湖南省寧鄉(xiāng)市2023-2024學(xué)年高考仿真卷物理試卷含解析

湖南省寧鄉(xiāng)市2023-2024學(xué)年高考仿真卷物理試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。

2.答題時請按要求用筆。

3.請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。

4.作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。

5.保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項選擇題；木題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，傳送帶48長為16m,水平地面8C的長為8m,傳送帶與水平地面之間8處由光滑小圓弧連接，物塊

在5處由傳送帶滑到水平地面速度大小不變，物塊與水平地面間、傳送帶間的動摩擦因數(shù)均為0.5,光滑半圓形軌道

CO的半徑為1.25m,與水平地面相切于C點，其直徑CD右側(cè)有大小為100V/m、方向水平向左的勻強(qiáng)電場。傳送帶

以10m/s的速度順時針運(yùn)動，帶正電的物塊可看成質(zhì)點，其質(zhì)量為5kg,帶電荷量為0.5C,從靜止開始沿傾角為37°

的傳送帶頂端4滑下。已知5而37。=06cos37°=0.8,g取lOm/sz,則下列說法正確的是（）

A.物塊在傳送帶上先加速后勻速

B.物塊在傳送帶上運(yùn)動的時間為3s

C.物塊到達(dá)C點時對。點的壓力為306N

D.物塊可以運(yùn)動到。點，在。點速度為Jllm/s

2、如圖所示，足夠長的小平板車8的質(zhì)量為以水平速度均向右在光滑水平面上運(yùn)動，與此同時，質(zhì)量為帆的小

物體A從車的右端以水平速度用沿車的粗糙上表面向左運(yùn)動.若物體與車面之間的動摩擦因數(shù)為M，則在足夠長的時

間內(nèi)（）

A

n

2M片

A.若物體A對地向左的最大位移是

B.若小車〃對地向右的最大位移是竺

Rng

C.無論M與m的大小關(guān)系如何，摩擦力對平板車的沖量均為，“0

D?無論M與m的大小關(guān)系如何，摩擦力的作用時間均為而右

3、如圖所示，完全相同的兩個光滑小球A、B放在一置于水平桌面上的圓柱形容器中，兩球的質(zhì)量均為，〃，兩球心的

連線與豎直方向成30角，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。則下列說法中正確的是（）

A.4對〃的壓力為二￥機(jī)身

B.容器底對B的支持力為〃電

c.容器壁對B的支持力為立

77

D.容器壁對4的支持力為

6

4、如圖所示，勁度系數(shù)為”的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為w的物體P接觸，但未與物

體尸連接，彈簧水平且無形變?，F(xiàn)對物體尸施加一個水平向右的瞬間沖量，大小為A）,測得物體P向右運(yùn)動的最大距

離為x。，之后物體尸被彈簧彈回最終停在距離初始位置左側(cè)2丫。處。已知彈簧始終在彈簧彈性限度內(nèi)，物體產(chǎn)與水平

面間的動摩擦因數(shù)為〃，重力加速度為g,下列說法中正確的是（）

A.物體產(chǎn)與彈簧作用的過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能昂=殳-3"〃@%

B.彈簧被壓縮成最短之后的過程，尸先做加速度減小的加速運(yùn)動，再做加速度減小的減速運(yùn)動，最后做勻減速運(yùn)動

C.最初對物體P施加的瞬時沖量，。=2%/2〃回

D.物體P整個運(yùn)動過程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量大小相等、方向相反

5、某物體以一定的初速度沿足夠長的斜面從底端向上滑去，此后該物體的運(yùn)動圖像不可熊的是（圖中x是位移、v是

速度、I是時間）

6、做豎直上拋運(yùn)動的物體，在任意相同時間間隔內(nèi)，速度的變化量（）

A.大小相同、方向相同B.大小相同、方向不同

C.大小不同、方向不同D.大小不同、方向相同

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、如圖所示，分別在M、N兩點固定放置帶電荷量分別為+0和（。為）的點電荷，以連線的中點。為圓心的

