2025屆湖南省岳陽縣一中物理高三上期中考試試題含解析

2025屆湖南省岳陽縣一中物理高三上期中考試試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認(rèn)真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應(yīng)選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、物體在恒力F1、F2、F3的共同作用下做勻速直線運(yùn)動，若突然撤去恒力F1，則物體的運(yùn)動情況是（）A．一定做勻變速直線運(yùn)動 B．可能做勻速直線運(yùn)動C．可能做曲線運(yùn)動 D．速度大小一定增加2、一質(zhì)量為m的木塊靜止在光滑的水平面上，從t=0開始，將一個大小為F的水平恒力作用在該木塊上，在t=t1時刻，力F的功率為()A．F2t1/2m B．F2t12/2m C．F2t1/m D．F2t12/m3、如圖所示，一木塊在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足夠長的彈簧，則當(dāng)木塊接觸彈簧后()A．木塊立即做減速運(yùn)動B．木塊在一段時間內(nèi)速度仍可增大C．當(dāng)F等于彈簧彈力時，木塊速度最小D．彈簧壓縮量最大時，木塊加速度為零4、如圖所示，滑塊以初速度滑上表面粗糙的固定斜面，到達(dá)最高點后又返回到出發(fā)點．則下列能大致描述滑塊整個運(yùn)動過程中的速度v、加速度a、動能、重力對滑塊所做的功W與時間t或位移x之間關(guān)系的圖象是取初速度方向為正方向A．B．C．D．5、如圖甲所示，一輕桿一端固定在O點，另一端固定一小球，在豎直平面內(nèi)做半徑為R的圓周運(yùn)動。小球運(yùn)動到最高點時，桿與小球間彈力大小為N，小球在最高點的速度大小為v，N－圖像如乙圖所示。下列說法正確的是（）A．當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮锽．小球的質(zhì)量為C．時，桿對小球彈力方向向上D．若，則桿對小球彈力大小為6、11月6日早上8時，2016年杭州馬拉松（以下簡稱杭馬）在黃龍體育中心開跑，來自美國、日本等50個國家和地區(qū)的32000余名選手參加比賽．最終埃塞俄比亞男選手門達(dá)耶以2小時11分22秒的破賽會紀(jì)錄成績奪冠，女子冠軍被肯尼亞選手博萊韋以2小時31分21秒奪得．已知馬拉松全程長度為42195米，男女選手的路徑相同，則（）A．馬拉松比賽中，選手一定不能看成質(zhì)點B．馬拉松全程長度指的是位移C．可以計算男、女冠軍的平均速度大小D．可以比較男、女冠軍的平均速度大小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平光滑長桿上套有一物塊Q，跨過懸掛于O點的輕小光滑圓環(huán)的輕繩一端連接Q，另一端懸掛一物塊P。設(shè)輕繩的左邊部分與水平方向的夾角為θ，初始時θ很小?，F(xiàn)將P、Q由靜止同時釋放，關(guān)于P、Q以后的運(yùn)動下列說法正確的是()A．當(dāng)θ＝60°時，P、Q的速度之比是3∶2B．當(dāng)θ＝90°時，Q的速度最大C．當(dāng)θ向90°增大的過程中繩上的物塊P的速度先增大后減小D．當(dāng)θ從很小增至θ＝90°時P減少的重力勢能大于Q增加的動能8、關(guān)于固體、液體和物態(tài)變化，下列說法正確的是A．當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大B．當(dāng)分子間距離增大時，分子間的引力減少、斥力增大C．一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時，氣體分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)隨著溫度升高而減少D．水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大E.葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用9、如圖所示，質(zhì)量均為m的小球A、B用長為L的細(xì)線相連，放在高為h的光滑水平桌面上（L>2h），A球剛好在桌邊。從靜止釋放兩球，不計空氣阻力，若A、B兩球落地后均不再彈起，則下面說法中正確的是A．A球落地前的加速度為B．B球到達(dá)桌邊的速度為C．A、B兩落地的水平距離為hD．繩L對B球做的功為mgh10、如圖所示，兩個可視為質(zhì)點的、相同的木塊A和B放在轉(zhuǎn)盤上，兩者用長為L的細(xì)繩連接，木塊與轉(zhuǎn)盤的最大靜摩擦力均為各自重力的K倍，A放在距離轉(zhuǎn)軸L處，整個裝置能繞通過轉(zhuǎn)盤中心的轉(zhuǎn)軸O1O2轉(zhuǎn)動．開始時，繩恰好伸直但無彈力，現(xiàn)讓該裝置從靜止開始轉(zhuǎn)動，使角速度緩慢增大，以下說法正確的是（）A．當(dāng)時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動B．當(dāng)時，繩子一定有彈力C．范圍內(nèi)增大時，B所受摩擦力變大D．范圍內(nèi)增大時，A所受摩擦力一直變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了“探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系”，現(xiàn)提供如圖甲中所示實驗裝置．