2025屆新疆沙雅縣第二中學物理高二上期中質量檢測試題含解析

2025屆新疆沙雅縣第二中學物理高二上期中質量檢測試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關于電壓和電動勢，下列說法正確的是（）A．電壓和電動勢單位相同，所以電動勢和電壓是同一物理量B．電動勢就是電源兩極間的電壓C．電動勢是反應電源把其他形式的能轉化為電能本領的物理量D．電源電動勢定義式和電勢差定義式中的W都是電場力做的功2、如圖所示，16個電荷量均為+q(q>0)的小球(可視為點電荷)，均勻分布在半徑為R的圓周上若將圓周上P點的一個小球的電荷量換成-2q，則圓心0點處的電場強度為A．，方向沿半徑向左B．，方向沿半徑向右C．，方向沿半徑向左D．，方向沿半徑向右3、杭州市正將主干道上的部分高壓鈉燈換成LED燈，已知高壓鈉燈功率為400W，LED燈功率為180W，若更換4000盞，則一個月可節(jié)約的電能約為A． B．C． D．4、如圖所示，一個導線框在勻強磁場中向垂直于磁感線的方向運動，導線中會不會產(chǎn)生感應電流()A．一定不會 B．一定會 C．可能會 D．可能不會5、關于磁場對通電直導線作用力的大小，下列說法中正確的是A．通電直導線跟磁場方向平行時作用力最小，但不為零B．通電直導線跟磁場方向垂直時作用力最大C．作用力的大小跟導線與磁場方向的夾角大小無關D．通電直導線跟磁場方向不垂直時肯定無作用力6、關于重力，下列說法正確的是（）A．物體只有在靜止時才受到重力的作用B．正常運行的人造衛(wèi)星內的物體不受重力的作用C．重力的方向總是與支持重物的支持面相互垂直D．重力是由于地球的吸引而使物體受到的力，其方向總是豎直向下二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個微型吸塵器的直流電動機的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動勢為E，內阻為r的直流電源的兩極間，電動機恰好能正常工作，則A．電動機消耗的總功率為UIB．電源的效率為1-C．電源的輸出功率為EID．電動機消耗的熱功率為U8、如圖所示電路中，電源的電動勢為E、內電阻為r，三只燈泡原來都正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑動觸頭P向右移動時，下面判斷正確的是()A．L1和L3變暗，L2變亮B．L1變暗，L2變亮，L3變亮C．L1中電流變化絕對值大于L3中的電流變化絕對值D．L1上的電壓變化絕對值小于L2上的電壓變化絕對值9、某物體做直線運動，運動的時間為t，位移為x物體的－t圖象如圖所示，下列說法正確的是()A．物體的加速度大小為B．t＝0時，物體的初速度為aC．t＝0到t＝這段時間物體的位移為D．t＝0到t＝b這段時間物體的平均速度為10、在水平地面上空中有豎直方向的勻強電場，一帶電小球以某一初速度由M點沿如圖所示的軌跡運動到N點．由此可知（）A．小球所受的電場力一定大于重力B．小球的動能一定減小C．小球的機械能保持不變D．小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）有一只標值為“2.5V，×W”的小燈泡，其額定功率的標值已模糊不清．某同學想通過描繪燈絲伏安特性曲線來測定該燈泡的額定功率．①已知小燈泡的燈絲電阻約為5Ω，請先在圖甲中補全用伏安法測量燈絲電阻的電路圖，再選擇電流表（0~0.6A；0~3A）、電壓表（0~3V；0~15V）的合適量程，并按圖甲連接方式將圖乙中的實物連成完整的電路．②開關S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應置于(選填“A端”、“B端”或“AB正中間”)③該同學通過實驗作出的燈絲伏安特性曲線如上圖丙所示，則小燈泡的額定功率為W．12．（12分）圖1中游標卡尺的讀數(shù)是___________mm；圖2中螺旋測微器的讀數(shù)是________mm.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示為某同學組裝完成的簡易多用電表的電路圖．圖中E是電池；R1、R2、R3、R4和R1是固定電阻，R6是可變電阻；表頭G的滿偏電流為1mA，內阻為200Ω．虛線方框內為換擋開關，A端和B端分別與兩表筆相連．該多用電表有1個擋位，1個擋位為：直流電壓10V擋和1V擋，直流電流10mA擋和100mA擋，歐姆×10Ω擋．根據(jù)以上求（1）圖中的A端與什么顏色表筆相連接？（2）當電池長期使用使得電動勢變小，用該電池的多用電表測電阻時，電阻的測量值是偏大還是偏?。浚?）根據(jù)以上給的條件求出R1、R2、R4、R1．14．（16分）如圖所示，正電荷Q放在一勻強電場中，在以Q為圓心，r為半徑的圓周上有A、B、C三點，將試探電荷q放在A點，它受到的電場力正好為0，則勻強電場的大小和方向如何？B、C兩點的電場強度大小和方向如何？15．（12分）如圖所示，如圖所示，電源內阻，，L為一個標有“12V、12W”的燈泡，若改變滑動變阻器觸片的位置，使L正常發(fā)光時，安培計的示數(shù)為1.5安，伏特表的示數(shù)恰好為零，求電阻的阻值、電源輸出功率及電源電動勢分別是多少？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

