2025屆貴州省畢節(jié)市高二物理第一學期期末達標檢測試題含解析

2025屆貴州省畢節(jié)市高二物理第一學期期末達標檢測試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示某型號電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構(gòu)成，已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W，吹熱風時的功率為1000W，關(guān)于該電吹風，下列說法正確的是A.電熱絲的內(nèi)阻為55ΩB.電動機的內(nèi)阻約為403ΩC.若S1、S2均閉合，則電吹風吹冷風D.電動機工作時輸出的機械功率為880W2、如圖所示，A、B、C、D、E、F為勻強電場中一個正六邊形的六個頂點，已知A、B、C三點的電勢分別為1V、6V和9V．則D、E、F三點的電勢分別為（）A.＋7V、＋2V和＋1VB.－7V、－2V和＋1VC.＋7V、＋2V和－1VD＋7V、－2V和－1V3、如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為的帶電粒子（不計粒子重力），以初速度v從M點豎直向上運動，通過N點時，速度大小為2v，則從M運動到N的過程中，帶電粒子（）A.動能增加 B.電勢能增加C.做勻變速運動 D.到達N點時速度水平向左4、如圖所示，高速運動的α粒子被位于O點的重原子核散射，實線表示α粒子運動的軌跡，M、N和Q為軌跡上的三點，N點離核最近，Q點比M點離核更遠，則A.α粒子在M點的速率比在Q點的大B.三點中，α粒子在N點的電勢能最大C.在重核產(chǎn)生的電場中，M點的電勢比Q點的低D.α粒子從M點運動到Q點，電場力對它做的總功為負功5、如圖所示，在豎直平面xoy內(nèi)，固定一半徑為R的光滑絕緣的圓形軌道，圓心在O點，第四象限（含x、y軸）內(nèi)有水平向右的勻強電場，一質(zhì)量為m，帶電荷量為+q的小球，從圖中A點靜止釋放，沿圓弧內(nèi)側(cè)軌道運動，第一次恰能通過圓弧軌道的最高點，已知重力加速度為g，則勻強電場的電場強度大小為（）A B.C. D.6、關(guān)于感應(yīng)電動勢的大小，下列說法正確的是（）A.穿過閉合回路的磁通量最大時，其感應(yīng)電動勢一定最大B.穿過閉合回路的磁通量為零時，其感應(yīng)電動勢一定為零C.穿過閉合回路的磁通量由不為零變?yōu)榱銜r，其感應(yīng)電動勢一定為零D.穿過閉合回路的磁通量由不為零變?yōu)榱銜r，其感應(yīng)電動勢一定不為零二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩塊水平放置的金屬板間的距離為d，用導線與一個n匝線圈相連，線圈電阻為r，線圈中有豎直方向的磁場，電阻R與金屬板連接，如圖所示，兩板間有一個質(zhì)量為m、電荷量＋q的油滴恰好處于靜止，則線圈中的磁感應(yīng)強度B的變化情況和磁通量的變化率分別是()A.磁感應(yīng)強度豎直向上且正在增強，B.磁感應(yīng)強度豎直向下且正在減弱，C.磁感應(yīng)強度豎直向上且正在減弱，D.磁感應(yīng)強度豎直向下且正在增強，8、閉合回路由電阻R與導線組成，其內(nèi)部磁場大小按圖乙變化，方向如圖甲所示，則回路中（）A.電流方向為順時針方向B.電流越來越大C.磁通量的變化率恒定不變D.產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越來越大9、如圖所示，一質(zhì)量為m、電荷量為q的小球在電場強度為E、區(qū)域足夠大的勻強電場中，以初速度v0沿ON在豎直面內(nèi)做勻變速直線運動。ON與水平面的夾角為，重力加速度為g，且mg=qE，則（）A.電場方向豎直向上B.小球運動的加速度大小為gC.小球上升的最大高度為D.