圓周上有A、B、C、O四點。以下判斷正確的是（）

C

I）

A.4點的電場強(qiáng)度小于8點的電場強(qiáng)度

B.C點的電場強(qiáng)度方向跟。點的電場強(qiáng)度方向相同

C.A、C兩點間的電勢差等于A、0兩點間的電勢差

D.試探電荷”在A點的電勢能大于在3點的電勢能

8、靜電場方向平行于x軸，其電勢隨工軸分布的0—尤圖像如圖所示，化和%均為已知量，某處由靜止釋放一個電

子，電子沿X軸往返運(yùn)動。已知電子質(zhì)量為〃2,帶電荷量為e,運(yùn)動過程中的最大動能為耳，則（）

B.在往返過程中電子速度最大時的電勢能為一%0

2xE

C.釋放電子處與原點的距離為

D.電子從釋放點返回需要的時間為

（3）由相關(guān)數(shù)學(xué)知識可知，在軟管內(nèi)氣體體積△V不可忽略時，圖象為雙曲線，試用坡意耳定律分析，該雙曲線

的漸近線（圖力中的虛線）方程是p=_.（用%、“、△v表示）

（1）選用歐姆檔xio倍率，先將表筆短接調(diào)零，再如圖甲所示，將表筆接到分壓電路兩端，從滑片移動到最右端開始

進(jìn)行測量，如圖乙所示，根據(jù)指針位置，電阻讀數(shù)為。。

（2）將滑片逐漸滑動到最左端而不做其他變動，移動過程中讀數(shù)變億情況是一

A.增大B.減小C.先增大后減小D.先減小后增大

（3）記錄下整個過程中讀數(shù)的最小值為24Q,得到電阻的變化范圍.這樣測量的最小值的方法是否合理？若合理，

寫出電阻變化范圍；若不合理，說明應(yīng)如何改正一。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，在第一象限內(nèi)有垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,一個帶正電的粒子質(zhì)量為切、

電荷量為外不計粒子的重力，由x軸上的P點垂直磁場射入，速度與x軸正方向夾角0=45。，p點到坐標(biāo)原點的跑離

為L

⑴若粒子恰好能從y軸上距原點L處的。點飛出磁場，求粒子速度大??；

⑵若粒子在磁場中有最長的運(yùn)動時間，求粒子速度大小的范圍。

XXXXXXX

XXx^x

XXX

QxxxXXXX

XXXXXXX

XXXXXXX

14.（16分）如圖所示，Ab為豎直平面內(nèi)的細(xì)管狀半圓軌道，A3連線為豎直直徑，軌道半徑A=6.4m,軌道內(nèi)壁光滑,

A、8兩端為軌道的開口。8C為粗糙水平軌道，其長度s=8.4m。。為傾角柒37。的斜面。用兩個小物塊。、b緊靠在

一輕彈簧的兩端將彈簧壓縮，用細(xì)線將兩物塊綁住，沿軌道靜置于C點。彈簧很短，物塊與彈簧均不拴接，物塊。的

線度略小于細(xì)管的內(nèi)徑。燒斷細(xì)線，兩物塊先后落到斜面的M點，CM兩點之間的距離L=12m。已知物塊跟水平軌道

之間的動摩擦因數(shù)4=亍，忽略空氣阻力，取重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8<,求：

（1）物塊力剛離開彈簧的瞬間，其速率均是多少；

（2）設(shè)物塊〃、力的質(zhì)量分別為,川、〃⑦則低是多少？（結(jié)果可以用根式表示）

15.（12分）我校陽光體育活動跑操過程如圖所示.環(huán)形跑道由矩形ABCD和兩個半圓BEC、DFA組成.已知AB長

L,AD長d.跑操時，學(xué)生均勻地排列在環(huán)形跑道上以相同的方式整齊地跑動.某人用遙控直升機(jī)下懸掛質(zhì)量為m的

攝像機(jī)拍攝跑操情況.開始時遙控直升機(jī)懸停在C點正上方.

B

(1)小王在跑操前正好站在A點，聽到起跑命令后從靜止開始沿AB方向做勻加速直線運(yùn)動，到達(dá)AB中點時速度達(dá)

到v,然后勻速率跑動.求小王跑完一圈所用的時間；

(2)若遙控直升機(jī)從C點正上方運(yùn)動到D點正上方經(jīng)歷的時間為t,直升飛機(jī)的運(yùn)動視作水平方向的勻加速直線運(yùn)

