廈門市大同中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題含解析

廈門市大同中學(xué)2025屆物理高二第一學(xué)期期末聯(lián)考模擬試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，電場中一正離子只受電場力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)．離子在A點(diǎn)的速度大小為v0，速度方向與電場方向相同．能定性反映該離子從A點(diǎn)到B點(diǎn)運(yùn)動(dòng)情況的速度﹣時(shí)間（v﹣t）圖象是（）A. B.C. D.2、下列說法正確的是A.由可知，電場中某點(diǎn)的場強(qiáng)E與試探電荷的電荷量q成反比B.由可知，電場中某點(diǎn)的電勢與試探電荷的電荷量q成反比C.由可知，某段導(dǎo)體中的電流I與導(dǎo)體兩端的電壓U成正比D.由可知，磁場中某點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B與通電導(dǎo)線所受安培力F成正比3、如圖是一名登山運(yùn)動(dòng)員攀登陡峭雪壁的情形，如果認(rèn)為峭壁的平面是豎直的平面，冰面是光滑的，腿與峭壁面是垂直的，輕繩與壁面的夾角為30°，運(yùn)動(dòng)員重72kg。則輕繩給運(yùn)動(dòng)員的張力大小T為(g＝10m/s2)()A.360N B.360NC.1440N D.480N4、下列說法中正確的是（）A.奧斯特首先引入電場線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對電磁現(xiàn)象的研究B.法拉第在對理論基礎(chǔ)和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后，提出了電磁感應(yīng)定律C.楞次認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒的內(nèi)部存在著一種環(huán)形電流，從而使每個(gè)物質(zhì)微粒都成為微小的磁體D.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律5、關(guān)于通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力、運(yùn)動(dòng)電荷在磁場中受到的洛侖茲力、通電導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的磁場方向及閉合導(dǎo)體回路中導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電流的情況分別如圖A、B、C、D所示，其中方向關(guān)系正確的是()A.B.C.D.6、下列說法中正確的是()A.電場線和磁感線都是一系列閉合曲線B.在醫(yī)療手術(shù)中，為防止麻醉劑乙醚爆炸，醫(yī)生和護(hù)士要穿由導(dǎo)電材料制成的鞋子和外套，這樣做是為了消除靜電C.奧斯特提出了分子電流假說D.首先發(fā)現(xiàn)通電導(dǎo)線周圍存在磁場的科學(xué)家是安培二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、矩形線圈abcd，長ab=20cm，寬bc=10cm，匝數(shù)n=200，線圈回路總電阻R=5Ω。整個(gè)線圈平面內(nèi)均有垂直于線圈平面的磁場穿過。若磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖所示，則()A.線圈回路中感應(yīng)電動(dòng)勢隨時(shí)間均勻變化B.線圈回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流為0.4AC.當(dāng)t=0.3s時(shí)，線圈ab邊所受的安培力大小為0.016ND.在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱為48J8、如圖所示,水平向右的勻強(qiáng)電場場強(qiáng)為E,且,垂直紙面向里的水平勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一帶電荷量為q的液滴質(zhì)量為m,在重力、靜電力和洛倫茲力作用下在疊加場空間運(yùn)動(dòng)．下列關(guān)于帶電液滴在疊加場空間的運(yùn)動(dòng)描述正確的是A.液滴可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.液滴不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)C.液滴可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)且機(jī)械能守恒D.如果是直線運(yùn)動(dòng)，必為勻速直線運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡與水平方向的夾角是9、某電場線分布如圖所示，一帶電粒子沿圖中虛線所示路徑運(yùn)動(dòng)，先后通過M點(diǎn)和N點(diǎn)。