2025屆海南省定安縣定安中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題含解析

2025屆海南省定安縣定安中學(xué)高二物理第一學(xué)期期末調(diào)研試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是P、Q兩質(zhì)點運(yùn)動的v－t圖線，由圖線可以判定A.兩質(zhì)點的運(yùn)動方向相反B.兩質(zhì)點的運(yùn)動的加速度方向相反C.在t1時刻，P質(zhì)點的速度大于Q質(zhì)點的速度D.在0～t1時間內(nèi)，P質(zhì)點的位移小于Q質(zhì)點的位移2、如圖所示，環(huán)形導(dǎo)線周圍有三只小磁針a、b、c，閉合開關(guān)S后，三只小磁針N極的偏轉(zhuǎn)方向是（）A.全向里 B.全向外C.a向里，b、c向外 D.a、c向外，b向里3、如圖，電源的電動勢為E，內(nèi)阻為。R1為定值電阻，R2為滑動變阻器、B為水平放置的平行金屬板，L為小燈泡，電表均為理想電表。開關(guān)S閉合后，A、B板間有一帶電油滴恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。則在滑動變阻器的觸頭P向下滑動的過程中A.電壓表的示數(shù)增大 B.油滴向上加速運(yùn)動C.板上電荷量減少 D.兩表示數(shù)變化量的比值變大4、如圖所示，R是一個定值電阻，A、B為水平正對放置的兩塊平行金屬板，B板接地，兩板間帶電微粒P處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法正確的是()A.若緊貼A板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的金屬片，P的電勢能將減小B.若緊貼B板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的陶瓷片，P將向下運(yùn)動C.若增大A、B兩金屬板的間距，則有向右的電流通過電阻RD.若增大A、B兩金屬板的間距，P將向上運(yùn)動5、如圖，當(dāng)左邊線圈通以逆時針電流I時，天平恰好平衡，此時天平右邊的砝碼質(zhì)量為m，若改為順時針方向的電流且大小不變，則需在天平右邊增加△m的砝碼，通電線圈受到磁場力大小為：A. B.(m+△m)gC.△mg D.6、如圖甲所示，兩根電阻忽略不計的導(dǎo)軌平行放置，導(dǎo)軌左端接電阻R1，右端接小燈泡L，導(dǎo)體棒AB垂直于導(dǎo)軌放置，電阻R1、導(dǎo)體棒AB和小燈泡L的電阻均為R（不計燈泡電阻隨溫度的變化），虛線MN右側(cè)有垂直導(dǎo)軌平面的磁場，當(dāng)導(dǎo)體棒AB從MN左側(cè)某處勻速向右運(yùn)動時開始計時，磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時間變化如圖乙所示，若導(dǎo)體棒AB從開始運(yùn)動到穿越磁場的過程中，燈泡的亮度始終不變，則導(dǎo)體棒AB在穿越磁場前后電阻R1上消耗的功率之比是（）A.1∶1 B.1∶2C.1∶3 D.1∶4二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、當(dāng)導(dǎo)線中分別通以圖示方向的電流時，小磁針靜止時N極垂直紙面向里的是（）A. B.C. D.8、圖是通過變壓器降壓給用戶供電的示意圖．負(fù)載變化時變壓器輸入電壓基本保持不變．輸出電壓通過輸電線輸送給用戶，輸電線的電阻用R0表示，開關(guān)S閉合后，相當(dāng)于接入電路中工作的用電器增加．如果變壓器上的能量損失可以忽略，則開關(guān)S閉合后，以下說法正確的是A.電表V1示數(shù)與V2示數(shù)的比值不變B.電表A1示數(shù)不變，A2示數(shù)增大C.