請思考探究思路并回答下列問題：（1）為了消除小車與木板之間摩擦力的影響應(yīng)采取的做法是______A．將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運(yùn)動B．將木板帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，使小車在鉤碼拉動下恰好做勻速運(yùn)動C．使木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運(yùn)動D．使木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車能夠靜止在木板上（2）在實驗中，得到一條打點的紙帶，如圖乙所示，已知相鄰計數(shù)點的時間間隔為T，且間距s1、s2、s3、s4、s5、s6已量出，則小車加速度的表達(dá)式為a=______；（3）有一組同學(xué)保持小車及車中的砝碼質(zhì)量一定，探究加速度a與所受外力F的關(guān)系，他們在軌道水平和傾斜兩種情況下分別做了實驗，得到了兩條aF圖線，如圖丙所示．圖線______（選填“①”或“②”）是在軌道傾斜情況下得到的；小車及車中的砝碼總質(zhì)量m=______kg．12．（12分）小明同學(xué)用如圖所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律．（1）該實驗裝置中有兩處錯誤，分別是：____________和________________________．（2）小明同學(xué)在老師的指導(dǎo)下改正了實驗裝置中的錯誤后，將細(xì)繩對小車的拉力當(dāng)作小車及車上砝碼受到的合外力，來驗證“合外力一定時加速度與質(zhì)量成反比”．①小明同學(xué)在實驗時用電磁打點計時器打了一條理想的紙帶，他按要求選取計數(shù)點后，在測量各相鄰兩計數(shù)點間的距離時不慎將紙帶撕成了幾段，如圖所示，但他知道甲、乙屬于同一紙帶，則丙、丁、戊中屬于上述紙帶的是__________．②已知打點計時器所用電源頻率為50Hz，則由甲、乙紙帶可求得小車的加速度大小為__________m/s2(結(jié)果保留兩位小數(shù))．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，足夠長的水平傳送帶以速度v勻速運(yùn)動。質(zhì)量分別為2m、m的小物塊P、Q，用不可伸長的輕軟細(xì)繩，通過固定光滑小環(huán)C相連。小木塊P放在傳送帶的最右端，恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，C、P間的細(xì)繩水平?，F(xiàn)有一質(zhì)量為m的子彈以v0＝9m/s的速度射入小物塊P并留在其中。重力加速度g取10m/s2，子彈射入物塊P的時間可以忽略不計。求：(1)小物塊P與傳送帶間的滑動摩擦因數(shù)；(2)從子彈射入小物塊P至細(xì)繩再次拉直的時間；(3)要使小物塊P不從傳送帶的左端離開傳送帶，傳送帶至少多長？14．（16分）如圖所示平面直角坐標(biāo)系中，P點在x軸上，其坐標(biāo)，Q點在負(fù)y軸上某處。整個第Ⅰ象限內(nèi)有平行于y軸的勻強(qiáng)電場，第Ⅱ象限和第Ⅳ象限內(nèi)均有一圓形區(qū)域，其中第Ⅱ象限內(nèi)的圓形區(qū)域半徑為L，與x軸相切于A點（A點坐標(biāo)未知）。第Ⅳ象限內(nèi)的圓形區(qū)域未知，并且兩個圓形區(qū)域內(nèi)均有垂直于xOy平面的相同的勻強(qiáng)磁場。電荷量為+q、質(zhì)量為m、速率為v0的粒子a從A點沿y軸正方向射入圓形區(qū)域，射出圓形區(qū)域后沿x軸正方向射入第Ⅰ象限，通過P點后射入第Ⅳ象限；電荷量為-q、質(zhì)量為m、速率為v0的粒子b從Q點向與y軸成60°夾角的方向射入第Ⅳ象限，經(jīng)過并離開未知圓形區(qū)域后與粒子a發(fā)生相向正碰。不計粒子的重力和粒子間相互作用力。求∶(1)第Ⅱ象限內(nèi)圓形區(qū)域磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向；(2)第Ⅰ象限內(nèi)勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E和方向；(3)第Ⅳ象限內(nèi)未知圓形磁場區(qū)域最小面積S。15．（12分）如圖，虛線a、b、c是某靜電場中的三個等勢面，一帶正電的粒子射入電場中，其運(yùn)動軌跡如圖實線KLMN所示：（1）若場源為點電荷，它帶什么電？（2）a、b、c哪個等勢面的電勢較高？（3）若Ubc=1000V，粒子的電量為0.1C，粒子在K點動能為200J，則當(dāng)它到達(dá)M、N點時動能分別為多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】撤去，其余力的合力與F1等值、反向、共線，與速度方向不共線時，物體做勻變速曲線運(yùn)動，共線時做勻變速直線運(yùn)動，當(dāng)合力的方向與速度的方向相反時，物體做加速運(yùn)動，故C正確，ABD錯誤．點睛：本題關(guān)鍵是明確：多力平衡時，任意一個力必定與其余所有力的合力等值、反向、共線；當(dāng)合力與速度共線時，物體做直線運(yùn)動；當(dāng)合力與速度不共線時，物體做曲線運(yùn)動．2、C【解析】

