貴州省銅仁市2025屆物理高二上期末統(tǒng)考試題含解析

貴州省銅仁市2025屆物理高二上期末統(tǒng)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應(yīng)位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準(zhǔn)考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示，小磁針正上方的直導(dǎo)線與小磁針平行，當(dāng)導(dǎo)線中有電流時，小磁針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)．首先觀察到這個實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象的物理學(xué)家和觀察到的現(xiàn)象是（）A.物理學(xué)家伽利略，小磁針的S極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)B.物理學(xué)家楞次，小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)C.物理學(xué)家牛頓，小磁針靜止不動D.物理學(xué)家奧斯特,小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)2、如圖所示,在勻強(qiáng)磁場區(qū)域的上方有一半徑為r、質(zhì)量為m的導(dǎo)體圓環(huán),將圓環(huán)由靜止釋放,圓環(huán)剛進(jìn)入磁場的瞬間和完全進(jìn)入磁場的瞬間速度相等.已知圓環(huán)的電阻為R,勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,重力加速度為,則()A.圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程中,電阻產(chǎn)生的熱量為mgrB.圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程可能做勻速直線運(yùn)動C.圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程中,通過導(dǎo)體某個橫截面的電荷量為D.圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程中,圓環(huán)中的電流為順時針3、在如圖所示的電路中，C為電容器，L為小燈泡，G為零刻度在中央的靈敏電流計(jì)。先將開關(guān)S接到a端，給電容器充電；然后將開關(guān)S接到b端，電容器放電。下列說法正確的是（）A.充電過程中，自由電子穿過了電容器間的電介質(zhì)B.充電過程中，靈敏電流計(jì)的示數(shù)逐漸變大C.放電過程中，燈泡的亮度不變D.放電過程中，靈敏電流計(jì)的偏轉(zhuǎn)方向與充電時相反4、如圖所示，當(dāng)滑動變阻器的滑片P向上端移動時，電表示數(shù)的變化情況是（）A.示數(shù)減小，示數(shù)增大，A示數(shù)增大B.示數(shù)增大，示數(shù)減小，A示數(shù)增大C.示數(shù)增大，示數(shù)增大，A示數(shù)減小D.示數(shù)減小，示數(shù)減小，A示數(shù)減小5、如圖所示，平行板電容器的兩極板A、B接于電池兩極，一帶正電的小球懸掛在電容器內(nèi)部，閉合S，電容器充電，這時懸線偏離豎直方向的夾角為θ，則下列說法正確的是（）A.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ不變B.保持S閉合，將A板向B板靠近，則θ變小C斷開S，將A板向B板靠近，則θ增大D.斷開S，將A板向B板靠近，則θ不變6、電流表的內(nèi)阻是Rg＝200Ω，滿刻度電流值是Ig＝500μA，現(xiàn)欲把這電流表改裝成量程為2.0V的電壓表，正確的方法是A.應(yīng)串聯(lián)一個0.05Ω的電阻 B.應(yīng)并聯(lián)一個0.05Ω的電阻C.應(yīng)串聯(lián)一個3800Ω電阻 D.應(yīng)并聯(lián)一個3800Ω的電阻二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，在真空中足夠大的絕緣水平地面上，一質(zhì)量為m=0.1kg、帶電荷量為的小物塊處于靜止?fàn)顟B(tài)，小物塊與地面間的摩擦因數(shù).從t=0時刻開始，空間上加如圖乙所示的電場.下列說法正確的是（）A.4秒內(nèi)小物塊一直向同一方向運(yùn)動B.2s末小物塊速度大小為2m/sC.4秒內(nèi)小物塊的位移大小為6mD.4秒內(nèi)電場力對小物塊所做的功為0.8J8、如圖所示，兩勻強(qiáng)磁場方向相同，以虛線MN為理想邊界，磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1、B2，今有一質(zhì)量為m、電量為e的電子從MN上的P點(diǎn)沿垂直于磁場方向射入勻強(qiáng)磁場B1中，其運(yùn)動軌跡為如圖虛線所示的“心”形圖線．