2025屆成都市新都一中物理高三上期末經典模擬試題含解析

2025屆成都市新都一中物理高三上期末經典模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示的理想變壓器供電線路中，原線圈接在有效值恒定的交流電源上，副線圈接有兩個燈泡，電流表、電壓表均為理想電表。開關S原來是斷開的，現將開關S閉合，則（）A．A1的示數增大，A2的示數增大B．A1的示數不變，A2的示數增大C．V1的示數減小，V2的示數減小。D．V1的示數不變，V2的示數減小2、已知天然材料的折射率都為正值（）。近年來，人們針對電磁波某些頻段設計的人工材料，可以使折射率為負值（），稱為負折射率介質。電磁波從正折射率介質入射到負折射介質時，符合折射定律，但折射角為負，即折射線與入射線位于界面法線同側，如圖所示。點波源S發(fā)出的電磁波經一負折射率平板介質后，在另一側成實像。如圖2所示，其中直線SO垂直于介質平板，則圖中畫出的4條折射線（標號為1、2、3、4）之中，正確的是（）A．1 B．2 C．3 D．43、如圖，兩質點a，b在同一平面內繞O沿逆時針方向做勻速圓周運動，a，b的周期分別為2s和20s，a，b和O三點第一次到第二次同側共線經歷的時間為()A． B． C． D．4、曲柄連桿結構是發(fā)動機實現工作循環(huán)，完成能量轉換的主要運動零件如圖所示，連桿下端連接活塞Q，上端連接曲軸P。在工作過程中，活塞在氣缸內上下做直線運動，帶動曲軸繞圓心O旋轉，若P做線速度大小為v0的勻速圓周運動，則下列說法正確的是A．當OP與OQ垂直時，活塞運動的速度等于v0B．當OP與OQ垂直時，活塞運動的速度大于v0C．當OPQ在同一直線時，活塞運動的速度等于v0D．當OPQ在同一直線時，活塞運動的速度大于v05、如圖所示，勻強磁場分布在平面直角坐標系的整個第I象限內，磁感應強度為B、方向垂直于紙面向里．一質量為m、電荷量絕對值為q、不計重力的粒子，以某速度從O點沿著與y軸夾角為的方向進入磁場，運動到A點時，粒子速度沿x軸正方向．下列判斷錯誤的是（）A．粒子帶負電B．粒子由O到A經歷的時間C．若已知A到x軸的距離為d，則粒子速度大小為D．離開第Ⅰ象限時，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為6、2017年11月5日，我國用長征火箭成功發(fā)射了兩顆北斗三號組網衛(wèi)星(如圖所示)，開啟了北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)全球組網的新時代。下列關于火箭在豎直方向加速起飛階段的說法，正確的是（）A．火箭只受到重力和空氣阻力的作用B．火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力大小相等C．火箭處于失重狀態(tài)D．保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對地面由靜止下落二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩個光滑擋板之間夾了一個質量一定的小球，右側擋板豎直，左側擋板與豎直方向夾角為θ。若θ減小，小球始終保持靜止，下列說法正確的是（）A．左側擋板對小球的作用力將增大B．右側擋板對小球的作用力不變C．小球受到的合力不變，兩擋板對小球的作用力的合力不變D．若將左側擋板撤走，小球在右側擋板作用下做平拋運動8、如圖所示，物體A和B的質量均為m，且分別用輕繩連接并跨過定滑輪（不計繩子與滑輪、滑輪與軸之間的摩擦）．在用水平變力F拉物體B沿水平方向向右做勻速直線運動的過程中（）A．物體A也做勻速直線運動B．繩子的拉力始終大于物體A所受的重力C．物體A的速度小于物體B的速度D．地面對物體B的支持力逐漸增大9、下列說法正確的是（）A．能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性B．無論科學技術怎樣發(fā)展，熱量都不可能從低溫物體傳到高溫物體C．晶體在熔化過程中要吸收熱量，但溫度保持不變，內能也保持不變D．對于一定量的氣體，如果壓強不變，體積增大，那么它一定從外界吸熱E.懸浮在液體中的顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈10、如圖，正方形abcd處于勻強電場中，電場方向與此平面平行。一質子由a點運動到b點，電場力做功為W，該質子由a點運動到d點，克服電場力做功為W。已知W＞0，則（）A．電場強度的方向沿著ab方向B．線ac是一條等勢線C．c點的電勢高于b點的電勢D．