由牛頓第二定律可以得到，F(xiàn)=ma，所以a=，t1時刻的速度為v=at1=，所以t1時刻F的功率為P=Fv=F，所以C正確．故選C．3、B【解析】

當(dāng)木塊接觸彈簧后，水平方向受到向右的恒力F和彈簧水平向左的彈力。彈簧的彈力先小于恒力F，后大于恒力F，木塊所受的合力方向先向右后向左，則木塊先做加速運(yùn)動，后做減速運(yùn)動，當(dāng)彈力大小等于恒力F時，木塊的速度為最大值。當(dāng)彈簧壓縮量最大時，彈力大于恒力F，合力向左，加速度大于零，故B正確，ACD錯誤。故選B。4、D【解析】物體上滑時的加速度大小a1==gsinθ+μgcosθ，方向沿斜面向下．下滑時的加速度大小a2==gsinθ-μgcosθ，方向沿斜面向下，則知a1＞a2，方向相同，均為負(fù)方向．因v-t線的斜率等于加速度，可知選項AB錯誤；動能是標(biāo)量，不存在負(fù)值．故C錯誤．重力做功W=-mgh=-mgxsinθ，故D正確．故選D.點睛：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)牛頓第二定律得出上滑和下滑的加速度，判斷出物體的運(yùn)動情況．要通過列方程分析圖象的物理意義．5、B【解析】

AB.在最高點，若，則有：若，則有：解得：故A錯誤，B正確；C.由圖可知：當(dāng)時，桿對小球彈力方向向上，當(dāng)時，桿對小球彈力方向向下，所以當(dāng)時，桿對小球彈力方向向下，故C錯誤；D.若時，則有：解得桿對小球彈力大小為：故D錯誤。6、D【解析】在馬拉松比賽中，運(yùn)動員的形狀不會影響運(yùn)動員的時間，故可以看做質(zhì)點，故A錯誤；馬拉松比賽的全程是指運(yùn)動員運(yùn)動的軌跡長度，為路程，故B錯誤；平均速度為位移與時間的比值，不知道位移，故無法求得平均速度，故C錯誤；因為路徑相同，故運(yùn)動員的位移相同，由于所用時間不同，故可比較男女運(yùn)動員的平均速度大小，故D正確；故選D.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】