動.在拍攝過程中懸掛攝影機(jī)的輕繩與豎直方向的夾角始終為P，假設(shè)空氣對攝像機(jī)的作用力始終水平.試計算這段

時間內(nèi)空氣對攝像機(jī)作用力的大小.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

AB.剛開始運(yùn)動時，對物塊受力分析可知

mgsin37°+/./mgcos37°=

解得

?i=10m/s2

物塊與傳送帶達(dá)到共同速度時

解得

Zi=ls

物塊的位移

12c

丫二”;二5利

此后對物塊受力分析可知

mgsin37O-pimgcos37°=ma2

解得“2=2m/s2,物塊在傳送帶上的第二段運(yùn)動

解得，2=1S,物塊在傳送帶上運(yùn)動的時間

Z=/,+Z2=2s

物體在傳送帶上先以Qi=10m/s?加速，再以〃2=2m/s2加速，AB錯誤；

C.物塊到達(dá)傳送帶底端的末速度

v2=v+a2t2=12m/s

在水平地面上，物塊做勻減速直線運(yùn)動，其加速度大小

a==5m/s2

設(shè)物塊到達(dá)C點時的速度為門，則

Vj一%——2aL

解得

V3=8ni/s

設(shè)此時C點對物塊的支持力為尸N,根據(jù)牛頓第二定律，有

外一郎=也

r

解得

尸N=306N

根據(jù)牛頓第三定律可知，物塊對。點的壓力大小為306N,故C正確；

D.由于物塊在電場中有

Eq=mg=50N

重力和電場力合力為

心二50拉N

n

方向與豎直方向成45。角，所以物塊的等效最高點在上半部圓弧與豎直方向成45。角處，要過等效最高點需要的最小速

度為

2

口二機(jī)冬，

R

代入數(shù)據(jù)得

匕3=vl2?5\/2m/s之J17.7m/s

而實際上，物塊由。點運(yùn)動到等效最高點時的速度，由動能定理可得

—mg(R+一乎EqR=|〃喉-；mv1

代入數(shù)據(jù)可得

%：=V39-25V2m/sx>/3^6m/s<vmin

所以物塊過不了等效最高點，物塊就不可能到達(dá)。點，故D錯誤。

故選C。

2、D

【解析】

根據(jù)動量守恒定律求出M與加的共同速度，再結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式求出物體和小車相對于地面的位移.根

據(jù)動量定理求出摩擦力的作用的時間，以及摩擦力的沖量.

【詳解】

規(guī)定向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律有V,解得y若M〉m,A所受的摩

M+m

12

擦力/="依，對A,根據(jù)動能定理得：-=0-不〃就，則得物體A對地向左的最大位移4=3—,若M<rn,

22〃g

對5,由動能定理得-〃〃吆火％=。-!用片，則得小車“對地向右的最大位移/二產(chǎn)」，AB錯誤；根據(jù)動量定理

22〃"7g

知，摩擦力對平板車的沖量等于平板車動量的變化量，即/=Mu-M%=一2嗎：o,c錯誤；根據(jù)動量定理得

〃7+何

2Mv0

一力=-/=w〃g，解得'=4（M+〃7）g，口正確?

【點睛】

本題綜合考查了動量守恒定律和動量定理，以及牛頓第二定律和運(yùn)動學(xué)公式，綜合性強(qiáng)，對學(xué)生的要求較高，在解題

時注意速度的方向.

3、A

【解析】

AD.對球A受力分析可知，球6對A的支持力

F二二26mg

^-cos30"—F

則A對B的壓力為晉〃吆；

容器壁對A的壓力

匕t飛c6

FN=mgtan30=—mg

選項A正確，D錯誤；

B.對球43的整體豎直方向有

N=2mg

容器底對B的支持力為2mgf選項B錯誤；

C.對球AS的整體而言，容器壁對片的支持力等于器壁對A的壓力，則大小為且〃吆，選項C錯誤；

故選A。

4、C

【解析】因物體整個的過程中的路程為4沏，由功能關(guān)系可得：wng4q=L咸=2"，可知，/）=2〃?而嬴，

22m

故C正確；當(dāng)彈簧的壓縮量最大時，物體的路程為xo,則壓縮的過程中由能量關(guān)系可知：^mvl-pmgx=Ep,

所以：身二幺-3唔X。（或Ep=3nmg、o）.故A錯誤；彈簧被壓縮成最短之后的過程，P向左運(yùn)動的過程中水平方向

2in

上受到彈簧的彈力和滑動摩擦力，滑動摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，可知物體先做加速度先

減小的變加速運(yùn)動，再做加速度增大的變減速運(yùn)動，最后物體離開彈簧后做勻減速運(yùn)動；故B錯誤；物體P整個運(yùn)動

過程，P在水平方向只受到彈力與摩擦力，根據(jù)動量定理可知，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量的和等于I。，故D錯

誤.故選C.

點睛:本題分析物體的受力情況和運(yùn)動情況是解答的關(guān)鍵，要抓住加速度與合外力成正比，即可得到加速度是變化的.運(yùn)

用逆向思維研究勻減速運(yùn)動過程，求解時間比較簡潔.

5、C

【解析】

試題分析：物體上滑過程中，由于受力恒定，做勻減速直線運(yùn)動，故位移如果上滑到最高點能下滑，

則為拋物線，若物體上滑上最高點，不能下落，則之后位移恒定，AB正確；速度時間圖像的斜率表示加速度，上滑

過程中加速度為4=（gsin6+〃gcos。），下滑過程中加速度4=（gsin。一〃gcos。），故上滑過程中加速度大于下

滑過程中的加速度，C錯誤；如果物體上滑做勻減速直線運(yùn)動，速度減小到零后，重力沿斜面向下的分力小于最大靜

摩擦力，則物體不會繼續(xù)下滑，故處于靜止?fàn)顟B(tài)，故D正確；

考點：考查了運(yùn)動圖像

【名師點睛】物體以一定的初速度沿足夠長的斜面，可能先向上做勻減速直線運(yùn)動，后向下做勻加速直線運(yùn)動，勻加

速運(yùn)動的加速度小于句減速運(yùn)動的加速度，物體返回時速度減??；可能先向上做勻減速直線運(yùn)動，后停在最高點

6、A

【解析】

試題分析：根據(jù)速度的公式、=vo-似可得，

在任意相同時間間隔內(nèi)，速度的變化量為△v=-2△3

即，速度變化的大小為gA3方向與初速度的方向相反，所以A正確.

