2025屆安徽省馬鞍山市含山中學高二物理第一學期期中教學質量檢測試題含解析

2025屆安徽省馬鞍山市含山中學高二物理第一學期期中教學質量檢測試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，虛線框MNQP內存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里．a、b、c是三個質量和電荷量都相等的帶電粒子，它們從PQ邊上的中點沿垂直于磁場的方向射入磁場，圖中畫出了它們在磁場中的運動軌跡．若不計粒子所受重力，則()A．粒子a帶負電，粒子b、c帶正電B．粒子a在磁場中運動的時間最長C．粒子b在磁場中的加速度最大D．粒子c在磁場中的動量最大2、如圖所示，用多用電表測量直流電壓U和測電阻R時，若紅表筆插入多用電表的“＋”插孔，則（____）A．前者電流從紅表筆流入多用電表，后者電流從紅表筆流出多用電表B．前者電流從紅表筆流入多用電表，后者電流從紅表筆流入多用電表C．前者電流從紅表筆流出多用電表，后者電流從紅表筆流出多用電表D．前者電流從紅表筆流出多用電表，后者電流從紅表筆流入多用電表3、下列靜電學公式中，F、q、E、U、r和d分別表示電場力、電荷量、場強、電勢差及距離，①，②，③，④U＝Ed，有關四個公式的說法中正確的是()A．它們都只對點電荷或點電荷的電場成立B．①②③只對點電荷或點電荷電場成立，④對任何電場都成立C．①②只對點電荷成立，③對任何電場成立，④只對勻強電場成立D．①②只對點電荷成立，③④對任何電場成立4、鋰電池因能量高、無污染而廣泛使用于手機等電子產品中?，F用充電器為一手機鋰電池充電，等效電路如圖所示。充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，手機電池的內阻為，下列說法正確的是A．充電器輸出的電功率為B．鋰電池的輸入功率為C．鋰電池產生的熱功率為D．充電器的充電效率為5、下列關于磁電式電流表的說法中錯誤的是（）A．磁電式電流表內部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的；B．磁電式電流表的指針偏轉角度的大小與被測電流的大小成正比；C．磁電式電流表的優(yōu)點是靈敏度高，缺點是允許通過的電流很弱；D．磁電式電流表只能測定電流的強弱，不能測定電流的方向．6、一顆人造衛(wèi)星以地心為圓心做勻速圓周運動，它的速率、周期跟它的軌道半徑的關系()A．半徑越大，速率越小，周期越大，加速度越小B．半徑越大，速率越大，周期越大，加速度越大C．半徑越大，速率越小，周期越小，加速度越小D．半徑越大，速率越小，周期不變，加速度越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，直線MN是某電場中的一條電場線（方向未畫出）．虛線是一帶電粒子只在電場力的作用下，由a到b的運動軌跡，軌跡為一拋物線，下列判斷正確的是A．粒子所受電場力的方向一定是由M指向NB．帶電粒子由a運動到b的過程中動能一定逐漸減小C．帶電粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能D．帶電粒子在a點的加速度一定大于在b點的加速度8、如圖，條形磁鐵放在水平桌面上，在磁鐵右上方固定一根直導線，導線與磁鐵垂直，當導線通入向里的電流時，則A．磁鐵對桌面的壓力減小B．磁鐵對桌面的壓力增大C．磁鐵相對桌面有向左動的趨勢D．磁鐵相對桌面有向右動的趨勢9、把兩個完全相同的金屬球A和B接觸一下，再分開一小段距離，發(fā)現兩球間互相排斥，則A，B兩球原來的帶電情況可能是()A．A和B原來帶有等量異種電荷 B．A和B原來帶有不等量異種電荷C．A和B原來帶有同種電荷 D．A和B原來只有一個帶電10、如右圖所示的同心圓是電場中的一組等勢線，一個電子只在電場力作用下沿著直線由A向C運動時的速度越來越小，B為線段AC的中點，則有()A．電子沿AC運動時受到的電場力越來越小B．電子沿AC運動時它具有的電勢能越來越大C．電勢φA＞φB＞φCD．