P、Q用同一根繩連接，則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等，根據(jù)運(yùn)動的合成與分析分析PQ的速度關(guān)系，當(dāng)θ=90°時，P的機(jī)械能最小，Q的動能最大，速度最大?！驹斀狻緼項：P、Q用同一根繩連接，則Q沿繩子方向的速度與P的速度相等，則當(dāng)θ=60°時，Q的速度vQcos60°=vP，解得：vPvQB項：P的機(jī)械能最小時，即為Q到達(dá)O點正下方時，此時Q的速度最大，即當(dāng)θ=90°時，Q的速度最大，故B正確；C項：物塊P的速度與沿繩方向的速度相等，由于開始時兩物體的速度都為零，最后θ＝90°時沿繩方向的速度也為零，所以當(dāng)θ向90°增大的過程中繩上的物塊P的速度先增大后減小，故C正確；D項：由C分析可知，P物體的速度為零，由機(jī)械能守恒可知，當(dāng)θ從很小增至θ＝90°時P減少的重力勢能等于Q增加的動能，故D錯誤。故應(yīng)選BC?！军c睛】考查運(yùn)動的合成與分解，掌握能量守恒定律，注意當(dāng)Q的速度最大時，P的速度為零，是解題的關(guān)鍵。8、CDE【解析】

A．在一定氣溫條件下，大氣中相對濕度越大，水氣蒸發(fā)也就越慢，人就感受到越潮濕，故當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的相對濕度一定較大，但絕對濕度不一定大，故A錯誤；B．分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，故B錯誤；C．溫度升高，分子對器壁的平均撞擊力增大，要保證壓強(qiáng)不變，分子單位時間對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)必減少，故C正確；D．飽和汽壓與液體種類和溫度有關(guān)，水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大，故D正確；E．葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用，故E正確。故選CDE．【點睛】絕對濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對含量，可用空氣中水的蒸氣壓來表示；相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分?jǐn)?shù)；相對濕度較大，但是絕對濕度不一定大；水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大；分子間距離增大時，分子間的引力和斥力均減小，根據(jù)壓強(qiáng)的微觀解釋分析分子每秒對器壁單位面積平均碰撞次數(shù)變化；葉面上的小露珠呈球形是由于液體表面張力的作用．9、AC【解析】

A.對AB整體受力分析，由牛頓第二定律可得，mg=2ma所以故A正確。B.對于AB組成的系統(tǒng)，機(jī)械能守恒，取地面為零勢能面，則所以落地的速度也就是B球到達(dá)桌邊的速度為故B錯誤。C.B球由于有了A球下落時的速率，所以B將做平拋運(yùn)動，B的水平位移為故C正確。D.繩只是在A落地之前對B有力的作用，對B受力分析知，只有繩對B做功，由動能定理可得故D錯誤。10、ABD【解析】試題分析：開始角速度較小，兩木塊都靠靜摩擦力提供向心力，B先到達(dá)最大靜摩擦力，角速度繼續(xù)增大，則繩子出現(xiàn)拉力，角速度繼續(xù)增大，A的靜摩擦力增大，當(dāng)增大到最大靜摩擦力時，開始發(fā)生相對滑動．解：A、當(dāng)A所受的摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動，對A有：kmg﹣T=mLω2，對B有：T+kmg=m?2Lω2，解得ω=，當(dāng)ω時，A、B相對于轉(zhuǎn)盤會滑動．故A正確．B、當(dāng)B達(dá)到最大靜摩擦力時，繩子開始出現(xiàn)彈力，kmg=m?2Lω2，解得ω1=，知ω＞時，繩子具有彈力．故B正確．C、ω＞時B已經(jīng)達(dá)到最大靜摩擦力，則內(nèi)，B受到的摩擦力不變．故C錯誤．D、當(dāng)ω在0＜ω＜范圍內(nèi)，A相對轉(zhuǎn)盤是靜止的，A所受摩擦力為靜摩擦力，所以f﹣T=mLω2，當(dāng)ω增大時，靜摩擦力也增大．故D正確．故選ABD．【點評】解決本題的關(guān)鍵搞清木塊向心力的來源，結(jié)合牛頓第二定律進(jìn)行分析，難度適中．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C①0.5【解析】

（1）為了消除小車與水平木板之間的摩擦力的影響，應(yīng)采取的做法是：將木板不帶滑輪的一端適當(dāng)墊高，在不掛鉤碼的情況下使小車恰好做勻速運(yùn)動，故選C.