若小球在初始位置的電勢能為零，則小球電勢能的最大值為10、如圖所示，MON是固定的光滑絕緣直角桿，MO沿水平方向，NO沿豎直方向，A、B為兩個套在此桿上的帶有同種正電荷的小球，用一指向豎直桿的水平力F作用在A球上，使兩球均處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)將A球向豎直桿NO方向緩慢移動一小段距離后，A、B兩小球可以重新平衡，則后一種平衡狀態(tài)與前一種平衡狀態(tài)相比較，下列說法正確的是（）A.A、B兩小球間的庫侖力變大B.A、B兩小球間的庫侖力變小C.A球?qū)O桿的壓力不變D.A球?qū)O桿的壓力變小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）根據(jù)單擺周期公式測量當?shù)氐闹亓铀俣龋畬⒓毦€的上端固定在鐵架臺上，下端系一小鋼球，做成單擺（1）用游標卡尺測量小鋼球直徑，示數(shù)如圖所示，讀數(shù)為______mm（2）有同學測得的g值偏小，可能原因是______A．測擺線時擺線拉得過緊B．擺線上端未牢固地系于懸點C．以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算D．開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停表計時E．擺球通過平衡位置并開始計時時，將擺球通過平衡位置的次數(shù)計為112．（12分）圖為一正在測量中的多用電表盤．使用時紅表筆插入多用表的正(＋)插孔，則：（1）測電壓時，電流從________表筆流入多用電表；測電阻時，電流從________表筆流出多用電表；測電流時，電流從________表筆流入多用電表（2）如果是用直流10V擋測量電壓，則讀數(shù)為________V.（3）如果是用“×1”擋測量電阻，則讀數(shù)為________Ω.（4）如果是用直流5mA擋測量電流，則讀數(shù)為________mA.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩電阻不計的足夠長光滑平行金屬導軌不水平面夾角θ，導軌間距l(xiāng)，所在平面的正方形區(qū)域abcd內(nèi)存在有界勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B，方向垂直斜面向上．將甲乙兩電阻阻值相同、質(zhì)量均為m的相同金屬桿如圖放置在導軌上，甲金屬桿處在磁場的上邊界，甲乙相距l(xiāng)．靜止釋放兩金屬桿的同時，在甲金屬桿上施加一個沿著導軌向下的外力F，使甲金屬桿在運動過程中始終做沿導軌向下的勻加速直線運動，加速度大小gsinθ，乙金屬桿剛進入磁場時，發(fā)現(xiàn)乙金屬桿作勻速運動（1）甲乙的電阻R各為多少?（2）以剛釋放時t=0，寫出從開始釋放到乙金屬桿離開磁場，外力F隨時間t變化關(guān)系；（3）若從開始釋放到乙金屬桿離開磁場，乙金屬桿中共產(chǎn)生熱量Q，試求此過程中外力F對甲做的功14．（16分）如圖所示，坐標平面第一象限內(nèi)存在大小為E＝3×105N/C、方向水平向左的勻強電場，在第二象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強磁場。有一個的帶正電的粒子，以初速度v0＝2×107m/s從x軸上的A點垂直x軸射入電場，OA的距離x=0.15m，不計粒子的重力。求：(1)若粒子經(jīng)過y軸時的位置坐標為（0，0.4m），求該帶電粒子的荷質(zhì)比；(2)在滿足第一問的條件下，若要使粒子恰好不能進入第三象限，求磁感應(yīng)強度B的取值（不考慮粒子第二次進入電場后的運動情況）。15．（12分）在如圖甲所示的平面坐標系內(nèi)，有三個不同的靜電場：第一象限內(nèi)有電荷量為Q的點電荷在O點產(chǎn)生的電場E1，第二象限內(nèi)有水平向右的勻強電場E2（大小未知），第四象限內(nèi)有方向水平、大小按圖乙變化的電場E3，E3以水平向右為正方向，變化周期．一質(zhì)量為m，電荷量為+q的離子從（-x0，x0）點由靜止釋放，進入第一象限后恰能繞O點做圓周運動．以離子經(jīng)過x軸時為計時起點，已知靜電力常量為k，不計離子重力．求：（1）離子剛進入第四象限時的速度；（2）E2的大小；（3）當t=時，離子的速度；（4）當t=nT時，離子的坐標

