2025屆江蘇省金陵中學物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題含解析

2025屆江蘇省金陵中學物理高二第一學期期末質量跟蹤監(jiān)視試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，甲、乙是兩個帶等量異種電荷的點電荷，O是甲、乙連線的中點，a、b是甲、乙連線上關于O點對稱的兩點，a、b兩點的電場強度分別為，a、b兩點的電勢分別為、，則下列關系式正確的是（）A.， B.，C.， D.，2、在如圖所示的電路中，當開關S閉合后，若將滑動變阻器的滑片P向上調節(jié)，下列說法正確的是（）A.燈變亮，電容器的帶電荷量增大B.燈變暗，電壓表的示數增大C.燈變暗，電壓表和電流表的示數都增大D.燈變暗，電流表的示數減小3、下列電器在工作時，主要利用電流熱效應的是A.手機 B.電視機C.電風扇 D.電飯鍋4、激發(fā)電場的帶電體所帶的電荷叫作場源電荷，如圖將一個電荷量和體積都很小的檢驗電荷q放在離場源電荷Q一定距離的P點，它在P點受到的靜電力是F，則P點電場強度可表示為（）A.F B.C. D.取走q后P點電場強度變?yōu)榱?、一個圓形閉合線圈固定在垂直紙面的勻強磁場中，線圈平面與磁場方向垂直，如圖甲所示．設垂直于紙面向內的磁感應強度方向為正，線圈中順時針方向的感應電流為正．已知圓形線圈中感應電流I隨時間變化的圖象如圖乙所示，則線圈所在處的磁場的磁感應強度隨時間變化的圖象可能是圖中的A.B.C.D.6、如圖所示，在光滑水平面上有一質量為m的小物塊與左端固定的輕質彈簧相連，構成一個水平彈簧振子．彈簧處于原長時小物塊位于O點．現使小物塊在M、N兩點間沿光滑水平面做簡諧運動，在此過程中A.小物塊運動到M點時回復力與位移方向相同B.小物塊每次運動到N點時的加速度一定相同C.小物塊從O點向M點運動過程中做加速運動D.小物塊從O點向N點運動過程中機械能增加二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、兩根足夠長光滑導軌豎直放置，間距為L，底端接阻值為R的電阻．將質量為m，電阻也為R的金屬棒懸掛在一個固定的輕彈簧下端，金屬棒與導軌接觸良好，導軌所在的平面與磁感應強度為B的磁場垂直，如圖所示。除金屬棒和電阻R外，其余電阻不計．現將金屬棒從彈簧的原長位置由靜止釋放，則：（）A.金屬棒向下運動時，流過電阻R的電流方向為b→aB.最終彈簧的彈力與金屬棒的重力平衡C.金屬棒的速度為v時，所受的安培力大小為D.金屬棒的速度為v時，金屬棒兩端的電勢差為8、如圖所示，條形磁鐵放在水平粗糙桌面上，它的右上方附近固定有一根長直導線，導線中通與了方向垂直紙面向里（即與條形磁鐵垂直）的電流，與原來沒有放置通電導線時相比較，磁鐵受到的支持力N和摩擦力f的變化情況是（）A.N減小了 B.N增大了C.f始終為0 D.f不為0，且方向向右9、下列現象屬電磁驅動的是A.磁電式儀表線圈的骨架用鋁框來做B.微安表的表頭在運輸時要把兩接線柱短接C.自制金屬地雷探測器D.當圖中B變大時，ab在固定光滑導軌上滑動10、已知壓敏電阻的受力面所受壓力越小，其阻值越大，如圖甲，將壓敏電阻R平放在豎直升降電梯的轎廂內，受力面朝上，在其受力面放一質量為m物體，電梯靜止時電壓表示數為U0；某段時間內電壓表示數隨時間變化圖線如圖乙，則（）A.t1-