電壓與電動勢的單位相同，但物理意義不同，是兩個不同的物理量，A錯誤；根據(jù)閉合電路歐姆定律，路端電壓，只有當外電路斷開時，，路端電壓等于電動勢，B錯誤；電源是把其他形式的能轉化為電能的裝置，電動勢反映電源把其他形式的能轉化為電能本領大小，C正確；電動勢公式中的W是非靜電力做功，電壓中的W是靜電力做功，D錯誤．2、D【解析】該點場強可以看成是與P對稱的那個電荷+q和P點的電荷-2q在該點場強的疊加，根據(jù)點電荷的場強公式得+q的點電荷在圓心O點處的電場強度大小為，方向向右，點電荷-2q在圓心O點處的電場強度大小為，方向向右，所以疊加來是，方向沿半徑向右．故選擇D.【點睛】該題考查了場強疊加原理，還有對對稱性的認識．由于成圓周對稱性，所以如果沒改變電荷之前肯定圓心處場強為0，而該點場強是所有電荷在該點場強的疊加，可以把這些電荷歸為兩類：一種是要移去的電荷，另一種是其他電荷．不管怎樣，總之這兩種電荷產(chǎn)生的合場強為0，所以只要算出改變的電荷在該點的場強和與它對稱的電荷的場強即可得到．3、B【解析】一個月可節(jié)省的電能最接近，故B正確，ACD錯誤；故選B．4、A【解析】

導線框在勻強磁場中向垂直于磁感線的方向運動，穿過導線框的磁通量不變，則不會產(chǎn)生感應電流，故選A.【點睛】本題考查了感應電流產(chǎn)生的條件：閉合回路中的磁通量發(fā)生變化．據(jù)此可正確解答本題．5、B【解析】

由安培力公式F=BILsinθ，可知跟電流的大小，磁感應強度的大小，導線的有效長度及導線和磁場的夾角θ有關，當導線的方向與磁場的方向平行時，所受安培力為0；當導線的方向與磁場方向垂直時，安培力最大，故B正確，ACD錯誤。6、D【解析】

A．物體受到的重力與運動的狀態(tài)無關，并不是只有在靜止時才受到重力的作用，故A錯誤；

B．物體受到的重力與運動的狀態(tài)無關，正常運行的人造衛(wèi)星內的物體受重力的作用，故B錯誤；

C．重力的方向總是豎直向下，不一定與支持重物的支持面相互垂直，故C錯誤；

D．重力是由于地球的吸引而使物體受到的力，其方向總是豎直向下，故D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】試題分析：電動機消耗的總功率應該用P=IU來計算，所以總功率為IU，所以A正確；電動機消耗的熱功率應該用P=I2R來計算，所以熱功率P=I2R，所以D錯誤．電源的輸出功率等于電動機的輸入功率，得P出=UI．故C錯誤．電源的總功率為IE，內部發(fā)熱的功率為I2r，所以電源的效率為IE-I考點：功率【名師點睛】對于電功率的計算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計算公式是不一樣的。8、AD【解析】

AB.當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則電路中總電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知電路中總電流減小，故L1變暗；電路中電流減小，故內阻及R0、L1兩端的電壓減小，而電動勢不變，故并聯(lián)部分的電壓增大，故L2變亮；因L2中電流增大，干路電流減小，故流過L3的電流減小，故L3變暗；故A正確B錯誤。C.因L1中電流減小，L3中電流減小，而L2中電流增大；開始時有：I1=I2+I3故I1電流的變化值一定小于L3中電流的變化值；故C錯誤；D.因并聯(lián)部分的電壓與L1、R0及內電阻上的總電壓等于電源的電動勢；L2兩端的電壓增大，L1、R0及內阻r兩端的電壓減小，而電動勢不變，故L2兩端電壓增大值應等于其它三個電阻的減小值，故L1上電壓變化值小于L2上的電壓變化值，故D正確；9、BC【解析】