電勢差UAB＝UBC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一電流表A，量程為1mA，內阻rg約為100Ω．要求測量其內阻．可選用的器材有：電阻箱R0，最大阻值為99999.9Ω；滑動變阻器甲，最大阻值為10kΩ；滑動變阻器乙，最大阻值為2kΩ；電源E1，電動勢約為2V，內阻不計；電源E2，電動勢約為6V，內阻不計；開關2個．導線若干．采用的測量電路圖如圖所示實驗步驟如下：a．斷開S1和S2，將R調到最大；b．合上S1，調節(jié)R使A滿偏；c．合上S2，調節(jié)R1使A半偏，此時可以認為A的內阻rg=R1．試問：（1）在上述可供選擇的器材中，可變電阻R1應該選擇______________；為了使測量盡量精確，可變電阻R應該選擇___________________；電源E應該選擇_________________（2）認為內阻rg=R1，此結果與rg的真實值相比___________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）12．（12分）在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”的實驗中，利用實驗得到了8組數據，在圖1所示的坐標系中，通過描點連線得到了小燈泡的伏安特性曲線.（1）根據圖線的坐標數值，請在圖2中選出該實驗正確的實驗電路圖：____(選填“甲”或“乙”).（2）根據所選電路圖，請在圖3中用筆畫線代替導線，把實驗儀器連接成完整的實驗電路.（________）（3）根據圖1，可判斷出圖4中正確的關系圖象是（圖中P為小燈泡功率"為通過小燈泡的電流）___.（5）將同種規(guī)格的兩個這樣的小燈泡并聯后再與R=10的定值電阻串聯，接在電動勢為8V、內阻不計的電源上，如圖5所示.閉合開關S后，則電流表的示數為____A，兩個小燈泡的總功率為__W(本小題結果均保留兩位有效數字）.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如下圖所示，兩根互相平行的光滑金屬導軌位于水平面內，相距為L＝0.5m，在導軌的一端接有阻值為R＝0.8Ω的電阻，在x≥0一側存在一與水平面垂直的均勻磁場，磁感應強度B＝2T．一質量m＝2kg的金屬桿垂直放置在導軌上，金屬桿的電阻r＝0.2Ω，導軌電阻不計．當金屬桿以v0＝1m/s的初速度進入磁場的同時，受到一個水平向右的外力作用，且外力的功率恒為P＝36W，經過2s金屬桿達到最大速度．求：（1）金屬桿達到的最大速度vm（2）在這2s時間內回路產生的熱量Q14．（16分）如圖所示，AB是一傾角為θ=37°的絕緣粗糙直軌道，滑塊與斜面間的動摩擦因數，BCD是半徑為R=0.2m的光滑圓弧軌道，它們相切于B點，C為圓弧軌道的最低點，整個空間存在著豎直向上的勻強電場，場強E=4.0×103N/C，質量m=0.20kg的帶電滑塊從斜面頂端由靜止開始滑下．已知斜面AB對應的高度h=0.24m，滑塊帶電荷q=-5.0×10-4C，取重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.1．求：（1）滑塊從斜面最高點滑到斜面底端B點時的速度大??；（2）滑塊滑到圓弧軌道最低點C時對軌道的壓力．15．（12分）真空中有兩個點電荷Q1、Q2，相距18cm，已知Q1是正電荷，其電量為1.8×10-12C，他們之間的引力大小為F=1.0×10-12N，求Q2的電量及帶電性質。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A項：由左手定則可知，a粒子帶正電，b、c粒子帶負電，故A錯誤；B項：由公式結合題圖可知，c粒子偏轉角最大，所以c粒子在磁場中運動時間最長，故B錯誤；C項：由圖可知，b粒子的半徑最大，由公式可知，b粒子的速度最大，由加速度公式可知，b粒子的加速度最大，故C正確；D項：由公式可知，，所以b粒子在磁場中的動量最大，故D錯誤．2、B【解析】圖中所示是多用電表的示意圖，無論是測電壓U還是測電阻R，電流都是從紅表筆流入多用電表，從黑表筆流出多用電表，選項B正確．3、C【解析】