輸電線的電阻R0消耗的功率增大D.流過電阻R1的電流減小9、在水平光滑絕緣桌面上有一邊長為l的正方形線框abcd，被限制在沿ab方向的水平直軌道自由滑動。bc邊右側(cè)有一直角三角形勻強(qiáng)磁場區(qū)域efg，直角邊ef等于l，邊ge小于l，ef邊平行ab邊，磁場方向豎直向下，其俯視圖如圖所示，線框在水平拉力F作用下向右勻速穿過磁場區(qū)，若圖示位置為時刻，設(shè)逆時針方向為電流的正方向，水平向右的拉力為正，則感應(yīng)電流和圖象正確的是時間單位為，A，B，C圖象為線段，D為拋物線）（）A. B.C. D.10、勞倫斯制成了世界上第一臺回旋加速器，其原理如圖所示，這臺加速器由兩個銅質(zhì)D形盒構(gòu)成，兩盒間的狹縫中有周期性變化的電場，使粒子在通過狹縫時都能得到加速，兩個D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場中，下列說法正確的是（）A.離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器B.離子從磁場中也能加速C.D形盒的半徑越大，離子最大動能一定越大D.D形盒中的磁感強(qiáng)度B越大，離子最大動能一定越大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示為用多用電表測電路中電流的實驗，圖中多用電表測定的是________(填“甲電阻”“乙電阻”或“總”)的電流，測得電流的大小是________12．（12分）用伏安法測某一電阻，如果采用如圖甲所示的電路，測量值為R1，如果采用如圖乙所示電路，測量值為R2，則電阻的真實值為R真，它們之間的關(guān)系是：R1___R真，R2____R真（填“＞”、“＝”或“＜”），這種誤差屬于_________誤差四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一電瓶車的電源電動勢E＝48V，內(nèi)阻不計，其電動機(jī)線圈電阻R＝3Ω，當(dāng)它以v＝4m/s的速度在水平地面上勻速行駛時，受到的阻力f＝48N。除電動機(jī)線圈生熱外，不計其他能量損失，求：(1)該電動機(jī)的輸出功率；(2)電動機(jī)消耗的總功率。14．（16分）如圖所示，相距為L的兩條足夠長的光滑平行金屬導(dǎo)軌與水平面的夾角為θ，導(dǎo)軌的上端接有定值電阻，勻強(qiáng)磁場垂直導(dǎo)軌平面向上，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.將質(zhì)量為m、長度為L的導(dǎo)體棒從導(dǎo)軌上端由靜止釋放，當(dāng)下滑的速度為v時導(dǎo)體棒開始勻速運(yùn)動，此時對導(dǎo)體棒施加平行導(dǎo)軌向下的拉力并保持拉力的功率恒定，導(dǎo)體棒在拉力的作用下沿導(dǎo)軌下滑一段時間后，以2v的速度勻速運(yùn)動．導(dǎo)體棒下滑過程中始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，不計導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻，重力加速度為g．求：(1)導(dǎo)體棒的速度為時的加速度大小a；(2)拉力的功率P；(3)導(dǎo)體棒以速度2v勻速下滑時，電阻R上消耗的電功率.15．（12分）民用航空客機(jī)的機(jī)艙一般都設(shè)有緊急出口，飛機(jī)發(fā)生意外情況著陸后，打開緊急出口的艙門，會自動生成一個由氣囊構(gòu)成的斜面．如圖所示為某氣囊斜面，機(jī)艙離底端的豎直高度AB=3.0m，斜面長AC=5.0m，斜面與水平地面CD段間有一段小圓弧平滑連接．旅客從氣囊上由靜止開始滑下，其與氣囊、地面間的動摩擦因數(shù)均為μ=0.55，不計空氣阻力，g=10m/s2．求：(1)人在氣囊上滑行時加速度大??；(2)人滑到斜面底端C時的速度大??；(3)人離開C點后還要在地面上滑行多遠(yuǎn)才能停下