電子在d點的電勢能大于在b點的電勢能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）小宇同學利用如圖甲所示的裝置驗證動能定理，遮光條的寬度d為圖乙中的游標卡尺（游標有十個分度）所示，其中托盤的質量為m=10g，每個砝碼的質量均為m=10g，小車和遮光條以及傳感器的總質量為M=100g，忽略繩子與滑輪之間的摩擦。小宇做了如下的操作：①滑塊上不連接細繩，將長木板的右端適當墊高，以平衡摩擦力；②取5個砝碼放在小車上，讓小車由靜止釋放，傳感器的示數為F，記錄遮光條經過光電門時的擋光時間為Δt；③測出遮光條距離光電門的間距為s，如圖丙所示；④從小車上取一個砝碼放在托盤上，并將小車由同一位置釋放，重復②，直到將砝碼全部放在托盤中；由以上操作分析下列問題：(1)遮光條的寬度d為________mm，遮光條到光電門的間距s為___________m；(2)用以上的字母表示遮光條經過光電門時的速度的表達式為_____________________；(3)在②過程中細繩的拉力所做的功為________，所對應動能的變化量為____________；（用字母表示）(4)在上述過程中如果將托盤及盤中砝碼的總重力計為F′，則F′所做的功為________，所對應系統(tǒng)的動能的變化量為______________________；（用字母表示）(5)如果以F′為縱軸，Δt的______________為橫軸，該圖線為直線，由題中的條件求出圖線的斜率k，其大小為_____________________（結果保留兩位有效數字）。12．（12分）如圖所示為一簡易多用電表的電路圖。圖中E是電池，R1、R2、R3、R4和R5是定值電阻，其中R3=20Ω，R0為滑動變阻器。表頭G的滿偏電流為I0=250μA、內阻為r0=600Ω。A端和B端分別與兩表筆相連，該多用電表有5個擋位，其中直流電流擋有1mA和2.5mA兩擋。為了測量多用電表內電池電動勢和內阻，還備有電阻箱R（最大阻值為99999.9Ω）。(1)由以上條件可算出定值電阻R1=____Ω、R2=____Ω。(2)將選擇開關與“3”相連，滑動R6的滑片到最下端b處，將兩表筆A、B接在電阻箱上，通過調節(jié)電阻箱的阻值R，記錄不同阻值R和對應的表頭示數I。在坐標紙上，以R為橫坐標軸，以______為縱坐標軸，把記錄各組I和R描繪在坐標紙上，平滑連接，所得圖像為一條不過原點的直線。測得其斜率為k、縱截距為b，則多用電表內電池的電動勢和內阻分別為_____和__。（用k、b和已知數據表示）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在光滑水平面上靜止放置質量M=2kg、長L=2.17m、高h=0.2m的長木板C。距該板左端距離x=1.81m處靜止放置質量mA=1kg的小物塊A，A與C間的動摩擦因數μ=0.2。在板右端靜止放置質量mB=1kg的小物塊B，B與C間的摩擦忽略不計。A、B均可視為質點，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，g取10m/s2。現在長木板C上加一水平向右的力F，求：(1)當F=3N時，小物塊A的加速度；(2)小物塊A與小物塊B碰撞之前運動的最短時間；(3)若小物塊A與小物塊B碰撞之前運動的時間最短，則水平向右的力F的大小(本小題計算結果保留整數部分)；(4)若小物塊A與小物塊B碰撞無能量損失，當水平向右的力F=10N，小物塊A落到地面時與長木板C左端的距離。14．（16分）如圖所示，質量為m1＝1kg的滑道靜止在光滑的水平面上，滑道的AB部分是半徑為R＝0.3m的四分之一圓弧，圓弧底部與滑道水平部分相切，滑道水平部分右端固定一個輕彈簧．滑道CD部分粗糙，長為L＝0.1m，動摩擦因數μ＝0.10，其他部分均光滑．現讓質量為m1＝1kg的物塊(可視為質點)自A點由靜止釋放，取g＝10m/s1．求：(1)物塊到達最低點時的速度大??；(1)在整個運動過程中，彈簧具有的最大彈性勢能；(3)物塊最終停止的位置．15．（12分）如圖直角坐標系xOy中，第Ⅰ象限內存在場強為E，沿x軸負方向的勻強電場，第Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ象限內存在垂直坐標平面向里的勻強磁場。一質量為m、電荷量為q（q>0）的帶電粒子，從P（l，l）處由靜止開始運動，第1次通過x軸時沿y軸負方向。不計粒子重力。求：（1）勻強磁場的磁感應強度大??；（2）粒子第3次經過y軸時的縱坐標；（3）通過計算說明粒子離開P點后能否再次經過P點。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

