四川省攀枝花市屬高中2025屆高三上物理期中達標檢測試題含解析

四川省攀枝花市屬高中2025屆高三上物理期中達標檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，輕質彈簧的一端固定在豎直板P上，另一端與質量為m1的物體A相連，物體A靜止于光滑桌面上，A右邊結一細線繞過光滑的定滑輪懸一質量為m2的物體B，設定滑輪的質量不計，開始時用手托住B，讓細線恰好拉直，然后由靜止釋放B，直到B獲得最大速度，下列有關此過程的分析，其中正確的是（）A．B物體的機械能保持不變B．B物體和A物體組成的系統(tǒng)機械能守恒C．B物體和A物體以及彈簧三者組成的系統(tǒng)機械能守恒D．B物體動能的增量等于細線拉力對B做的功2、如圖所示，質量為m=1.2Kg、頂角為α=370的直角劈和質量為M=2Kg的正方體放在兩豎直墻和水平地面間，處于靜止狀態(tài)．若不計一切摩擦，g取10m/s2，墻面對正方體的彈力大小與水平地面對正方體的彈力大小分別為（）A．20N，36N B．16N，32NC．16N，40N D．20N，20N3、A、B兩球在光滑的水平面上相向運動，其中球A的質量為mA=4kg，兩球發(fā)生碰撞前后的位移﹣時間圖象情況如圖所示，則可知（）A．B球質量為2kgB．B球質量為6kgC．碰撞過程中損失的機械能為20JD．碰撞是彈性碰撞，無機械能損失4、下列關于近代物理知識的描述中，正確的是A．愛因斯坦首次提出能量量子假說，成功解釋了黑體輻射B．一個處于n=3能級狀態(tài)的氫原子自發(fā)躍遷時，能發(fā)出3種頻率的光子C．按照玻爾理論，氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，電子的動能減小，原子總能量增大D．衰變中產生的射線實際上是原子核外電子掙脫原子核形成的5、如圖甲所示，A、B是一條電場線上的兩點，當一個帶負電的粒子以某一初速度僅在電場力作用下沿AB由A點運動到B點，其v-t圖像如圖乙所示，該粒子到達B點時速度恰為零,下列判斷正確的是（）A．該電場一定是勻強電場B．B點的電勢一定高于A點的電勢C．A點運動到B點的過程中該粒子的電勢能變小D．該電場可能是正點電荷產生的6、基于人的指紋具有終身不變性和唯一性的特點，發(fā)明了指紋識別技術．目前許多國產手機都有指紋解鎖功能，常用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，如圖所示．指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”．傳感器上有大量面積相同的小極板，當手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同．此時傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器放電較快，根據放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖象數據．根據文中信息，下列說法正確的是()A．在峪處形成的電容器電容較大B．在峪處形成的電容器放電較慢C．充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大D．潮濕的手指頭對指紋識別絕對沒有影響二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，傾角為370的足夠長的傳送帶以恒定速度運行，將一質量m=1kg的小物體以某一初速度放上傳送帶，物體相對地面的速度大小隨時間變化的關系如圖所示，取沿傳送帶向上為正方向，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.1．則下列說法正確的是A．傳送帶逆時針轉動，速度大小為4m/sB．物體與傳送帶間的動摩擦因數為0.75C．0～1s內物體位移的大小為14mD．0～1s內物體與傳送帶之間因摩擦而產生的熱量為126J8、放置于固定斜面上的物塊，在平行于斜面向上的拉力F作用下，沿斜面向上做直線運動．拉力F和物塊速度v隨時間t變化的圖象如圖，則()A．第1s內物塊受到的合外力為0.5NB．物塊的質量為11kgC．第1s內拉力F的功率逐漸增大D．前3s內物塊機械能先增大后不變9、如圖所示，一內壁粗糙程度相同、半徑為R的圓筒固定在豎直平面內，圓筒內一質量為m的小球沿筒壁做圓周運動．若小球從最低點算起運動一圈又回到最低點的過程中，兩次在最低點時筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg.設小球在該過程中克服摩擦力做的功為W，經過最高點時筒壁對小球的彈力大小為F，則A．W=2mgR B．W=mgR C．3mg<F<4mg D．