以下說法正確的是（）A.M、N點(diǎn)的場強(qiáng)B.粒子在M、N點(diǎn)的加速度C.粒子在M、N點(diǎn)的速度D.粒子帶正電10、如圖所示，帶電小球A、B的電荷分別為QA、QB，OA＝OB，都用長L的絲線懸掛在O點(diǎn)。靜止時(shí)A、B相距為d。為使平衡時(shí)A、B間距離減為，可采用以下哪些方法（）A.將小球A、B的質(zhì)量都增大到原來的2倍B.將小球B的質(zhì)量增大到原來的8倍C.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半D.將小球A、B的電荷量都減小到原來的一半，同時(shí)將小球B的質(zhì)量增大到原來的2倍三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用DIS研究通電螺線管的磁感應(yīng)強(qiáng)度”實(shí)驗(yàn)中（1）在對螺線管通電_________（選填“前”或“后”）必須對磁傳感器進(jìn)行調(diào)零（2）（單選題A5mTB.-5mTC.3mTD.-3mT12．（12分）兩條平行且足夠長的金屬導(dǎo)軌置于磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，B的方向垂直導(dǎo)軌平面。兩導(dǎo)軌間距為L，左端接一電阻R，其余電阻不計(jì)。長為2L的導(dǎo)體棒ab如圖所示放置，開始時(shí)ab棒不導(dǎo)軌垂直，在ab棒繞a點(diǎn)緊貼導(dǎo)軌以角速度順時(shí)針旋轉(zhuǎn)90°的過程中，通過電阻R的電流方向?yàn)開________（填“由上到下”或者“由下到上”）；電動(dòng)勢的最大值為_________；通過電阻R的電荷量是_________。四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，M為一線圈電阻rM＝0.4Ω的電動(dòng)機(jī)，R＝24Ω，電源電動(dòng)勢E＝40V．當(dāng)S斷開時(shí)，電流表1的示數(shù)I1＝1.6A，當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，電流表1的示數(shù)I2＝4.0A,電流表2的示數(shù)IM＝2.5A．求：（1）電源內(nèi)阻（2）開關(guān)S閉合時(shí)電源的輸出功率（3）開關(guān)S閉合時(shí)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱消耗的功率和轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率14．（16分）如圖甲所示，足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌MN、PQ豎直放置，其寬度L=lm，—?jiǎng)驈?qiáng)磁場垂直穿過導(dǎo)軌平面，導(dǎo)軌的上端M與P之間連接一阻值為R=0.40Ω的電阻，質(zhì)量為m=0.01kg.電阻為r=0.30Ω的金屬棒ab緊貼在導(dǎo)軌上，現(xiàn)使金屬棒ab由靜止開始下滑，下滑過程中ab始終保持水平，且與導(dǎo)軌接觸良好，其下滑距離x與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示，圖象中的OA段為曲線，AB段為直線，導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10m/s2（忽略ab棒運(yùn)動(dòng)過程中對原磁場的影響）(1)判斷金屬棒兩端a、b的電勢高低；(2)當(dāng)t=1.5s時(shí)重力對金屬棒ab做功的功率(3)求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；(4)在金屬棒ab從開始運(yùn)動(dòng)的1.5s內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量15．（12分）如圖所示，在xOy平面內(nèi)，虛線OP與x軸的夾角為30°．OP與y軸之間存在沿著y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E．OP與x軸之間存在垂直于xOy平面的勻強(qiáng)磁場．現(xiàn)有一帶電的粒子，從y軸上的M點(diǎn)以初速度v沿著平行于x軸的方向射入電場，當(dāng)該粒子從邊界OP上某點(diǎn)Q（圖中未畫出）離開電場時(shí)，速度的偏轉(zhuǎn)角為30°，最后粒子又以垂直于x軸的方向射出磁場．已知粒子的質(zhì)量為m電量為q（q＞0）粒子的重力可忽略．求：(1)M點(diǎn)的縱坐標(biāo)；(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小和方向；(3)粒子從進(jìn)入電場到離開磁場所用的時(shí)間