副線圈輸出電壓由原線圈的輸入電壓和原、副線圈匝數比決定，原線圈輸入電壓和原、副線圈匝數比不變，則副線圈輸出電壓不變，電壓表V1的示數不變，電壓表V2的示數不變，開關S閉合后，總電阻減小，根據歐姆定律可知，副線圈輸出電流增大，根據變流比可知，原線圈輸入電流增大，即電流表A1的示數增大，電流表A2的示數增大，故A正確，BCD錯誤。故選A。2、D【解析】

ABCD．由題，點波源S發(fā)出的電磁波經一負折射率平板介質后，折射光線與入射光線在法線的同一側，所以不可能是光學1或2；根據光線穿過兩側平行的介質后的特點：方向與開始時的方向相同，所以光線3出介質右側后，根據折射光線與入射光線在法線同側這一條件，光線將無法匯聚形成實像；光線4才能滿足“同側”+“成實像”的條件，所以折射光線4可能是正確的，光線3是錯誤的，由以上的分析可知，ABC錯誤D正確。故選D。3、B【解析】a、b和O三點第一次到第二次同側共線即質點a要比質點b多運動一周．則要滿足,代入數據得解得：，B正確．故選B4、A【解析】

AB．當OP與OQ垂直時，設∠PQO=θ，此時活塞的速度為v，將P點的速度分解為沿桿方向和垂直于桿方向的速度；將活塞的速度v分解為沿桿方向和垂直于桿方向的速度，則此時v0cosθ=vcosθ，即v=v0，選項A正確，B錯誤；CD．當OPQ在同一直線時，P點沿桿方向的速度為零，則活塞運動的速度等于0，選項CD錯誤；5、B【解析】

A．根據題意作出粒子運動的軌跡如圖所示，根據左手定則判斷知，此粒子帶負電，故A正確，不符合題意；

B．粒子由O運動到A時速度方向改變了60°角，所以粒子軌跡對應的圓心角為θ=60°，則粒子由O到A運動的時間為故B錯誤，符合題意；

C．根據幾何關系，有解得R=2d根據得故C正確，不符合題意；

D．粒子在O點時速度與x軸正方向的夾角為60°，x軸是直線，根據圓的對稱性可知，離開第一象限時，粒子的速度方向與x軸正方向的夾角為60°，故D正確，不符合題意；

故選B。6、B【解析】

A．火箭受到重力和空氣阻力以及內部燃料噴出時的作用力，故A錯誤；B．火箭噴出的熱氣流對火箭的作用力與火箭對熱氣流的作用力為作用力和反作用力，二者大小相等，故B正確；C．火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故C錯誤；D．保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故做豎直上拋運動，故D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】

AB．對小球受力分析，如圖共點力平衡N1=N2cosθ，mg=N2sinθ隨著θ減小，根據公式可知N1、N2都在增大，A正確，B錯誤；C．根據共點力平衡可知，兩擋板對小球的作用力的合力始終不變，大小等于小球的重力，所以作用力的合力不變，C正確；D．若將左側擋板撤走，右側擋板對小球的作用力也為零，小球做自由落體運動，D錯誤。故選AC。8、BCD【解析】試題分析：以物體繩子與物體B的結點為研究對象，將B的速度分解成繩子伸長的速度和垂直繩子方向的速度，如圖所示.，繩子伸長的速度等于物體A上升的速度．物體A的速度，物體B向右運動θ減小，所以增大，物體A處于超重狀態(tài)，繩子拉力始終大于物體A所受的重力，由于物體A上升的加速度在減小，所以拉力在減小，地面對B的支持力，物體B向右運動θ減小，增大．故選BCD考點：運動的合成與分解點評：物體B的運動在研時要根據效果進行分解，一般分解為沿繩子方向的運動和垂直于繩子方向的運動．9、ADE【解析】