本題應明確四個公式的來源：公式①是庫侖定律，公式②根據定義及庫侖定律求出的公式得到的點電荷場強公式，公式③電場強度的定義式，公式④為勻強電場中得出的場強與電勢差的關系式；【詳解】公式①是庫侖定律，只適用于真空中點電荷；公式②是根據定義及庫侖定律求出的公式得到的點電荷場強公式，只適用真空中點電荷的電場；公式③是場強的定義式，適用于任何電場；公式④為勻強電場中得出的場強與電勢差的關系式，只適用于勻強電場．故ABD錯誤，C正確．【點睛】每一個物理公式都有其適用的范圍，在學習中要注意抓住其適用范圍，以免錯用了公式，注意電場強度的定義式與決定式的不同．4、C【解析】

A．充電器電源的輸出電壓為，輸出電流為，則充電器的輸出電功率為，故A錯誤；BC．充電器輸出的電功率即為鋰電池的輸入功率為：鋰電池產生的熱功率為：故B錯誤，C正確；D．充電器的充電效率為：故D錯誤。故選C．5、D【解析】

A：磁電式電流表內部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的，故A項正確．B：磁電式電流表內部的蹄形磁鐵和鐵芯間的磁場是均勻輻向分布的，因此不管銅電線圈轉到什么角度，它的平面都與磁感線平行．因此，磁力矩與線圈中電流成正比．當銅電線圈轉動時，螺旋彈簧將被扭動，產生一個阻礙線圈轉動的阻力矩，其大小與線圈偏轉角度成正比，當磁力矩與螺旋彈簧中的阻力矩相等時，線圈停止轉動，此時指針偏轉角度的大小與被測電流的大小成正比．故B項正確．C：磁電式電流表的優(yōu)點是靈敏度高，缺點是允許通過的電流很弱．故C項正確．D：磁電式電流表的工作原理是安培力對通電線框的轉動作用，根據指針轉動大小與方向可確定電流的大小與方向．故D項錯誤．本題選錯誤的，答案是D．【點睛】在學過的測量工具或設備中，每個工具或設備都有自己的原理；對不同測量工具的制成原理，是一個熱點題型，需要重點掌握．6、A【解析】

對于衛(wèi)星，由萬有引力提供向心力，得：解得：則半徑r越大，速率v越小，周期T越大，加速度a越??；A．半徑越大，速率越小，周期越大，加速度越小，與結論相符，選項A正確；B．半徑越大，速率越大，周期越大，加速度越大，與結論不相符，選項B錯誤；C．半徑越大，速率越小，周期越小，加速度越小，與結論不相符，選項C錯誤；D．半徑越大，速率越小，周期不變，加速度越大，與結論不相符，選項D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、由于該粒子只受電場力作用且做曲線運動，物體所受外力指向軌跡內側，所以粒子受力分析一定是由M指向N，故A正確；B、粒子從a運動到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，故B錯誤；C、粒子從a運動到b的過程中，電場力做正功，電勢能減小，帶電粒子在a點的電勢能一定大于在b點的電勢能，故C正確．D、由a到b的運動軌跡，軌跡為一拋物線，說明粒子一定受恒力，即帶電粒子在a點的加速度等于在b點的加速度，故D錯誤；故選AC．【點睛】依據帶電粒子的運動軌跡確定其所受電場力方向是解決帶電粒子在電場中運動問題的突破口，然后可進一步根據電場線、電場力做功等情況確定電勢、電勢能的高低變化情況．8、BC【解析】

以導線為研究對象，由左手定則判斷得知導線所受安培力方向斜向右上方，根據牛頓第三定律得知，導線對磁鐵的安培力方向斜向左下方，使得磁鐵有向左運動的趨勢，故受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地的壓力增大，故B、C正確，A、D錯誤．故選BC．【點睛】本題考查轉換對象研究法，靈活運用牛頓第三定律選擇研究對象的能力．關鍵存在先研究導線所受安培力．9、BCD【解析】

A、兩個小球原來分別帶等量異種電荷，接觸后電荷完全中和，兩球不存在排斥力．故A不可能．B、兩個小球原來分別帶不等量異種電荷，小球接觸后電荷先中和再平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力．故B可能．C、兩個小球原來分別帶同種電荷，把兩個完全相同的小球接觸后電荷重新平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力．故C可能．D、原來的其中一個帶電，把兩個完全相同的小球接觸后電荷平分，帶上等量同種電荷，存在排斥力．故D可能．故選BCD．【點睛】本題考查應用基本規(guī)律分析、判斷物理現象的能力，要知道兩個小球接觸后再分開，兩球相互排斥，說明兩球帶同種電荷．10、BC【解析】

A．根據等勢面的形狀和題意，可知該電場是負點電荷形成的，根據場強所以當電子沿AC方向運動時，r減小，電場強度增大，則受到的電場力F=Ee增大，A錯誤；B．電子沿AC方向運動過程中，電場力做負功，根據功能關系，可知電勢能越來越大，故B正確；C．該電場各處的電場線均指向圓心，根據順著電場線電勢越來越低，故C正確；D．在該電場中等差等勢線的間距不相等，故D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、R0滑動變阻器甲E2偏小【解析】（1）根據半偏法的測量原理，R1必須選電阻箱R0，才能測量；電源選擇E2，誤差較?。?/p>

根據電源的電動勢和電流表的量程可知電路的最小電阻為6kΩ，所以滑動變阻器乙不能有效調節(jié)，應該選擇甲．

（2）根據閉合電路的歐姆定律及電路特點可得：合上S1，調節(jié)R使電流表滿偏：Ig=ER+rg+r

合上S2，調節(jié)R1使電流表半偏（電路中的總電流）：I=ER+rgR1rg+R1+r，上式比較可得I＞Ig．所以，通過電阻箱的電流：IR1＝I?Ig點睛：本題是用的半偏法測電阻，用的是兩并聯電路的電阻相等時電流相等；實驗要求干路電流基本不變，所以要求因并聯而引起的電阻的變化要小，且電流表的滿偏電流很小，則其它電阻要大，據此選擇合適的器材；另據并聯后總電阻發(fā)生變化而引起干路電流變化引起誤差，從而分析偏大還是偏小．12、甲D0.601.2【解析】

（1）[1]描繪燈泡伏安特性曲線，電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法，所以正確的實驗電路圖是甲．（2）[2]根據實驗電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）[3]