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】電場中正離子只受電場力作用從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過程中，電場力對離子做正功，速度增大，電場力提供加速度qE=ma，場強(qiáng)減小，加速度減小，速度時(shí)間圖像中斜率表示加速度的大小，C對；考點(diǎn)：考查電場力做功與牛頓第二定律的應(yīng)用點(diǎn)評：在求解本題過程中注意速度與電場力做功的關(guān)系、加速度與電場力、電場強(qiáng)度的關(guān)系2、C【解析】根據(jù)公式是否是比值定義法，分析各量之間的關(guān)系．比值法定義法被定義的物理量反映物質(zhì)的屬性【詳解】A．公式采用比值定義法，E反映電場本身的強(qiáng)弱和方向，與試探電荷在電場中該點(diǎn)所受的電場力F和電荷量q無關(guān)，故A錯(cuò)誤；B．由公式采用比值定義法，反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷在電場中該點(diǎn)所具有的電勢能和電荷量q無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．公式是歐姆定律的表達(dá)式，某段導(dǎo)體中的電流I與導(dǎo)體兩端的電壓U成正比，故C正確；D．采用比值定義法，B反映磁場本身的強(qiáng)弱和方向，與電流元在磁場中該點(diǎn)所受的安培力F和IL無關(guān)，故D錯(cuò)誤所以C正確，ABD錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】解決本題關(guān)鍵要掌握物理量的定義方法和公式中各量的準(zhǔn)確含義，并要理解公式的適用條件3、D【解析】對運(yùn)動(dòng)員受力分析如圖所示：根據(jù)平衡條件，水平方向：N=Tsin30°豎直方向：Tcos30°=mg故細(xì)繩給人的張力為：故選D。4、D【解析】A.法拉第首先引入電場線和磁感線，極大地促進(jìn)了他對電磁現(xiàn)象研究，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.電磁感應(yīng)定律是紐曼和韋伯在對理論基礎(chǔ)和實(shí)驗(yàn)資料進(jìn)行嚴(yán)格分析后提出，法拉第只是發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C.安培認(rèn)為，在原子、分子等物質(zhì)微粒的內(nèi)部存在著一種環(huán)形電流，從而使每個(gè)物質(zhì)微粒都成為微小的磁體，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.安培發(fā)現(xiàn)了磁場對電流的作用規(guī)律，洛侖茲發(fā)現(xiàn)了磁場對運(yùn)動(dòng)電荷的作用規(guī)律，選項(xiàng)D正確。故選D。5、D【解析】判斷通電導(dǎo)線在磁場中受的安培力的方向以及帶電粒子在磁場中受洛倫茲力的方向用左手定則；判斷通電直導(dǎo)線周圍的磁場方向用右手定則；判斷閉合導(dǎo)體回路中導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電流用右手定則【詳解】A圖是通電導(dǎo)線在磁場中受到的安培力，由左手定則可知安培力方向應(yīng)該向上，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B圖是運(yùn)動(dòng)電荷在磁場中受到的洛侖茲力，根據(jù)左手定則可知洛倫茲力的方向應(yīng)該向上，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C圖是通電導(dǎo)線周圍產(chǎn)生的磁場方向，根據(jù)右手定則可知導(dǎo)線的上邊磁場向里，下邊向外，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D圖是閉合導(dǎo)體回路中導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生電流，根據(jù)右手定則可知，導(dǎo)線中產(chǎn)生的電流向下，選項(xiàng)D正確；故選D.【點(diǎn)睛】此題關(guān)鍵要搞清左手定則和右手定則的使用范圍，這是易錯(cuò)易混淆的問題，必須要記清楚.6、B【解析】電場線是從正電荷開始，終止于負(fù)電荷，不是封閉曲線，A錯(cuò)誤；麻醉劑為易揮發(fā)性物品，遇到火花或熱源便會(huì)爆炸，良好接地，目的是為了消除靜電，這些要求與消毒無關(guān)，B正確；安培發(fā)現(xiàn)了分子電流假說，奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，CD錯(cuò)誤；二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】AB．由法拉第電磁感應(yīng)定律可得由閉合電路歐姆定律可得A錯(cuò)誤，B正確；C．當(dāng)t=0.3s時(shí)，通電導(dǎo)線受到的安培力為C錯(cuò)誤；D．在1min內(nèi)線圈回路產(chǎn)生的焦耳熱D正確。故選BD。