2mg<F<3mg10、一個質量為m的物體以a=2g的加速度豎直向下運動，則在此物體下降h高度的過程中，物體的()A．重力勢能減少了2mghB．動能增加了2mghC．機械能保持不變D．機械能增加了mgh三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用如圖所示裝置驗證機械能守恒定律時，所用交流電源的頻率為50Hz，得到如圖4所示的紙帶．選取紙帶上打出的連續(xù)五個點A、B、C、D、E，測出A點距起點O的距離為s0＝19.00cm，點A、C間的距離為s1＝8.36cm，點C、E間的距離為s2＝9.88cm，g取9.8m/s2，測得重物的質量為m＝1kg．(1)下列做法正確的有__________．A．圖中兩限位孔必須在同一豎直線上B．實驗前，手應提住紙帶上端，使紙帶豎直C．實驗時，先放開紙帶，再接通打點計時器的電源D．數據處理時，應選擇紙帶上距離較近的兩點作為初、末位置(2)選取O、C兩點為初、末位置驗證機械能守恒定律，重物減少的重力勢能是__________J，打下C點時重物的速度大小是__________m/s．(結果保留三位有效數字)(3)根據紙帶算出打下各點時重物的速度v，量出下落距離s，則以為縱坐標、以s為橫坐標畫出的圖象應是下面的__________．12．（12分）某同學在做“驗證機械能守恒定律”的實驗時，實驗裝置如圖甲所示.(1)該同學開始實驗時的情形如圖乙所示，接通電源釋放紙帶開始實驗.請指出該同學在實驗操作中存在的兩處明顯錯誤或不當的地方是：①___________________；②___________________。(2)根據紙帶算出相關各點的速度v，量出下落距離h，以v22為縱軸，畫出的v2(3)將錯誤或不當的地方改正后，打點計時器所用交流電的頻率為50Hz，該同學選取如圖丙所示的一段紙帶，O是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個打下的點(圖中未標出)，各計數點到O點的距離如圖所示,他對OC段進行研究．在重物下落高度hOC的過程中，重物減小的重力勢能ΔEP=_______J，增加的動能ΔEK四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一足夠長的固定斜面傾角，兩物塊A、B的質量、分別為1kg和2kg，它們與斜面之間的動摩擦因數均為兩物塊之間的輕繩長，作用在B上沿斜面向上的力F逐漸增大，使A、B一起由靜止開始沿斜面向上運動，g取(1)當作用在物塊B桑的拉力F達到42N時，連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷，求該輕繩能承受的最大拉力；(2)若連接物塊A、B之間的輕繩恰好被拉斷瞬間A、B的速度均為，輕繩斷裂后作用在B物塊上的外力不變，求當A運動到最高點時，物塊A、B之間的距離。14．（16分）如圖所示，豎直放置的光滑S形軌道，其核心部分是由兩個半徑均為的圓形軌道構成，軌道進口A與彈簧槍水平連接，出口B在豎直平面內的直角坐標系的原點處，且與x軸相切，在坐標系中放一擋板，其形狀滿足方程單位：。一質量為的小球作質點看待被彈簧槍發(fā)射后沿軌道運動，經過出口B時，對管道的下壁的壓力為，最終與擋板碰撞。已知。求小球經過B點時的速度大??；求小球離開出口B到與擋板碰撞所用的時間；若要使小球與擋板碰撞時的動能最小，發(fā)射小球前彈簧的彈性勢能是多大？15．（12分）一般來說，正常人從距地面高處跳下，落地時速度較小，這個速度對人是安全的，稱為安全著地速度．如果人從高空跳下，必須使用降落傘才能安全著陸，原因是：張開的降落傘受到空氣對傘向上的阻力作用．經過大量實驗和理論研究表明，空氣對降落傘的阻力與空氣密度、降落傘的迎風面積、降落傘相對空氣速度、阻力系數有關（由傘的形狀、結構、材料等決定），其表達式是．?。埜鶕陨闲畔ⅲ鉀Q下列問題：（1）在忽略空氣阻力的情況下，質量的人從高處跳下，落地后經過腿部的緩沖速度減為．若緩沖時間為，求落地過程中地面對人的平均作用力大小（計算時人可視為質點）；（2）在某次高塔跳傘訓練中，運動員使用的是有排氣孔的降落傘，其阻力系數，空氣密度取．降落傘、運動員總質量，張開降落傘后達到勻速下降時，要求人能安全著地，降落傘的迎風面積至少是多大？（3）跳傘運動員和降落傘的總質量，從高的跳傘塔上跳下，在下落過程中，經歷了張開降落傘前自由下落、張開降落傘后減速下落和勻速下落直至落地三個階段．如圖是通過固定在跳傘運動員身上的速度傳感器繪制出的從張開降落傘開始做減速運動至達到勻速運動時的圖象．由圖象可知時運動員開始做勻速運動．根據圖象估算運動員做減速運動的過程中，空氣阻力對降落傘做的功．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