t2時間內壓敏電阻受力面所受壓力恒定B.t1-

t2時間內電容器處于充電狀態(tài)C.t2之后電梯處于超重狀態(tài)D.t2之后電梯做勻變速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內電阻”的實驗中，提供的器材有：A．干電池一節(jié)B．電流表(量程0～0.6A～3A)C．電壓表(量程0～3V～15V)D．開關S和若干導線E．滑動變阻器R1(最大阻值20Ω，允許最大電流1A)F．滑動變阻器R2(最大阻值200Ω，允許最大電流0.5A)(1)利用所給的器材測量干電池的電動勢和內阻，滑動變阻器應選________(填寫代號)(2)為使測量盡可能精確，用筆畫線代替導線將如圖所示的實物圖連接成實驗電路____(3)利用實驗測得的數據在如圖所示的坐標系中作出了U-I圖線，由此求得待測電池的電動勢E＝________V，內電阻r＝________Ω．(結果均保留三位有效數字)12．（12分）用多用電表測某一電阻，一同學選擇歐姆擋“×100”，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現指針位置如圖中虛線所示。（1）為了較準確地進行測量，請你補充完整下列依次應該進行的主要操作步驟：A.將選擇開關轉至_____（選填“×1”“×10”或“×1k”）擋；B．將紅、黑表筆短接，進行_____（選填“歐姆調零”或“機械調零”）。（2）重新測量后，刻度盤上的指針位置如圖中實線所示，則測量結果是_____Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，場強大小為E、方向豎直向下的勻強電場中有一矩形區(qū)域abcd，豎直邊ad長為L。在a點有一質量為m1、帶電量為+q的粒子，在c點有一質量為m2、帶電量-q的粒子，兩粒子僅在電場力的作用下同時由靜止開始運動，已知兩粒子同時經過一平行于ab的直線ef（直線ef未畫出）。若已知兩粒子質量之比為m1:m2=1:2，忽略兩粒子間相互作用力且不計粒子重力。求：直線ef到矩形區(qū)域ab邊的距離x。14．（16分）如圖所示，半徑r=0.06m的半圓形無場區(qū)的圓心在坐標原點O處，半徑R=0.1m；磁感應強度大小B=0.075T的圓形有界磁場區(qū)的圓心坐標為（0，0.08m）；平行金屬板MN的長度L=0.3m、間距d=0.1m，兩板間加電壓U=640V，其中N板收集粒子并全部中和吸收．一位于O點的粒子源向第I、II象限均勻發(fā)射比荷=1×108C/kg、速度大小v=6×105m/s的帶正電粒子，經圓形磁場偏轉后，從第I象限射出的粒子速度方向均沿x軸正方向．不計粒子重力、粒子間的相互作用及電場的邊緣效應，sin37°=0.6(1)粒子在磁場中運動軌跡半徑；(2)求從坐標（0，0.18m）處射出磁場的粒子在O點入射方向與y軸的夾角；(3)N板收集到的粒子占所有發(fā)射粒子的比例15．（12分）如圖所示，在一直角坐標系xoy平面內有圓形區(qū)域，圓心在x軸負半軸上，P、Q是圓上的兩點，坐標分別為P（-8L，0），Q（-3L，0）．y軸的左側空間，在圓形區(qū)域外，有一勻強磁場，磁場方向垂直于xoy平面向外，磁感應強度的大小為B，y軸的右側空間有一磁感應強度大小為2B的勻強磁場，方向垂直于xoy平面向外．現從P點沿與x軸正方向成37°角射出一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子，帶電粒子沿水平方向進入第一象限，不計粒子的重力．求：（1）帶電粒子的初速度；（2）粒子從P點射出到再次回到P點所用的時間

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】由于甲、乙是等量異種電荷，等量異種點電荷的電場具有對稱性，可知a與b的電場強度是相等的，即；電場線由正電荷出發(fā)終止于負電荷，甲乙之間的電場方向相同，沿著電場線電勢降低，所以a、b兩點的電勢不相同，b點的電勢高，即，B正確，ACD錯誤。故選B。2、B【解析】A．根據歐姆定律，流過L1的電流其中當滑片P向上調節(jié)時，R增大，I減小，所以燈泡L1變暗；電容器兩端電壓增大，所帶電荷量增大，故A錯誤；B．電壓表示數當I減小時，電壓表示數增大，故B正確；C．流過電流表的電流已知R增大，I減小，所以減小，故C錯誤；D．燈泡L2兩端電壓隨著I減小而增大，所以燈泡L2將變亮，故D錯誤。故選B。3、D【解析】由題意可知考查用電器能量轉化問題，根據電器工作原理分析可得【詳解】A．手機工作時把電能主要轉化為聲能、光能、小部分轉化為內能，故A不符合意；B．電視機工作時把電能主要轉化為光能，小部分轉化為內能，故B不符合意；C．電風扇工作時把電能主要轉化為機械能，小部分轉化為內能，故C不符合意；D．電飯鍋工作時把電能轉化為內能，故D符合題意，所以選擇D選項【點睛】根據各種電器的工作原理、電能轉化特點分析可得4、C【解析】電場強度的定義：放入電場中某點的電荷受到的電場力F與它的電荷量q的比值。P點電場強度可表示為，故ABD錯誤，C正確。故選C。5、C【解析】設垂直紙面向里的磁感應強度方向為正，線圈中順時針方向的感應電流為正，則由乙可知：線圈中在前0.5s內產生了逆時針方向的感應電流，由楞次定律可得：當磁通量增加時，感應磁場方向與原磁場方向相反；當磁通量減小時，感應磁場方向與原磁場方向相同A圖：在前0.5s內由乙圖根據楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．所以A選項錯誤；B圖：在前0.5s內，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，由感應電流方向，結合楞次定律可得：若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．故B錯誤；C圖：在前0.5s內由乙圖根據楞次定律可知，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場增強的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場減弱的．而在0.5s-1.5s，若磁場方向垂直向里（正方向）時，必須是磁場減弱的；若磁場方向垂直向外（負方向）時，必須是磁場增加的．所以C正確；D圖中磁場的變化引起的感應電流與A中完全相同，故可知D錯誤；故選C．【點睛】本題考查法拉第電磁感應定律的圖象應用，要注意正確掌握楞次定律的應用，同時要注意正確分析圖象的性質，能正確應用排除法進行分析．6、B【解析】A.根據F=-kx可知小物塊運動到M點時回復力與位移方向相反，故A錯誤；B.根據可知小物塊每次運動到N點時的位移相同，則加速度一定相同，故B正確；C.小物塊從O點向M點運動過程中加速度方向與速度方向相反，做減速運動，故C錯誤；D.小物塊從O點向N點運動過程中彈簧彈力對小物塊做負功，小物塊的機械能減小，故D錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AB【解析】A．金屬棒向下運動時切割磁感線，根據右手定則判斷可知，流過電阻R的電流方向為b→a，故A正確；B．由于金屬棒產生感應電流，受到安培力的阻礙，最終金屬棒停止運動，由平衡條件可知，最終彈簧的彈力與金屬棒的重力平衡，故B正確；CD．當金屬棒的速度為v時，金屬棒相當于一個電源，電源電動勢回路中的電流安培力金屬棒兩端的電壓相當于路端電壓為故CD錯誤。故選AB。8、AD【解析】以導線為研究對象，由左手定則判斷得知導線所受安培力方向斜向右下方；根據牛頓第三定律得知，導線給磁鐵一個方向斜向左上方的力，則磁鐵有向左運動的趨勢，受到向右的摩擦力，同時磁鐵對地面的壓力減小，由牛頓第三定律可得，磁鐵受到的支持力N減小。故選AD。9、AD【解析】A．鋁是導體，儀表指針偏轉時鋁框隨之轉動，并切割磁感線產生感應電流，感應電流又會受到安培阻力，阻礙線圈的轉動，故A正確；