A．根據熱力學第二定律可知，宏觀自然過程自發(fā)進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性，故A正確。B．熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，比如空調制冷，故B錯誤。C．晶體在熔化過程中要吸收熱量，溫度不變，內能增大，故C錯誤。D．對于一定質量的氣體，如果壓強不變，體積增大，根據理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度升高，內能增大，根據熱力學第-定律可知，氣體對外做功，它-定從外界吸熱，故D正確。E．布朗運動是由液體分子從各個方向對懸浮粒子撞擊作用的不平衡引起的，顆粒越小，溫度越高，布朗運動越劇烈，故E正確。故選ADE。10、BC【解析】

B．由題意可知，一質子由a點運動到b點，電場力做功為W；該質子由a點運動到d點，電場力做功為-W；根據公式可知又根據幾何關系可知，b、d兩點關于ac連線軸對稱，所以ac是此勻強電場中的等勢線，B正確；AC．由于質子由a點運動到b點，電場力做正功，所以，所以電場強度的方向為垂直于ac線，指向b點，A錯誤C正確；D．根據，又電子帶負電，所以電勢低的地方電勢能高，即電子在d點的電勢能小于在b點的電勢能，D錯誤。故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、12.01.44FsF′s倒數的二次方7.9×10－6~8.1×10－6【解析】

(1)[1]該游標卡尺的讀數為12mm+0×0.1mm=12.0mm[2]刻度尺要估讀，讀數為s=1.44m。(2)[3]當時間間隔比較小時，平均速度約等于某一位置或某一時刻的瞬時速度，故由平均速度公式可得，經過光電門位置的速度(3)[4][5]傳感器的示數為細繩的拉力，則其做功為Fs，所對應動能的變化量為(4)[6][7]F′所做的功為F′s，所對應動能的變化量為(5)[8][9]由動能定理整理得圖像為直線的條件是橫坐標為Δt倒數的二次方，該圖線的斜率為代入數據得k=8.0×10－612、80120【解析】

(1)[1][2]．選擇開關與“1”、“2”相連時為電流表，量程分別為和。根據串、并聯(lián)電路特點有聯(lián)立解得。(2)[3]．選擇開關與“3”相連，量程為，根據并聯(lián)電路特點可知、串聯(lián)后與表頭并聯(lián)的總電阻為，通過電源的電流為通過表頭電流的4倍。根據閉合電路歐姆定律有變形為由此可知橫軸為，則縱坐標軸為。[4][5]．斜率縱截距解得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)1m/s2；(2)t=0.6s；(3)6N≤F≤26N；(4)x2=0.78m【解析】

(1)若長木板C和小物塊一起向右加速運動，設它們之間是靜摩擦力為f，由牛頓第二定律得:F=（M+mA）a解得a=1m/s2則f=mAa=1N＜μmAg=2N，這表明假設正確，即A的加速度為1m/s2(1)要使小物塊A在與小物塊B碰撞之前運動時間最短，小物塊A的加速度必須最大，則A所受的摩擦力為最大靜摩擦力或滑動摩擦力，有μmAg=mAa1解得t=0.6s(3)要使小物塊A加速度最大，且又不從長木板C的左端滑落，長木板C的加速度有兩個臨界條件:①由牛頓第二定律得:F1=（M+mA）a1則F1=6N②由牛頓第二定律得:F2-f=Ma2則F2=26N故6N≤F≤26N(4)若小物塊A與小物塊B碰撞點距從長木板C的左端距離為x1F3-f=Ma3解得x1=1.45m設小物塊A發(fā)生碰撞到從長木板C左端滑落的時間為t1，因有物塊A、B發(fā)生彈性碰撞，速度交換，故有解得t1=0.5s設小物塊A碰撞到從長木板C左端滑落時各自的速度分別為vm、vM，小物塊A落到地面時與長木板C左端的距離為x2F3=Ma4vm=a1t1vM=a3t+a3t1則有vMt2+-vmt2=x2x2=0.78m14、（