釋放B后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒；動能的增量根據動能定理分析．【詳解】A、釋放B后，細線的拉力對B做負功，B物體的機械能減少，故A錯誤．B、對于A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，只有重力和彈簧的彈力做功，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒；B物體和A物體組成的系統(tǒng)機械能是減少的不守恒，故B錯誤，C正確．D、根據動能定理得知，B物體動能的增量等于B物體所受拉力和重力的合力做的功，故D錯誤．故選C2、B【解析】以直角劈和質量為M正方體整體為研究對象，分析受力情況，如圖1所示：則由平衡條件得：水平面對正方體的彈力大小N3=（M+m）g=32N；對直角劈研究，分析受力情況，如圖2所示，根據平衡條件得：墻面對m的彈力：，故B正確，ACD錯誤．3、B【解析】

根據圖象可知，A、B兩物體在2s末時刻發(fā)生碰撞，x﹣t圖象的斜率表示速度，則碰前A的速度為：，B的速度為：。碰后的AB的速度為：v=。根據動量守恒定律得：mAvA+mBvB=（mA+mB）v，解得：mB=6kg，故A錯誤，B正確；根據能量守恒得，損失的機械能為：，代入數據得：△E=30J，故CD錯誤，故選B。4、C【解析】

A.普朗克借助于能量子假說，完美的解釋了黑體輻射規(guī)律，破除了“能量連續(xù)變化”的傳統(tǒng)觀念，故A錯誤；B.一個處于n＝3能級狀態(tài)的大量氫原子自發(fā)躍遷時，最多只能發(fā)出2種頻率的光，分別為n=3躍遷到n=2，n=2躍遷到n=1，故B錯誤；C.根據得：，軌道半徑增大，電子的動能減小，原子能量增大，勢能增大；故C正確；D.β衰變中產生的β射線實際上是原子的核中的一個中子轉化為質子同時生成一個電子，故D錯誤。5、A【解析】

由圖可知，電子加速度恒定，則可知受電場力不變，由F=Eq可知，電場為勻強電場，故A正確；而電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負功，故電勢能增加，電子帶負電，由φ=EPq，可知，A點的電勢要大于B點電勢，故BC錯誤；點電荷產生的電場中，一條電場線上的點的場強都不相同，故D錯誤。所以A6、C【解析】

根據電容的決定式分析d改變時電容的變化以及電荷量的多少；根據電荷量的多少分析放電時間長短．【詳解】A．根據電容的計算公式可得，極板與指紋峪(凹下部分)距離d大，構成的電容器電容小，故A錯誤；BC．傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，所以所有的電容器電壓一定，根據可知，極板與指紋溝(凹的部分，d大，電容小)構成的電容器充上的電荷較少，所以在峪處形成的電容器放電過程中放電時間短，放電快；反之，在嵴處形成的電容器電容大，電荷量大，放電時間長，故C正確，B錯誤；D．濕的手與傳感器之間有水填充，改變了原來匹配成平行板電容器的電容，所以會影響指紋解鎖，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】從圖中可知小物體先反向做減速運動后做加速運動，故可知傳送帶速度方向沿斜面向上，最終物塊和傳送帶的速度相同，故傳送帶速度大小為4m/s，A錯誤；根據v-t圖象的斜率表示加速度，可得，物體相對傳送帶滑動時的加速度大小為，由牛頓第二定律得，解得，故B錯誤；0～1s內物體位移為，故C正確；0-1s內只有前6s內物體與傳送帶發(fā)生相對滑動．0-6s內傳送帶運動距離為，0-6s內物體位移為，產生的熱量為，故D正確．8、AC【解析】由圖可得，0～1s內物體的加速度為：；由牛頓第二定律可得：F-mgsinθ=ma；1s后有：F′=mgsinθ；聯立并將F=5.5N，F′=5.0N代入解得：m=1.0kg，θ=30°；第1

s內物塊受到的合外力為F合=ma=1×0.5N=0.5N．故A正確，B錯誤．第1

s內拉力F的功率P=Fv，F不變，v增大，則P增大，故C正確．前1s內物塊的動能和重力勢能均增大，則其機械能增大．2-3s內，動能不變，重力勢能增大，其機械能增大，所以物塊的機械能一直增大．故D錯誤．故選AC．點睛：本題的關鍵先由v-t圖象確定運動情況，然后求解出加速度，再根據牛頓第二定律和平衡條件列方程求解物體的質量和斜面的傾角．9、BD【解析】