（2）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動的推論△x=aT2，有：

x6?x3＝3a1T2

x5?x2＝3a2T2

x4?x1＝3a3T2

a＝(a1+a2+a3)小車加速度的表達(dá)式為a=（4）軌道傾斜時，在不加拉力的情況下小車就有加速度，則得出的圖線為圖線①．圖線斜率的倒數(shù)表示小車的質(zhì)量，則【點睛】解決本題的關(guān)鍵掌握紙帶的處理方法，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，以及知道a-F圖線斜率和截距表示的含義．12、（1）滑輪太高(或細(xì)繩與長木板不平行打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電源)（2）戊1.13【解析】（1）電磁打點計時器工作電壓是６V以下的交流電源，該實驗裝置使用的是直流電源，故錯誤之處是打點計時器接到直流電源上(或打點計時器未接交流電源)，為了減小誤差，拉小車的拉力方向與長木板平行，即拉小車的細(xì)繩與長木板平行，該實驗裝置中細(xì)繩與長木板不平行，故錯誤之處是滑輪太高(或細(xì)繩與長木板不平行．(2)從甲乙兩圖中可讀1與2的間距為3.65cm，2與3的間距為4.72cm，而小車在長木板上做勻加速運(yùn)動，以此類推，3與4的間距為5.79cm，3與4的間距為6.86cm，接近6.99cm，故選戊．（3）打點計時器所用電源頻率為50Hz，每相鄰計數(shù)點時間為0.1s，四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）μ=0.5（2）t=0.4s（3）L=2.025m【解析】

靜止時分別對P、Q受力分析，由平衡條件求出小物塊P與傳送帶間的滑動摩擦因數(shù)；子彈射入小物塊P過程，對子彈和小物塊P系統(tǒng)，由動量守恒求得速度，子彈射入P至細(xì)繩再次拉直，P做減速運(yùn)動，Q做自由落體運(yùn)動，由牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律求出從子彈射入小物塊P至細(xì)繩再次拉直的時間；細(xì)繩再次拉直至P、Q剛共速過程，分別對P、Q由動量定理得剛共速的速度大小，P、Q剛共速一起做勻減速運(yùn)動，由牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)規(guī)律求出滑行的距離，再求出要使小物塊P不從傳送帶的左端離開傳送帶，傳送帶的長度；【詳解】解：(1)設(shè)靜止時小物塊P與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為μ，細(xì)繩拉力大小為T1，分別對P、Q由平衡條件得：TT聯(lián)立以上兩式得：μ=0.5(2)設(shè)子彈射入P后與P剛共速的速度大小為v1。子彈射入小物塊P過程，對子彈和小物塊P系統(tǒng)，由動量守恒得：m設(shè)子彈射入P至細(xì)繩再次拉直的時間為t，該過程P在傳送帶上運(yùn)動的加速度大小為a1，P的位移大小為x1，該過程中，P做減速運(yùn)動，Q做自由落體運(yùn)動，對子彈和P整體由牛頓第二定律得：μ(2m+m)g=(2m+m)由運(yùn)動學(xué)規(guī)律得：x且滿足：x聯(lián)立以上各式得：t=0.4s(3)設(shè)細(xì)繩再次拉直時P、Q的速度大小分別為v2、v3，剛共速的速度大小為v4；從細(xì)繩再次拉直至P、Q剛共速過程細(xì)繩拉力對P、Q的沖量大小均為I；從P、Q剛共速時至P減速為0的過程P的位移大小為x2，細(xì)繩的拉力大小為T2，傳送帶的最小長度為L；