2025屆江蘇省張家港第二中學高二物理第一學期期中經典試題含解析

2025屆江蘇省張家港第二中學高二物理第一學期期中經典試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，同一介質中的P、Q兩列持續(xù)振動的簡諧橫波分別沿x軸正向和負向傳播，質點a、b、c、d分別位于6m、7m、8m、7.5m處，若波的傳播速度為10m/s，圖示為t=0時刻的波形圖,則再經過t=0.5s時A．質點振動的頻率為0.4HzB．質點a、c處于平衡位置C．質點b的位移大小為30cmD．質點d的振動方向沿+y軸2、小船在靜水中的速度為4m/s，它在寬為200m，水流速度為3m/s的河中渡河，船頭始終與河岸垂直．則小船渡河需要的時間為A．40s B．50s C．90s D．66.7s3、甲、乙兩鐵球質量分別是m甲＝1kg、m乙＝2kg，在光滑水平面上沿同一直線運動，速度分別是v甲＝6m/s、v乙＝2m/s，甲追上乙發(fā)生正碰后兩物體的速度有可能是（）A．v甲＝4m/s，v乙＝7m/s B．v甲＝2m/s，v乙＝4m/sC．v甲＝3m/s，v乙＝3m/s D．v甲＝4m/s，v乙＝3m/s4、下列說法正確的是（）A．在電場中順著電場線移動電荷，電場力做功，電荷電勢能減少B．在電場中逆著電場線移動電荷，電場力做功，電荷電勢能減少C．在電場中順著電場線移動正電荷，電場力做正功，電荷電勢能減少D．在電場中逆著電場線移動負電荷，電場力做負功，電荷電勢能增加5、關于電磁感應，下列說法中正確的是A．穿過線圈的磁通量越大，感應電動勢越大B．穿過線圈的磁通量為零，感應電動勢一定為零C．穿過線圈的磁通量的變化越大，感應電動勢越大D．通過線圈的磁通量變化越快，感應電動勢越大6、關于超重和失重，下列說法正確的是（

）A．超重就是物體受的重力增加了 B．失重就是物體受的重力減小了C．完全失重就是物體一點重力都不受了 D．不論超重或失重物體所受重力是不變的二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關于兩電阻的描述正確的是()A．電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變B．在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BC．在兩圖線交點處，電阻A的阻值等于電阻BD．在兩圖線交點處，電阻A的阻值小于電阻B8、一個帶正電的粒子（重力不計）穿過如圖所示的勻強磁場和勻強電場區(qū)域時，恰能沿直線運動，則欲使粒子向上偏轉應采用的辦法是（）A．減小電場強度B．增大電荷電荷量C．減小入射速度D．增大磁感應強度9、圖甲是交流發(fā)電機的示意圖，發(fā)出的電直接輸出到理想變壓器的原線圈，V為理想交流電壓表．變壓器的副線圈接有三個支路，每個支路接有相同規(guī)格的小燈泡L1、L2和L3，且L2串有理想電感L、L3串有電容器C．發(fā)電機兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場．線圈繞垂直于磁場的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉動，從圖示位置開始計時，產生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是()A．圖甲線圈位置叫中性面，此時產生的感應電動勢最大，由圖乙可得此時電壓表示數(shù)為10VB．線圈轉動的角速度為100πrad/s，0.02s時線圈內電流的流向是D→C→B→AC．如果燈泡L1恰好正常發(fā)光，那么L2、L3兩小燈泡都能發(fā)光但比L1要暗D．增大線圈的轉動速度，L1、L2、L3三個小燈泡的亮度均不會變化10、指南針是我國古代四大發(fā)明之一．關于指南針，下列說明正確的是A．指南針可以僅具有一個磁極B．指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場C．指南針的指向會受到附近鐵塊的干擾D．在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導線，導線通電時指南針不偏轉三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）欲用伏安法測定一段阻值約為5Ω左右的金屬導線的電阻，要求測量結果盡量準確，現(xiàn)備有以下器材:A．電池組(3V，內阻1Ω)B．電流表(0～3A，內阻0.0125Ω)C．電流表(0～0.6A，內阻0.125Ω)D．電壓表(0～3V，內阻3kΩ)E.電壓表(0～15V，內阻15kΩ)F.滑動變阻器(0～20Ω，額定電流1A)G.滑動變阻器(0～2000Ω，額定電流0.3A)H.開關、導線(1)滑動變阻器應選用的是_____。(填寫器材的字母代號)(2)實驗電路應采用電流表_____