則以下說法正確的是（）A.電子的運(yùn)行軌跡為PDMCNEPB.電子從P點(diǎn)出發(fā)第一次回到P點(diǎn)所用的時間為C.D9、速度相同的一束帶電粒子由左端射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是（）A.該束帶電粒子帶正電B.速度選擇器的P1極板帶負(fù)電C.能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于EB1D.粒子打在膠片上位置越靠近狹縫S0，粒子的比荷越大10、“電流天平”是根據(jù)通電導(dǎo)線在磁場中受安培力作用制成的一種靈敏測量儀器．利用“電流天平”可以測量磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小，把匝數(shù)為n的矩形導(dǎo)線框吊在等臂天平的一臂，另一臂掛空砝碼盤，使天平平衡；再在天平砝碼盤加重為mg的砝碼，矩形導(dǎo)線框通電流強(qiáng)度為I的電流，長度為L的ab邊在磁場中，天平再次平衡．則A.導(dǎo)線框中電流的方向?yàn)閍→bB.導(dǎo)線框中電流的方向?yàn)閎→aC.磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為mg/ILD.磁感應(yīng)強(qiáng)度B大小mg/nIL三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）如圖1所示為多用電表的刻度盤。若選用倍率為“”的歐姆擋測電阻時，表針指示如圖所示，為了使測量結(jié)果更精確些，則下列操作正確的是____A．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”B．將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋“”C．換擋后直接接入待測電阻測量D．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零，再接入待測電阻進(jìn)行測量（2）若選用2.5V電壓擋測電壓時，表針也指于圖示位置，則所測電壓為________V。（3）若該歐姆表表頭如圖2所示，已知電流計(jì)的量程為，電池電動勢為E＝1.5V，則該歐姆表的表盤上刻度線對應(yīng)的電阻值是______KΩ。12．（12分）導(dǎo)電玻璃是制造LCD的主要材料之一，為測量導(dǎo)電玻璃的電阻率，某小組同學(xué)選取長度L=20.00cm、截面積為6.0×10-7m2的圓柱體導(dǎo)電玻璃進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，用歐姆表粗測該導(dǎo)電玻璃的電阻Rx，發(fā)現(xiàn)其電阻約為13.0Ω（1）為精確測量Rx的阻值，該小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)電路，可供使用的主要器材如下：電源E（電動勢為4.5V，內(nèi)阻約1Ω）；電阻箱R0（阻值0~999.9Ω）；電流表A1（量程0~200mA，內(nèi)阻約1.5Ω）；電流表A2（量程0~3A，內(nèi)阻約0.5Ω）；滑動變阻器R1（阻值范圍0~1kΩ）；滑動變阻器R2（阻值范圍0~20Ω）.①電流表應(yīng)選用____，滑動變阻器應(yīng)選用____．（填器材代號）②該小組進(jìn)行了如下操作：A．將滑動變阻器的滑片移到最右端，將S1撥到位置1，閉合S2，調(diào)節(jié)滑動變電阻R，調(diào)到合適位置時讀出電流表的示數(shù)I；B．將S1撥到位置2，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，當(dāng)電流表的讀數(shù)為____時，不再改變，此時電阻箱的數(shù)值如圖乙所示，可求得導(dǎo)電玻璃的電阻為Rx=____Ω（2）由以上實(shí)驗(yàn)可求得該導(dǎo)電玻璃的電阻率ρ=___Ω·m.四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在直角坐標(biāo)系xoy第一象限內(nèi)有一個半徑為a的圓形勻強(qiáng)磁場區(qū)域，圓心坐標(biāo)為（a,a），磁場方向垂直直面向內(nèi)，在第二象限和第四象限有大小相等、方向相反的勻強(qiáng)電場，第二象限電場沿x軸負(fù)向。一個長度為2a的粒子發(fā)射裝置緊靠x軸且垂直x軸放置在第二象限，其到y(tǒng)軸的距離為2a，粒子發(fā)射裝置能發(fā)射初速度不計(jì)的電子。電子以速率v0進(jìn)入磁場，通過磁場后，所有電子均從磁場邊界的同一位置射出。已知電子電量為e，質(zhì)量為m，不考慮電子之間的相互作用力，求:（1）勻強(qiáng)電場的大小E；（2）勻強(qiáng)磁場的大小B以及電子第二次通過y軸時速度的大小v；（3）從（-2a,）處發(fā)射出來的電子經(jīng)過多長時間第二次通過y軸？