（12分）如圖所示，在水平向右場強為E的勻強電場中，有一質(zhì)量為m、電荷量為q的點電荷從A點由靜止釋放，僅在由場力的作用下經(jīng)時間t運動到B點．求：（1）點電荷從A點運動到B點過程中電場力對點電荷做的功；（2）A、B兩點間的電勢差

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.電壓表示數(shù)為12V，則說明電路中發(fā)生了斷路或燈泡L短路故障；如燈泡沒有短路，電壓表能和電源直接相連，則可知電阻R1、R2中有斷路發(fā)生，故A正確；B.如果L斷路，則電壓表示數(shù)為零，故B錯誤；C.如果電阻R1、R2中有短路發(fā)生，電壓表示數(shù)小于12V，故C錯誤；D.如果燈泡L和電阻R1都發(fā)生了斷路，則電壓表示數(shù)為零，故D錯誤；故選A.2、B【解析】牛頓運動定律能夠解決宏觀物體的低速運動問題，在生產(chǎn)、生活及科技方面起著重要作用；解決問題時雖然有一定誤差，但誤差極其微小，可以忽略不計；故經(jīng)典力學仍可在一定范圍內(nèi)適用．雖然相對論和量子力學更加深入科學地認識自然規(guī)律，它是科學的進步，但并不表示對經(jīng)典力學的否定，故選項B正確．A、C錯誤；經(jīng)典力學不能用于處理高速運行的物體；故D錯誤故選B3、A【解析】由庫侖定律可得變化后的靜電力【詳解】設甲的電荷量為Q，乙的電荷量為q．變化前靜電力為：，變化后靜電力為：，故選A.4、D【解析】線圈從開始到線圈左邊與直導線重合，此過程中，由于磁場增強，所以穿過線框的磁通量增大，線圈從左邊與直導線重合到一半在直導線左邊一半在直導線右邊，由于直導線兩邊的磁場方向相反，所以磁通量減小一直到0，所以穿過線框的磁通量先增大后減小。故選D。5、C【解析】根據(jù)兩個點電荷的電場強度的疊加，滿足矢量合成的原理，并依據(jù)等量異種電荷的電場線與等勢線的分布，進行分析即可【詳解】由題意可知，兩點電荷在e、f處的電場強度各自進行矢量合成，則e、f處場強大小相等，但方向相同，同理b、c電場強度大小相等，方向相同，因此這四點的電場強度大小相等，方向不同，故A錯誤．依據(jù)等量異種電荷，等勢線的分布，可知，b、f二點的電勢相等，而c、e二點的電勢相等，且b、f二點的電勢高于c、e二點的電勢，故B錯誤；根據(jù)沿著電場線方向，電勢降低，因此O點的電勢高于c、e二點的電勢，而低于b、f二點的電勢，故D錯誤；將一帶正電的試探電荷從O點移到e點，即從高電勢移動低電勢，那么電勢能降低，因此電場力做正功，故C正確；故選C【點睛】考查點電荷電場強度的疊加，關(guān)鍵要掌握庫侖定律，理解電場強度的大小與方向，及矢量疊加原理，并掌握等量異種電荷的等勢線的分布6、D【解析】根據(jù)公式可得：當通過電阻R的電流強度為I時，在t時間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為，當若電阻為2R，電流強度為2I，則在時間t內(nèi)產(chǎn)生的熱量為，故D正確，A、B、C錯誤；故選D【點睛】關(guān)鍵是正確掌握焦耳定律公式二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】環(huán)受重力、支持力、洛倫茲力以及摩擦力作用做減速運動，當洛倫茲力等于重力時，支持力為零，摩擦力等于零，環(huán)做勻速直線運動．根據(jù)能量守恒求出損失的機械能【詳解】AB．當環(huán)受到重力、支持力、摩擦力和洛倫茲力，由于，支持力的方向向下；物體先向右做減速運動，速度減小，洛倫茲力減小，當洛倫茲力等于重力時，支持力為零，摩擦力為零，環(huán)將做勻速直線運動，A正確B錯誤；CD．根據(jù)能量守恒知，損失的機械能等于環(huán)動能的減小量，勻速直線運動時有，解得，損失的機械能，C錯誤D正確8、AD【解析】AC．磁感應強度隨時間均勻減小，故回路磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷，感應電流的磁場方向向下，根據(jù)右手定則判斷ab中的感應電流方向由a到b，A正確C錯誤BD．