AB.根據(jù)勻變速直線運動位移時間公式得：根據(jù)數(shù)學知識可得：，得加速度為

，加速度大小為。初速度為，故A錯誤，B正確；C.t＝0到，這段時間物體的位移為，故C正確；D.t＝0到t＝b這段時間物體的位移為，平均速度為0，故D錯誤；10、AD【解析】

A．在豎直方向上，小球只受重力和電場力，由軌跡圖像可知，小球做類平拋運動，在豎直方向上向上運動，則電場力大于重力，A正確；BC．在豎直方向上，小球做加速運動，水平方向上做勻速運動，所以小球的動能增大，小球向上運動，重力勢能增大，所以小球機械能增大，BC錯誤；D．小球只受重力和電場力的作用，電勢能轉化為重力勢能和動能，故小球的動能、電勢能和重力勢能之和保持不變，D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①電路圖和實物連線圖如下圖②B端③1.1W【解析】試題分析：①由于電壓電流需從零測起，因此滑動變阻器采用分壓式接法；燈泡的電阻約為5Ω，屬于小電阻，電流表采取外接法；由于小燈泡的額定電壓為2.5V，因此電壓表選擇3V量程的，小燈泡的額定電流為0.44A，則電流表量程選擇0.6A的，電路圖和實物連線圖如下圖．②開關S閉合之前，將圖乙中滑動變阻器的滑片應置于B端，使測量電路部分處于短路狀態(tài)，閉合電鍵時，電壓表、電流表示數(shù)為零，起到保護電路的作用③小燈泡的伏安特性曲線可知，當時，，根據(jù)考點：本題考查了描繪小燈泡的伏安特性曲線、滑動變阻器的接法和電流表的內外接法．12、33.106.124【解析】

游標卡尺主尺與游標尺示數(shù)之和是游標卡尺示數(shù)，螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器示數(shù).【詳解】由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為：33mm+2×0.05mm=33.10mm；由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：6.0mm+12.4×0.01mm=6.124mm.【點睛】本題考查了游標卡尺與螺旋測微器的讀數(shù)，要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；游標卡尺不需要估讀，螺旋測微器需要估讀.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）黑表筆；（2）偏大；（3）20Ω；180Ω；400Ω；100Ω.【解析】

（1）圖中的A端與黑表筆相連接；（2）當電池電動勢變小，歐姆得重新調零，由于滿偏電流Ig不變，歐姆表內阻R內=變小，待測電阻的測量值是通過電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來的，可知當R內變小時，，由于Ig不變、R內變小，指針跟原來的位置相比偏左，歐姆表的示數(shù)變大，所測電阻偏大；（3）當開關接1，多用表電流量程I1=100mA∴（1）當開關接2，電流量程I2=10mA∴（2）代入數(shù)據(jù)聯(lián)（1）（2）得；當開關接4，電壓表量程為V1=1V∴解得：當開關接1，電壓表量程為V2=10V∴解得【點睛】此題考查多用電表的使用，認真審題、理解題意與實驗步驟、知道實驗原理是解題的關鍵，結合電表改裝的原理以及歐姆定律求解電阻.14、；；【解析】試題分析：電荷放在A點，所受的電場力為零，可知點電荷在A點產(chǎn)生的場強和勻強電場的場強大小相等，方向相反．根據(jù)場強的疊加求出B、C兩點的場強大小和方向．A點處的電場強度為勻強電場和點電荷電場的合場強，因為試探電荷在A點受到到電場力為零，故兩電場等大反向，所以，方向水平向右；C點的場強為：．方向水平向右．B點的場強為．方向與水平方向成45度，斜向上．15、24Ω，30W，23V【解析】

當L正常發(fā)光時，伏特表的示數(shù)為零，說明在伏特表中沒有電流通過，其等效電路為R1和R2串聯(lián)，R3和L串聯(lián)，然后兩條支路再并聯(lián)；由于L正常發(fā)光，所以通過R3的電流I