14．（16分）有一電動機(jī)，其銘牌上標(biāo)有“100V，50W”，當(dāng)給此電動機(jī)接上100V的電源使其正常工作時，測得它可以將重10N的物體以4的豎直速度勻速提起，求：(1)此電動機(jī)的線圈電阻為多大；(2)為了讓此電動機(jī)和一個“100V，30W”白熾燈在一個輸出電壓為200V的電源帶動下都能正常工作，有人設(shè)計(jì)了如圖電路，請計(jì)算電路中的附加電阻的阻值15．（12分）如圖所示，用一直流電動機(jī)提升重物,重物的質(zhì)量為m=10kg，電源供電電壓恒為220V電路中的保護(hù)電阻R＝10，電動機(jī)的電阻為r=1，不計(jì)各處摩擦，電動機(jī)正常工作時電壓表的示數(shù)為170V，求：（1）電動機(jī)正常工作后通過電動機(jī)的電流是多少？（2）重物勻速上升的速度是多少？（g取10m/s2）

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、D【解析】發(fā)現(xiàn)電流周圍存在磁場的科學(xué)家是奧斯特，根據(jù)安培定則可知該導(dǎo)線下方飛磁場方向垂直紙面向里，因此小磁針的N極垂直轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，故ABC錯誤，D正確【點(diǎn)睛】本題考查了電流磁效應(yīng)的發(fā)現(xiàn)已經(jīng)直導(dǎo)線周圍磁場的分部情況，比較簡單，對于類似簡單問題不能忽視，要不斷加強(qiáng)練習(xí)2、C【解析】分析清楚圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程，根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；根據(jù)線圓環(huán)進(jìn)入與離開磁場的速度判斷線框的運(yùn)動性質(zhì)；根據(jù)求電荷量;根據(jù)動能定理求出圓環(huán)的下邊剛進(jìn)入磁場到上邊剛進(jìn)入磁場這段過程中克服安培力做的功，即可知道線框的電阻產(chǎn)生的熱量.【詳解】A、由于圓環(huán)剛進(jìn)入磁場的瞬間和完全進(jìn)入磁場的瞬間速度相等，根據(jù)動能定理得：mg2r-W=0，所以W=2mgr,故通過電阻的熱量為2mgr;故A錯誤.B、由于圓環(huán)剛進(jìn)入磁場的瞬間和完全進(jìn)入磁場的瞬間速度相等，該過程感應(yīng)電流不同，安培力不同，故線圈不可能勻速；故B錯誤.C、根據(jù)電量公式，得；故C正確.D、圓環(huán)進(jìn)入磁場的過程中，垂直紙面向里的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，圓環(huán)中感應(yīng)電流的磁通量應(yīng)垂直紙面向外，由楞次定律判斷感應(yīng)電流為逆時針方向，故D錯誤.故選C.【點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵是恰當(dāng)?shù)剡x擇研究過程，根據(jù)動能定理求出克服安培力所做的功，以及根據(jù)動力學(xué)分析出線框的運(yùn)動情況.3、D【解析】A．充電過程中，自由電子不會穿過介質(zhì)，而是在電場力的作用下沿導(dǎo)線定向移動，使極板帶電，A錯誤；B．充電過程中，靈敏電流計(jì)的示數(shù)逐漸減小，直到極板間電壓與電動勢相等，電路中不再有自由電子定向移動，靈敏電流計(jì)的示數(shù)為0，B錯誤；C．放電過程中，燈泡的亮度逐漸變暗，直到放電結(jié)束，電路中無電流，燈泡熄滅，C錯誤；D．充電過程中，自由電子通過靈敏電流計(jì)自下而上，放電過程中自由電子通過靈敏電流計(jì)自上而下，電流的方向與自由電子定向移動的方向相反，所以放電過程中，靈敏電流計(jì)的偏轉(zhuǎn)方向與充電時相反，D正確。故選D4、C【解析】首先弄清電壓表測量的是路端電壓，電壓表測量的是和并聯(lián)電路兩端的電壓，電流表A測量的是通過電阻的電流，再利用閉合電路歐姆定律及串聯(lián)、并聯(lián)電路的特點(diǎn)進(jìn)行分析．滑片P向上端移動，接入電路的電阻增大，外電阻增大，干路電流I減小，路端電壓增大，從而判定示數(shù)增大；由于I減小，電阻及內(nèi)阻r的電壓減小，故增大，所以示數(shù)增大；由于增大，所在支路的電流增大，通過的電流減小，所以A示數(shù)減小故選C5、D【解析】保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，由E=和F=qE可判斷出電場力的變化，即可判斷的變化；開關(guān)S斷開，電容器的帶電量Q不變，由電容的決定式和定義式可推導(dǎo)出板間的電場強(qiáng)度E的變化，進(jìn)而可知的變化【詳解】A、保持開關(guān)S閉合，電容器兩端間的電勢差不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電場強(qiáng)度E=可知，電場強(qiáng)度增大，小球所受的電場力變大，增大，故A、B錯誤C、開關(guān)S斷開，電容器的帶電量Q不變，將A板向B板靠近，極板間距離減小，由電容器電容的決定式C=可知，電容器電容C增大，而電容器電容的定義式C=，所以板間的電場強(qiáng)度E===，可以判斷電場強(qiáng)度E不變，故帶正電的小球受的電場力不變，則不變，故C錯誤，D正確故選D6、C【解析】把電流表改裝成2V的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻，串聯(lián)電阻阻值為：A．