(選填“內”或“外”)接法，采用此接法測得的電阻值比其真實值偏____

(選填“大”或“小”)，造成這種誤差的主要原因是_____

。(3)設實驗中，電流表、電壓表的某組示數(shù)如上圖所示，圖示中I=____

A，U=____

V。12．（12分）如圖甲為一正在測量中的多用電表表盤(1)如果是用×10Ω擋測量電阻，則讀數(shù)為________Ω.(2)如果是用直流10mA擋測量電流，則讀數(shù)為______mA．(3)圖乙中螺旋測微器的讀數(shù)是_________mm．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示的電路中，，．當開關K接1時，電流表示數(shù)，當開關K接2時，電流表示數(shù)，則（1）電源電動勢E=?（2）當開關K接2時，電阻消耗的功率P=?14．（16分）如圖所示電路，電源電動勢E＝3V，內阻r＝0.6Ω，R1＝4Ω，R2＝6Ω，求：（1）流過電源的電流；（2）路端電壓；15．（12分）一直流電動機線圈內阻一定，用手握住轉軸使其不能轉動（此時是純電阻），在線圈兩端加電壓為U1=0.3V，電流為I1=0.3A．松開轉軸，在線圈兩端加電壓為U2=4V時，電流為I2=1A，電動機正常工作．求：（1）電動機線圈內阻r？（2）該電動機正常工作時，輸入的電功率P入及機械功率P機各是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A、由題意可知v=10m/s，λ=4m，則質點振動的周期T=λv=4m10m/s=0.4sB、質點a、c為振動減弱點，當t=0.5時，兩波振動方向相反，所以質點a、c處于平衡位置，故B正確；C、質點b是振動加強點，t=0.5時，兩列波在質點b的位移為0，故質點b的位移為零，故C錯誤；D、t=0.5時，簡諧橫波P在d處向下振動，簡諧橫波Q在d處也向下振動，所以質點d的振動方向沿-y軸，故D錯誤；故選B。2、B【解析】

因為船頭始終與河岸垂直，所以小船渡河需要的時間，故A、C、D錯誤；B正確．3、B【解析】

根據(jù)碰撞過程動量守恒、機械能不可能增加，碰撞后不能發(fā)生二次碰撞。以甲的初速度方向為正方向，碰撞前總動量為：P=m甲v甲+m乙v乙=1×6+2×2=10kg?m/s碰撞前的動能為：A．碰后v甲=4m/s、v乙=7m/s，動量增加，機械能增大。故A不符合題意。

B．碰后v甲=2m/s、v乙=4m/s，動量守恒，機械能減小。故B符合題意。C．碰后v甲=3m/s、v乙=3m/s，動量不守恒，機械能減少。故C不符合題意。D．碰后v甲=4m/s、v乙=3m/s，v甲＞v乙，碰后甲乙還要發(fā)生二次碰撞。故D不符合題意。4、C【解析】順著電場線移動正電荷，電場力做正功，電荷電勢能減少；順著電場線移動負電荷，電場力做負功，電荷電勢能增加；逆著電場線移動正電荷，電場力做負功，電荷電勢能增加；逆著電場線移動負電荷，電場力做正功，電荷電勢能減少。不知移動電荷正、負，無法判斷電場力做功正、負，AB錯誤；沿電場線移動正電荷，電場力做正功，電荷電勢能一定減小，C正確；逆著電場線移動負電荷，電場力做正功，電荷電勢能減少，D錯誤．5、D【解析】

A．由公式可知，穿過線圈的磁通量越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故A錯誤；B．由公式可知，穿過線圈的磁通量為零，若線圈的磁通量變化率不為零，則感應電動勢就不為零，故B錯誤；C．由公式可知，穿過線圈的磁通量變化越大，線圈的磁通量變化率不一定大，感應電動勢不一定越大，故C錯誤；D．穿過線圈的磁通量變化越快，磁通量的變化率越大，由法拉第電磁感應定律得知，感應電動勢越大，故D正確。6、D【解析】