因為ab中的感應電流方向由a到b，磁場方向豎直向下，根據(jù)左手定則判斷ab所受的安培力方向向右，B錯誤D正確9、AD【解析】當滑動變阻器的滑片P向下移動時，R3連入電路的阻值變小，故外電路的總電阻變小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，知總電流變大，路端電壓U=E-Ir變小，所以V1示數(shù)減小，電源的內(nèi)電壓和R1的電壓均增大，所以并聯(lián)部分電壓減小，即V2示數(shù)減?。鶕?jù)歐姆定律可知，通過R2的電流減小，而總電流增大，所以通過滑動變阻器的電流增大，即A示數(shù)增大．故C錯誤，D正確；因為干路電流變大，根據(jù)知電阻R1消耗的功率增大，故A正確；因為不知道內(nèi)、外電阻的大小關(guān)系，所以電源的輸出功率的變化情況無法確定，故B錯誤；故選AD.10、CD【解析】設飛船的質(zhì)量為m，軌道為r，地球的質(zhì)量為M．根據(jù)牛頓第二定律得：則得A．由于同步衛(wèi)星的軌道高度約3.6×104km，遠大于組合體的高度，則根據(jù)可知，組合體勻速圓周運動的周期一定小于同步衛(wèi)星的周期，即小于地球自轉(zhuǎn)的周期，故A錯誤B．第一宇宙速度是衛(wèi)星繞地球圓周運動的最大速度，等于近地衛(wèi)星的速度，由知，組合體勻速圓周運動的線速度一定小于第一宇宙速度，故B錯誤C．由知，組合體的軌道半徑較小，角速度較大，故C正確D．“神州九號”在低軌道通過加速做離心運動，可以到“天宮一號”的軌道上去，從而實現(xiàn)和“天宮一號”對接，故D正確。故選CD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.1.5②.0.83【解析】電源的U-I圖象與縱坐標交點的縱坐標軸是電源的電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內(nèi)阻，根據(jù)圖示圖象可以求出電源電動勢與內(nèi)阻【詳解】由圖可知，圖象與縱軸的交點坐標值是1.5，則電源的電動勢為E=1.5V；電源內(nèi)阻；【點睛】測定電動勢和內(nèi)電阻的實驗中為了減小誤差采用了圖象分析法，要根據(jù)實驗原理得出公式，并結(jié)合圖象的斜率和截距得出正確的結(jié)果12、①.60.20②.8.300③.×100④.歐姆調(diào)零⑤.1700⑥.【解析】(1)[1]由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為60mm+4×0.05mm=60.20mm；[2]由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為8mm+30.0×0.01mm=8.300mm。(2)①[3]選用多用電表“×10”擋調(diào)零后進行測量，歐姆表針偏轉(zhuǎn)角度很小，說明該電阻較大，應換更大倍率的“×100”擋；②[4]重新?lián)Q擋后紅、黑表筆短接，調(diào)整歐姆調(diào)零旋鈕使指針指向表盤右側(cè)的0Ω；③[5]由圖丁所示可知，歐姆表讀數(shù)為17×100Ω=1700Ω。(3)[6]由電阻定律得四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）【解析】（l）小球過A點時有vAsinθ=v0從A到B，由動能定理得在B點，對小球，由牛頓第二定律得由牛頓第三定律知，小球?qū)壍赖膲毫镕′N=FN聯(lián)立解得（2）從推出點到A點，小球沿垂直電場方向的位移為

x=v0t由動量定理，有qEt=mvAcosθ-0則小球速度大小再次恢復到v0時，距最初推出點的能離為d=|2（x-Rcosθ）|解得14、(1)(2)2:3【解析】(1)粒子在磁場中做勻速圓周運動，應用粒子的周期公式求出粒子第一次在磁場中做圓周運動的周期，然后根據(jù)題意求出粒子第一次在電場中的運動時間，粒子第一次在電場中做初速度為零的勻加速直線運動，應用勻變速直