做圓周運動的物體的向心力由合外力來提供，結合整個過程中能量守恒的思想，分析摩擦力在上升和下降過程中等高處的大小關系（滑動摩擦力的影響因素）來分析上升和下降過程摩擦力做功的大小關系，以及取值范圍的問題用極端思想【詳解】AB．小球沿筒壁做圓周運動，先后兩次在最低點受到筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg，對小球進行受力分析，先后兩次所受的合外力分別為9mg和7mg，方向指向圓心．設小球先后兩次經過最低點得速率分別為和，根據合外力提供做圓周運動的向心力得：和；小球在整個過程中，由動能定理得：；綜合上面幾個式子解得W=mgR，故A錯B對；CD．由于小球在筒壁上運動時受到滑動摩擦力，在粗糙程度相同得情況下，小球對筒壁得壓力越大，摩擦力就越大；小球運動一周得過程中，因克服摩擦力做功，使得小球機械能減小，在上升和下降過程中等高處，上升時摩擦力較大，而下降時的摩擦力較小，則上升時克服摩擦力做功，下降時小于；設小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，再由能量守恒：，解得；小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，假設小球到達最高點時克服摩擦力做功為W=mgR，由能量守恒：，解得，實際上小球下落時也要克服摩擦力做功，因而上升過程中克服摩擦力做功小于W的，則有，故C錯D對故選BD【點睛】此題考查知識點綜合性強而且非常靈活，需要對所學知識有很好的掌握，如誰來提供向心力；滑動摩擦力的影響因素及做功問題；能量守恒的思想的運用；特殊條件下的取值范圍問題等10、BD【解析】

A．下降h高度，則重力做正功mgh，所以重力勢能減小mgh，A錯誤；B．根據動能定理可得F合h=ΔEk，又F合=ma=2mg，故ΔEk=2mgh，B正確；CD．重力勢能減小mgh，而動能增大2mgh，所以機械能增加mgh，C錯誤，D正確．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AB2.682.60C【解析】

（1）圖甲中兩限位孔必須在同一直線上，故A正確；實驗前，手應提住紙帶上端，并使紙帶豎直，減小紙帶與打點計時器限位孔之間的摩擦，故B正確；開始記錄時，應先給打點計時器通電打點，然后再釋放重錘，讓它帶著紙帶一同落下，如果先放開紙帶讓重物下落，再接通打點計時時器的電源，由于重物運動較快，不利于數據的采集和處理，會對實驗產生較大的誤差，故C錯誤；數據處理時，應選擇紙帶上距離較遠的兩點作為初、末位置，以減小測量的誤差，故D錯誤．（2）重物減少的重力勢能為：△Ep=mgh=mg（s0+s1）=1kg×9.8m/s2×（19.00+8.36）×10-2m≈2.68J打下C點時重物的速度vc=(s1+s2)/(4T)=2.28m/s(3)在驗證機械能守恒定律的實驗中，有：則有：，g是常數，所以圖線為過原點的傾斜直線，故C圖正確．（4）由于阻力的作用重物減小的重力勢能總是略大于增加的動能，這里的阻力主要來源于重物受到的空氣阻力和紙帶與打點計時器之間的摩擦阻力．12、打點計時器接的直流電源重物離打點計時器太遠C2.192.12【解析】（1）本實驗要求采用打電計時器，而打點計時器采用的是交流電源，而本實驗中采用了直流電源；同時，由于加速度較大，故紙帶應在1米左右，且應讓重物緊靠打點計時器，而本實驗中離打點計時器太遠，故錯誤為：①打點計時器接了直流電源；②重物離打點計時器太遠；

（2）利用12v2-h圖線處理數據，從理論角度物體自由下落過程中機械能守恒可以得出：mgh=1（3）重力勢能的減小量為：ΔEp=mgh=0.5×10×0.437J=2.19J．C【點睛】在處理實驗學的問題中，一定要先明確實驗的原理，由原理即可容易得出實驗中的儀器選擇，數據處理及誤差分析等問題．要能夠找出斜率和截距的物理意義，我們必須要從物理角度找出兩個物理變量的關系表達式．利用圖象問題結合數學知識處理物理數據是實驗研究常用的方法．我們更多的研究直線圖形，找出其直線的斜率和截距．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)14N(2)11m【解析】

(1)對整體，根據牛頓第二定律求出加速度大小，再隔離對B分析，根據牛頓第二定律求出繩子的承受力.(2)根據牛頓第二定律求出繩斷后A、B的加速度，結合速度時間公式求出A速度減為零的時間，從而求出這段時間內A、B的位移，根據位移關系求出A、B間的距離.【詳解】(1)對AB整體受力分析，由牛頓第二定律得：代入數據解得:對B物體受力分析，由牛頓第二定律得：代入數據解得：細線斷裂后，對A物體受力分析，由牛頓第二定律得：代入數據解得：由運動學公式有：解得：由運動學有：細線斷裂后，對B物體受力分析，由牛頓第二定律得：