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由圖看出，兩個質(zhì)點的速度一直為正，說明兩質(zhì)點均沿正方向運(yùn)動，運(yùn)動方向相同，故A錯誤．根據(jù)圖象的斜率表示加速度，可知兩質(zhì)點運(yùn)動的加速度方向相反，故B正確．在t1時刻，兩圖象相交，說明兩質(zhì)點的速度相同，故C錯誤．由“面積”表示位移，知在0-t1時間內(nèi)，P質(zhì)點的位移大于Q質(zhì)點的位移，故D錯誤故選B.2、D【解析】線圈中的電流方向為順時針方向，根據(jù)安培定則a、c向外，b向里,故D正確，ABC錯誤3、B【解析】滑動變阻器的觸頭P向下滑動的過程中，滑動變阻器接入電路中的電阻增大，根據(jù)“串反并同”，由于定值電阻R1與滑動變阻器串聯(lián)，所以電壓表示數(shù)變小，電容器與滑動變阻器并聯(lián)，所以電容器兩端電壓變大，由公式可知，板間電場強(qiáng)度變大，電場力變大，所以油滴向上加速運(yùn)動，由公式可知，板上的電荷量變大，電壓表測的是電阻R1兩端的電壓，電流表測的是流過R1的電流，所以兩表示數(shù)變化量的比值即為R1的阻值即不變，故B正確。故選B。4、A【解析】考查帶電微粒在電場中的電勢能與電場力做功有關(guān)，以及決定平行板電容器電容的因素【詳解】A．若緊貼A板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的金屬片，A板也是金屬板，兩板緊貼相接觸，相當(dāng)為一塊金屬板，因此，等效于A、B兩金屬板的間距減小，根據(jù)知，減小，變大，兩板間電壓不變，A、B兩金屬板間的電場強(qiáng)度變大，帶電微粒P受電場力增大，P向上運(yùn)動，電場力做正功，P的電勢能減小，故A正確；B．若緊貼B板內(nèi)側(cè)插入一塊一定厚度的陶瓷片，根據(jù)知，，所以電容增大，兩板間電壓不變，A、B兩金屬板間的電場強(qiáng)度不變，P保持靜止，故B錯誤；C．若增大A、B兩金屬板的間距，由A選項知，電容器的電容C變小，由電容器帶的電荷量，因不變，所以減小，則有向左的電流通過電阻，故C錯誤；D．據(jù)C選項分析，若增大A、B兩金屬板的間距，電容器的電容C變小，因不變，A、B兩金屬板間的電場強(qiáng)度變小，P受電場力減小，P將向下運(yùn)動，故D錯誤，故選A．【點睛】平行板電容器電容決定式，，電場強(qiáng)度，電容器電容的定義式，聯(lián)合應(yīng)用5、A【解析】因線圈通電導(dǎo)致線圈下框受力正好與砝碼平衡,當(dāng)改變電流方向時,磁場力大小不變,方向改變,從而增加砝碼后,再次平衡,則可求出磁場力大小【詳解】線圈通以逆時針電流時，下框受到安培力向上，大小為；當(dāng)通以順時針電流時，下框受到安培力向下，大小仍為，而天平右邊需要增加砝碼才能再次平衡．則有即故選A。6、D【解析】設(shè)通過燈泡的電流為I。據(jù)題可知，導(dǎo)體棒AB從開始運(yùn)動到越過磁場的過程中燈泡的亮度始終不變，說明此過程中燈泡的電流不變，當(dāng)AB在MN左側(cè)運(yùn)動時，通過燈泡的電流等于通過R1電流的2倍，即通過R1電流為；當(dāng)AB在MN右側(cè)運(yùn)動時，MN相當(dāng)電源，通過燈泡的電流I等于通過R1電流，根據(jù)可知導(dǎo)體棒AB在越過磁場前后電阻R1上消耗的功率之比是1：4。故D正確，ABC錯誤。故選D?！军c睛】本題是電磁感應(yīng)與電路知識的綜合，要識別電路的結(jié)構(gòu)，把握路端電壓與感應(yīng)電動勢的關(guān)系，知道產(chǎn)生感應(yīng)電動勢的部分相當(dāng)于電源，其他電路是外電路。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】AB．