8、BD【解析】根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析受力情況，做直線運(yùn)動(dòng)說明粒子不受洛倫茲力或者有某個(gè)力跟洛倫茲力抵消，對四個(gè)選項(xiàng)逐一分析即可解題【詳解】A項(xiàng)：由于液滴受到的重力與電場力恒定，如果做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則液滴的洛倫茲力大小變化，液滴的合外力變化，不可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng):由于液滴受豎直向下的重力和水平方向的電場力，所以重力與電場力的合力不可能為零，即液滴不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故B正確；C項(xiàng)：當(dāng)液滴進(jìn)入復(fù)合場時(shí)的洛倫茲力與重力和電場力的合力等大反向時(shí)，液滴做勻速直線運(yùn)動(dòng)，但電場力會(huì)做功，所以機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D項(xiàng)：由A分析可知，液滴不可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，只要液滴的速度大小變化，其所受的洛倫茲力大小變化，合外力變化，一定做曲線運(yùn)動(dòng)，故如果是直線運(yùn)動(dòng)，必為勻速直線運(yùn)動(dòng)，由于mg=qE，重力與電場力的合力一定與速度方向垂直，即與水平方向成450，故D正確故選BD【點(diǎn)睛】本題主要考查了帶電粒子在混合場中運(yùn)動(dòng)的問題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，或根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況分析受力情況，題目較難9、BD【解析】A．電場線密的地方電場的強(qiáng)度大，電場線疏的地方電場的強(qiáng)度小，所以有A錯(cuò)誤；B．M處場強(qiáng)小，根據(jù)粒子受到的電場力小，由牛頓第二定律知加速度也小，即有B正確；C．根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，若粒子從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)，電場力方向與速度方向成銳角，電場力做正功，粒子的速度增大，則有C錯(cuò)誤；D．根據(jù)粒子的運(yùn)動(dòng)的軌跡彎曲方向可以知道，粒子的受到的電場力的方向斜向上，場強(qiáng)方向也是斜向上，所以粒子為正電荷，D正確。故選BD。10、BD【解析】如圖所示，B受重力、絲線的拉力及庫侖力，將拉力及庫侖力合成，其合力應(yīng)與重力大小相等、方向相反，由幾何關(guān)系可知＝而庫侖力F=，即==有mgd3=kQAQBL則d=要使d變?yōu)?，可以將小球B的質(zhì)量增大到原來的8倍而保證上式成立，或?qū)⑿∏駻、B的電荷量都減小到原來的一半，同時(shí)將小球B的質(zhì)量增大到原來的2倍，也可保證等式成立故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.前②.D【解析】（1）在對螺線管通電前必須對磁傳感器進(jìn)行調(diào)零，否則就會(huì)有測量誤差（2）減小通電螺線管的電流后，螺線管內(nèi)的磁感應(yīng)強(qiáng)度變小，由于從另一端插入，磁傳感器的讀數(shù)可能為-3mT12、①.由上到下②.③.【解析】[1][2]．由右手定則可知，通過電阻R的電流方向?yàn)橛缮系较?；電?dòng)勢的最大值為；[3]．第一階段：平均電動(dòng)勢通過R的電荷量第二階段ab棒脫離導(dǎo)軌后，電路中沒有電流．所以總電量：四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）1Ω（2）144W（3）2.5W；87.5W【解析】(1)據(jù)題意，開關(guān)斷開時(shí)電流為I1＝1．6A，據(jù)閉合電路歐姆定律有：解得：；(2)開關(guān)閉合時(shí)電源總功率為：電源輸出功率為：；(3)電動(dòng)機(jī)發(fā)熱功率為：電動(dòng)機(jī)輸入功率為：電動(dòng)機(jī)機(jī)械功率為：【點(diǎn)睛】對于電動(dòng)機(jī)電路，正常工作時(shí)是非電阻電路，要注意歐姆定律不成立，要根據(jù)能量守恒求解其輸出功率，要區(qū)分電動(dòng)機(jī)的輸出功率與效率的不同，不能混淆14、(1)(2)0.7W(3)B=0.1T(4)QR【解析】（1）由右手定則判斷出感應(yīng)電流方向，然后判斷電勢高低（2）x-t圖象中AB段為直線，說明從t=1.5s時(shí)開始金屬棒ab做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由圖線斜率求出速度v，由P=mgv求t=1.5s時(shí)重力對金屬棒ab做功的功率（3）金屬棒ab做勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，安培力與重力二力平衡，推導(dǎo)出安培力的表達(dá)式，根據(jù)平衡條件求出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。?）根據(jù)能量守恒定律和焦耳定律求解金屬棒ab在開始運(yùn)動(dòng)的1.5s