與分析不符，故A錯誤；B．與分析不符，故B錯誤；C．與分析相符，故C正確；D．與分析不符，故D錯誤；故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】ABC．0～2s，由牛頓第二定律得物塊加速度：物塊向右做加速運(yùn)動，2s末小物塊速度前2s內(nèi)的位移2～4s，由牛頓第二定律得加速度物塊向右做減速運(yùn)動，4s末減速到零，2～4s的位移4秒內(nèi)小物塊的位移故A正確，BC錯誤；D．4秒內(nèi)電場力對小物塊所做的功代入數(shù)據(jù)解得故D正確8、ABC【解析】根據(jù)左手定則判斷負(fù)電荷在磁場中的受力進(jìn)而確定運(yùn)動軌跡，根據(jù)半徑關(guān)系可以找到磁場強(qiáng)度B的關(guān)系【詳解】A、電子以垂直于MN向左的速度攝入磁場，由左手定則得，此時電子收到向上的洛倫茲力，電子將會向上偏轉(zhuǎn)，所以電子的運(yùn)動軌跡為PDMCNEP,故A項(xiàng)正確C、D項(xiàng)，電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，由得：，由圖可得：，所以，故C對；D錯；B、電子在磁場中運(yùn)動周期，電子在磁場中運(yùn)動周期，由于，電子運(yùn)動一周回到P點(diǎn)所用時間，故B正確故選ABC9、AD【解析】帶電粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場B2時向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)安培左手定則可知該束粒子帶正電，故A正確；在平行金屬板中受到電場力和洛倫茲力兩個作用而做勻速直線運(yùn)動，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場力方向向下，粒子帶正電，電場強(qiáng)度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電，故B錯誤；粒子能通過狹縫，電場力與洛倫茲力平衡可得：，解得：，故C錯誤；粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動，由洛倫茲力提供向心力有：，解得：，因?yàn)関、B不變，半徑r越小，則越大，故D正確．所以AD正確，BC錯誤10、BD【解析】根據(jù)左手定則判斷電流方向；由安培力和重力平衡求解B.【詳解】導(dǎo)線框受安培力向下，由左手定則可知，ab中的電流的方向?yàn)閎→a，選項(xiàng)A錯誤，B正確；由平衡知識可知：mg=nBIL可知，選項(xiàng)C錯誤，D正確；故選BD.三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.AD②.2.20③.2【解析】（1）[1]．AB由表盤看出，若選用倍率為“×100”的歐姆擋測電阻時，指針偏轉(zhuǎn)較大過大，則說明倍率檔選擇過大，應(yīng)改用“×100”的歐姆擋測量；選項(xiàng)A正確，B錯誤；CD．換擋后先將兩表筆短接調(diào)零，再接入待測電阻進(jìn)行測量，選項(xiàng)C錯誤，D正確；故選AD.（2）[2]．若選用2.5V電壓擋測電壓時，最小分度為0.05A，則表針?biāo)笀D示位置，則所測電壓為2.20V。（3）[3]．當(dāng)電流表滿偏時：當(dāng)電流為300μA時：帶入數(shù)據(jù)解得：R=2kΩ12、①.A1②.R2③.I④.12.8⑤.3.84×10-5【解析】(1)[1]電源電動勢為4.5V，Rx電阻約為13.0Ω，根據(jù)，電流表只能選擇量程為200mA的電流表A1；[2]為方便實(shí)驗(yàn)操作，滑動變阻器應(yīng)選阻值范圍0~20Ω的R2；[3]將S1撥到位置2，當(dāng)電流表的讀數(shù)為I時，電阻箱的阻值與導(dǎo)電玻璃的電阻相等。[4]根據(jù)圖示中電阻箱的數(shù)值可知導(dǎo)電玻璃的電阻12.8Ω。（2）根據(jù)知導(dǎo)電玻璃電阻率ρ四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)；(2)；(3)?！窘馕觥浚?）電子經(jīng)電場加速速度達(dá)到v0，由動能定理：解得：（2）電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，半徑R：要從磁場邊界的同一位置射出，則：R=a解得：電子進(jìn)入第