已知通電直導(dǎo)線中電流的方向，根據(jù)右手螺旋定則，可知A、B選項的圖中小磁針?biāo)幍奈恢么艌龇较虼怪奔埫嫦蚶铮孕〈裴橃o止時N極垂直紙面向里，A、B正確；C．環(huán)形導(dǎo)線的電流方向如題圖所示，根據(jù)右手螺旋定則，可知小磁針?biāo)幍奈恢么艌龇较虼怪奔埫嫦蛲?，所以小磁針靜止時N極垂直紙面向外，C錯誤；D．根據(jù)右手螺旋定則，結(jié)合電流的方向，可知通電螺線管內(nèi)部的磁場方向由右向左，則小磁針靜止時N極指向左，D錯誤.8、ACD【解析】根據(jù)電壓和匝數(shù)成正比可求出副線圈的電壓，在根據(jù)電路中的串并聯(lián)關(guān)系可以知道電流及功率的變化狀況【詳解】A、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，所以比值不變，故A對；B、因為輸入電壓幾乎不變，原副線圈的電壓比等于匝數(shù)之比，則副線圈的電壓幾乎不變，閉合開關(guān)后，負(fù)載增加，副線圈總電阻減小，副線圈電壓不變，則副線圈電流增大，即A2示數(shù)增大，原副線圈電流之比等于匝數(shù)之反比，所以電表A1示數(shù)也增大，故B錯；C、由于A2示數(shù)增大，所以流過輸電線的電阻R0的電流增大，根據(jù)則輸電線的電阻R0消耗的功率增大，故C對；D、閉合開關(guān)，電壓表V2示數(shù)不變，副線圈電流增大，R0兩端電壓增大，根據(jù)串聯(lián)分壓得R1兩端電壓減小，所以流過電阻R1的電流減小，故D對；故選ACD【點睛】電壓是前決定后，電流是后決定前，并且前后功率相等9、BD【解析】AB．bc邊的位置坐標(biāo)x在0-l的過程，根據(jù)楞次定律判斷可知線框中感應(yīng)電流方向沿a→b→c→d→a，為正值。線框bc邊有效切線長度為L=l-vt，感應(yīng)電動勢為E=BLv=B（l-vt）?v均勻減小，感應(yīng)電流，即知感應(yīng)電流均勻減小。同理，x在l-2l過程，根據(jù)楞次定律判斷出來感應(yīng)電流方向沿a→d→c→b→a，為負(fù)值，感應(yīng)電流均勻減小。故A錯誤，B正確。CD．在水平拉力F作用下向右勻速穿過磁場區(qū)，因此拉力F等于安培力，而安培力的表達(dá)式，而L=l-vt，則有：可知F非線性減小。故C錯誤，D正確；故選BD。10、ACD【解析】A.離子由加速器的中心附近進(jìn)入加速器，從邊緣離開加速器，選項A正確；B.離子進(jìn)入加速器后在電場中加速，在磁場中偏轉(zhuǎn)，選項B錯誤；C.根據(jù)得離子出D形盒的速度，則離子出D形盒的動能，D形盒的半徑越大，離子最大動能一定越大，選項C正確；D.由知D形盒中的磁感強(qiáng)度B越大，離子最大動能一定越大，選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.乙電阻②.50.0mA【解析】由電路中連接情況知，多用電表與乙電阻串聯(lián)，故測定的是乙電阻的電流．由圖知選擇量程為100mA，故指針指示讀數(shù)為50.0mA12、①.<；②.>；③.系統(tǒng)；【解析】根據(jù)電流表接法確定電壓、電流的偏差，從而根據(jù)歐姆定律得到電阻偏差；根據(jù)誤差來源判斷誤差類型【詳解】電流表外接時，電壓表測得電壓為電阻兩端電壓，電流表測的電流為電阻和電壓表的總電流，故電流偏大，那么，電阻偏小，即；電流表內(nèi)接時，電壓表測得電壓為電阻和電流表兩端的電壓，故電壓偏大，電流表電流為通過電阻的電流，那么，電阻偏大，即；這些誤差是由實驗設(shè)計本身造成的，實驗方案不變，那么誤差不變；那么，按照誤差分類可知：這種誤差為系統(tǒng)誤差【點睛】伏安法測電阻實驗中，若最大電流大于電流表量程則采用分壓式接法，一般采用限流式接法；被測電阻較大，電流表采用內(nèi)接法；被測電阻較小，電流表采用外接