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】若S1、S2閉合，電熱絲接入，則此時電阻絲發(fā)熱，電吹風吹出的是熱風；故C錯誤；電機和電阻并聯(lián)，當吹熱風時，電阻消耗的功率為P=P熱-P冷=1000W-120W=880W，由P=，可知R==Ω=55Ω，故A正確；電機為非純電阻電路故不能用P=求，所以電阻值不等于，故B錯誤；電動機工作時輸出的功率為吹冷風時的功率，故只有120W，故D錯誤；故選A【點睛】本題考查了電吹風的電路結(jié)構(gòu)及電功率的計算問題；對于這類結(jié)合生活中的電器考查電路連接情況的題目，要結(jié)合串并聯(lián)電路的電流流向特點進行分析2、C【解析】根據(jù)題意，有：φA=1V，φB=6V，φC=9V，設(shè)φD=xV，由于勻強電場中沿著任意平行的方向前進相同距離，電勢的降落必定相等，由于從A到D方向平行于BC方向，且AD間距等于BC間距的兩倍，故有φD-φA=2（φC-φB），代入數(shù)據(jù)解得φD=φA+2（φC-φB）=1+2×（9-6）=7V，AB間的電勢差等于ED間的電勢差，即有：φA-φB=φE-φD，得φE=φA-φB+φD=1-6+7=2V；EF間電勢差等于CB間電勢差，有：φE-φF=φC-φB，得φF=φE-φC+φB=2-9+6=-1V，故φD=7V，φE=2V，φF=-1V，故C正確，ABD錯誤。3、C【解析】A．粒子由M點到N點的過程中，增加的動能：故A錯誤；B．帶電粒子運動過程中只有電場力做功，故根據(jù)動能定理有：電場力做正功，電勢能應(yīng)該減小，減小量應(yīng)為，故B錯誤；C．帶電粒子運動過程中所受合外力為電場力是恒力，由牛頓第二定律：可知加速度不變，做勻變速運動，故C正確；D．因帶電粒子在豎直方向上沒有受力，故豎直方向上做勻速直線運動，合速度不可能水平，故D錯誤。故選C。4、B【解析】解法一（從等勢線分布入手）：重核帶正電荷，在其周圍形成的電場中，離重核越近電勢越高，所以φN＞φM＞φQ，選項C錯誤；電勢越高，正電荷的電勢能越大，所以帶正電的α粒子在三點處的電勢能大小關(guān)系是EN＞EM＞EQ，即N點的電勢能最大，Q點的電勢能最小，B正確；α粒子僅受電場力的作用，其電勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，但電勢能和動能之和保持不變，根據(jù)EN＞EM＞EQ可知，EkN＜EkM＜EkQ，α粒子在M點的動能比在Q點的小，所以α粒子在M點的速率比在Q點的小，選項A錯誤；由EM＞EQ可知，α粒子從M點運動到Q點，電勢能減小，電場力對它做的總功肯定為正功（電場力做正功，電勢能減小，動能增大），選項D錯誤解法二（從電場力做功入手）α粒子受到的電場力始終是斥力，在α粒子從M點運動到N點的過程中，電場力做負功，再從N點運動到Q點時，電場力做正功，已知Q點比M點離核更遠可知，正功大于負功，所以整個過程，電場力對它做的總功為正功，D錯誤；已知從M運動到N，電場力做的總功為正功，可知α粒子的動能變大，速度變大，所以α粒子在M點的速率比在Q點的小，A錯誤；距離帶正電荷的重核越近，電勢越高，α粒子的電勢能越大，結(jié)合三點的位置關(guān)系可知，電勢關(guān)系φN＞φM＞φQ，電勢能關(guān)系EN＞EM＞EQ，B正確，C錯誤5、B【解析】小球恰好通過最高點，則有：，解得小球在最高點的速度為：，小球從A點到最高點的過程中，根據(jù)動能定理可得：，解得：，故B正確ACD錯誤。故選B。6、D【解析】穿過閉合回路的磁通量最大時，磁通量的變化率不一定最大，其感應(yīng)電動勢不一定最大，選項A錯誤；穿過閉合回路的磁通量為零時，磁通量的變化率不一定為零，其感應(yīng)電動勢不一定為零，選項B錯誤；穿過閉合回路的磁通量由不為零變?yōu)榱銜r，磁通量發(fā)生了變化，則其感應(yīng)電動勢一定不為零，選項C錯誤，D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】由題，電荷量+q的油滴恰好靜止金屬板間，受到的電場力與重力平衡，由平衡條件得知，油滴受到的電場力豎直向上，則金屬板上板帶負電，下板帶正電AC．若磁感應(yīng)強度B豎直向上，B正在增強時，根據(jù)楞次定律得知，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢是下負上正，金屬板下板帶負電，上板帶正電，油滴不能平衡，則磁感應(yīng)強度B豎直向上且B正在減弱時，油滴能保持平衡．根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：金屬板間的電壓為要使油滴平衡，則有聯(lián)立解得：故A錯誤，C正確；BD．同理可知，磁感應(yīng)強度B豎直向下且正增強時油滴能保持靜止，故B錯誤，D正確8、AC【解析】穿過閉合回路的磁通量垂直指向外增大，由楞次定律可知，感應(yīng)磁場方向垂直紙面向里，故電流方向為順時針，故A正確；圖象可知，磁感應(yīng)隨時間均勻增大，由可知，磁通量隨時間均勻增加，故其變化率恒定不變，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，，故感應(yīng)電動勢保持不變，電流強度不變，故BD錯誤C正確；【點睛】由B-t圖象可知磁感應(yīng)強度的變化情況，則由磁通量的定義可知磁通量的變化率；再由楞次定律可判斷電流方向；由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得感應(yīng)電動勢9、BD【解析】AB．小球做勻變速直線運動，合力應(yīng)與速度在同一直線上，即在ON直線上，因所以電場力Eq與重力關(guān)于ON對稱，根據(jù)數(shù)學知識得：電場力qE與水平方向的夾角應(yīng)為，受力情況如圖所示合力沿ON方向向下，大小為mg，所以加速度為g，方向沿ON向下，故A錯誤，B正確；C．小球做勻減速直線運動，由運動學公式可得最大位移為則最大高度為故C錯誤；D．若小球在初始位置的電勢能為零，在減速運動至速度為零的過程中，小球克服電場力做功和克服重力做功是相等的，由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知，小球的初動能一半轉(zhuǎn)化為電勢能，一半轉(zhuǎn)化為重力勢能，初動能為，小球的最大電勢能為，故D正確。故選BD。10、BC【解析】對A球受力分析,受重力mg、拉力F、支持力,靜電力,如圖,根據(jù)平衡條件,有x方向:

①y方向:

②再對B球受力分析,受重力Mg、靜電力、桿對其向左的支持力,如圖,根據(jù)平衡條件,有x方向:

③y方向:

④有上述四式得到

⑤

⑥由⑤式,因為新位置兩球連線與豎直方向夾角變小,故靜電力變小,故A錯誤,B正確;由⑥式,水平桿對球A的支持力等于兩個球的重力之和,不變,再結(jié)合牛頓第三定律可以知道,球A對水平桿的壓力不變,故C正確,D錯誤;三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）18.6②.（2）B【解析】（1）游標卡尺的讀數(shù)：主尺讀數(shù)+游標尺讀數(shù)；（2）根據(jù)公式，結(jié)合實驗操作分析誤差的大小.【詳解】（1）游標卡尺的讀數(shù)方法是先讀出主尺上的刻度，大小：18mm，再看游標尺上的哪一刻度與主尺刻度對齊：第6刻度與上方刻度對齊，讀數(shù)：0.1×6=0.6mm，總讀數(shù)：L=18+0.6=18.6mm（2）根據(jù)T=2π可得，則測擺線時擺線拉得過緊，則L測量值偏大，g的測量值會偏大，選項A錯誤；擺線上端未牢固地系于懸點，使得單擺擺動時擺長過長，周期偏大，則測量得到的g值偏小，選項B正確；以擺球直徑和擺線長之和作為擺長來計算，擺長L偏大，則g值偏大，選項C錯誤；開始計時時，小球開始擺動后稍遲才按下停表計時，則周期T的測量值偏小，則g值測量值偏大，選項D錯誤；擺球通過平衡位置并開始計時時，將擺球通過平衡位置的次數(shù)計為1，這樣計算周期應(yīng)該為，如此不會造成g的測量誤差，選項E錯誤；故選B.12、①.紅②.黑③.紅④.6.6⑤.8⑥.3.3【解析】(1)[1][2][3]根據(jù)多用表電流“紅進黑出”可知，測電壓時，電流從紅表筆流入多用電表；測電阻時，歐姆表內(nèi)部存在電源，所以，電流從黑表筆流出多用電表；測電流時，電流從紅表筆流入多用電表；(2)[4]如果是用直流10V擋測量電壓，則讀數(shù)為6.6V；(3)[5]如果用“×1”擋測量電阻，則讀數(shù)為：8Ω；(4)[6]如果是用直流5mA擋測量電流，讀數(shù)為3.3mA.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2），F(xiàn)沿導軌向下；（3）【解析】（1）由于甲乙加速度相同，當乙進入磁場時，甲剛出磁場乙進入磁場時：受力平衡有：所以求得：（2）甲在磁場中運動時，外力F始終等于安培力，，解得，，F(xiàn)沿導軌向下（3）乙進入磁場前勻加速運動中，甲乙發(fā)出相同熱量，設(shè)為Q1，此過程中甲一直在磁場中,外力F始終等于安培力，則有，乙在磁場中運動發(fā)出熱量，或利用動能定理得：由于甲