物體對支持物的壓力或者對懸掛物的拉力大于物體的重力稱為超重，小于重力則稱為失重，處于超重或失重狀態(tài)時物體的質量或重力并不變．【詳解】物體處于超重或者失重是指視重與重力的關系，并不是重力發(fā)生變化．物體對支持物的壓力或者對懸掛物的拉力小于重力叫失重，物體對支持物的壓力或者對懸掛物的拉力大于重力叫超重．故AB錯誤；當物體處于完全失重狀態(tài)是指重力完全提供加速度，重力大小不變．故C錯誤；不論超重或失重甚至完全失重，物體所受重力是不變的．故D正確．故選D．【點睛】明確超重和失重的性質，知道所謂超重或失重都是指物體的視重發(fā)生變化，而物體受到的重力保持不變．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

由圖可知，電阻A的圖象的斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變，故A正確；兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可知，兩電阻的阻值大小相等，故C正確，BD錯誤；故選AC．【點睛】本題考查伏安特性曲線的應用，要注意明確U-I圖象中圖象的斜率表示電阻；斜率變大時，電阻增大．但是求解某一電壓下的電阻時要用歐姆定律求解．8、AD【解析】

開始時正電粒子恰能做直線運動，電場力向下，洛倫茲力向上，合力為零，故：qE=qvBA．減小電場強度，則電場力減小，洛倫茲力不變，合力向上，向上偏轉，故A正確；B．增大電荷量，則電場力與洛倫茲力都增加，合力為0，做直線運動，故B錯誤；C．減小入射速度，則洛倫茲力減小，電場力不變，合力向下，向下偏轉，故錯誤；D．增大磁感應強度，則向上的洛倫茲力增大，合力向上，向上偏轉，故D正確。9、BC【解析】

A．圖甲線圈與磁場平行，磁通量為0，線框位置與中性面垂直，產生的感應電動勢最大，電壓表示數(shù)為有效值故A錯誤；B．線框轉動的角速度為0.02s時線框內電流的流向與0時刻線框內電流的流向相同，根據(jù)右手定則知電流流向是：D→C→B→A，故B正確；

C．由于線圈有感抗，電容有容抗，所以燈泡L2、L3兩端的電壓比燈泡L1兩端的電壓小，所以L2、L3

兩小燈泡都能發(fā)光但比L1

要暗，故C正確；

D．增大線圈的轉速，則頻率增大，感抗增大，容抗減小，燈泡L1亮度不變，燈泡L2變暗，燈泡L3變亮，故D錯誤；10、BC【解析】指南針不可以僅具有一個磁極，故A錯誤；指南針能夠指向南北，說明地球具有磁場，故B正確；當附近的鐵塊磁化時，指南針的指向會受到附近鐵塊的干擾，故C正確；根據(jù)安培定則，在指南針正上方附近沿指針方向放置一直導線，導線通電時會產生磁場，指南針會偏轉與導線垂直，故D錯誤．【考點定位】安培定則；地磁場【方法技巧】本題主要是安培定則，以及地磁場相關知識，屬于容易題三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、F外小電壓表的分流作用0.482.20【解析】(1)根據(jù)電源電動勢和內阻，以及待測電阻的阻值可知電路中最大電流為0.5A，滑動變阻器應選F；(2)被測電阻的阻值與電流表的內阻接近，所以電流表的分壓作用明顯，故選用電流表外接法時相對誤差較??；由于電壓表的分流作用，測量電流偏大，所以被測電阻測量值偏??；(3)電流表的分度值為0.02A，根據(jù)指針位置可知電流為0.48A，電壓表的分度值為0.1V，所以電壓表的讀數(shù)為2.20V。12、607.25.680【解析】

(1)[1]如果是用×10Ω擋測量電阻，由圖示表盤可知，讀數(shù)為6×10=60Ω。(2)[2]如果是用直流10mA擋測量電流，由圖示表盤可知，其分度值為0.2mA，則讀數(shù)為7.2mA。(3)[3]螺旋測微器的固定刻度為5.5mm，可動刻度為18.0×0.01mm=0.180mm，所以最終讀數(shù)為5.5mm+0.180mm=5.680mm。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）E=3V，（2）P=0.81W．【解析】（1）K接1，時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有K接2時，根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)：;

解得：E=3V；r=1Ω

（2）K接2時，電阻消耗的功率綜上所述本題答案是：（1）E=3V，（2）P=0.81W14、（1）1A（2）