B．連接后由于電磁效應動圈阻尼變得極大，運輸時線圈不再容易擺動，可以防止指針打壞，故B錯誤；

C．金屬探測器由高頻振蕩器、振蕩檢測器、音頻振蕩器和功率放大器等組成，而非電磁驅動，故C錯誤；

D．當圖中B變大時，回路中產生電流，又產生安培力，故屬于電磁驅動，故D正確；

故選AD。10、BD【解析】由圖壓敏電阻上的電壓不變，由歐姆定律知，其阻值不變；當電壓增大時，壓敏電阻以外的其余部分分擔的電壓減小，電路中的電流值將減小，所以電路中的電阻值增大，其余的部分電阻值不變，所以壓敏電阻的電阻值增大．在t1-t2時間內壓敏電阻上的電壓增大，壓敏電阻的電阻值增大，知壓敏電阻的受力面所受壓力減?。蔄錯誤；由電路圖可知，電容器兩端的電壓與電壓表兩端的電壓是相等的，在t1-t2時間內電壓表兩端的電壓增大，所以電容器兩端的電壓增大，則電容器處于充電狀態(tài)．故B正確；由圖可知，t2之后電壓表兩端的電壓大于開始時電壓表兩端的電壓，所以壓敏電阻的受力面所受壓力小于開始時受到的壓力，所以電梯處于失重狀態(tài)．故C錯誤；t2之后電壓表兩端的電壓不變，則壓敏電阻的受力面所受壓力不變，由于小于開始時受到的壓力，所以t2之后電梯做勻變速運動，故D正確．綜上分析，BD正確分卷II三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、(1)E(或R1)(2)如圖(3)1.50；1．25【解析】（1）因為一節(jié)干電池的內阻不是很大，所以選擇較小范圍的滑動變阻器，故選E（2）因為電流表內阻和電源內阻非常接近，所以采用電流表內接，否則電流表的分壓，電壓表測量的不是路端電壓，如圖所示（3）U-I圖像的縱截距表示電流斷路時電源兩端的電壓，此時等于電源電動勢，故E=1.5V，圖像的橫截距表示短路電流，此時有，解得考點：“用電流表和電壓表測電池的電動勢和內電阻”的實驗【名師點睛】測定電源的電動勢和內電阻是高中階段電學實驗考查的重點，是近幾年各地高考題目的出題熱點，本題突出了對于實驗原理、儀器選擇及U-I圖象處理等多方面內容的考查，題目層次源于課本，凸顯能力，體現創(chuàng)新意識，側重于對實驗能力的考查12、①.×10②.歐姆調零③.130【解析】（1）[1][2]．選擇×100倍率，用正確的操作步驟測量時，指針偏轉角度太大說明指針示數太小，選擇倍率太大，為準確測量電阻阻值：A．應換用小擋位，換用×10倍率檔；B．將紅、黑表筆短接，進行歐姆調零。（2）[3]．由圖示表盤可知，測量結果為：13×10=130Ω；四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、【解析】質量為m1、帶電量為+q的粒子的加速度大小為質量為m2、帶電量-q的粒子的加速度大小為由運動位移關系有