故選A.

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

7、CD

【解析】

A.由于A點處電場線比〃點處電場線密，4點的電場強(qiáng)度大于8點的電場強(qiáng)度，A錯誤；

B.電場線從。出發(fā)到g終止，關(guān)于MN對稱，C、&兩點電場線疏密程度相同，但方向不同，B錯誤；

C.由于C點電勢等于。點電勢，則八、c兩點間的電勢差等于人、。兩點間的電勢差，C正確；

D.A點的電勢高于6點的電勢，+0在A點的電勢能大于在3點的電勢能，D正確。

故選CD,

8、ABD

【解析】

A.在OVxVxo區(qū)間內(nèi)，場強(qiáng)大小

E工紈

d/

方向沿+工方向；在?xoVxVO區(qū)間內(nèi)，場強(qiáng)大小

d/

場強(qiáng)方向沿一x方向，故A正確；

B.根據(jù)能量守恒可知，電子速度最大即動能最大時，電勢能最小，根據(jù)負(fù)電荷在電勢高處電勢能小，則此時電勢能

為

Ep=一明

故B正確；

C.已知電子質(zhì)量為加、帶電荷量為e,在運(yùn)動過程中電子的最大功能為笈k,根據(jù)動能定埋得

eEx]=Ek

得

故C錯誤；

D.根據(jù)牛頓第二定律知

"空*

m〃工%

粒子從靜止到動能最大的時間為四分之一周期，勻加速直線運(yùn)動的時間為

電子從釋放點返回需要的時間為

7=4”也

的。

故D正確。

故選ABDo

9、AD

【解析】

試題分析：帶電粒子在加速電場中加速，電場力做功W=Eiqd；由動能定理可知：Eiqd=^mv2；

解得：、,二匡畫;粒子在偏轉(zhuǎn)電場中的時間/=’;在偏轉(zhuǎn)電場中的縱向速度％="=、孕二

VmVY2E、md

IEl3

縱向位移工=732=3；即位移與比荷無關(guān)，與速度無關(guān)；則可三種粒子的偏轉(zhuǎn)位移相同，則偏轉(zhuǎn)電場對三種粒

2gd

子做功一樣多；故A正確，B錯誤；因三粒子由同一點射入偏轉(zhuǎn)電場，且偏轉(zhuǎn)位移相同，故三個粒子打在屏幕上的位

置一定相同；因粒子到屏上的時間與橫向速度成反比；因加速后的速度大小不同，故三種粒子運(yùn)動到屏上所用時間不

相同；故C錯誤，D正確；故選AD.

考點：帶電粒子在勻強(qiáng)電場中的運(yùn)動

【名師點睛】此題考查帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)，要注意偏轉(zhuǎn)中的運(yùn)動的合成與分解的正確應(yīng)用；正確列出對應(yīng)的表

達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式再去分析速度、位移及電場力的功.

10、BC

【解析】

A.Uis時，物體開始運(yùn)動，故此時的受力等于物體的最大靜摩擦力，故有

/=F=1.5N

故A錯誤；

B.根據(jù)牛頓第二定律有

F_f=ma

代入尸=6N,o=3m/s2得

m=1.5kg

故B正確；

C.在y—f圖象中，與時間軸所圍面積為物體的速度，則有

v=—x3x3m/s=4.5m/s

2

由動量定理可得

I=mAv=1.5x4.5N?s=6.75N-s

故C正確；

D.在0~4s時間內(nèi)，產(chǎn)的沖量為

1F=^^x4N-s=12N-s

「2

則摩擦力沖量為

/f=/-/F=(6.75-12)N-s=-5.25N-s

故D錯誤。

故選BC

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、用手握住注射器前端溫度1Pi(匕+叫

AV

【解析】

(1)口］［2］在進(jìn)行該實驗時要保持被封閉氣體的溫度不變化，所以實驗中，不能用手握住注射器前端，否則會使氣體的溫

度發(fā)生變化.

⑵網(wǎng)在p■上圖象中，實驗中因軟管的體積不可忽略，氣體測出的體積要比實際體積要小，所以壓強(qiáng)尸會偏大，最后

擬合出的J直線應(yīng)是圖〃中的1圖線

⑶［4］在軟管內(nèi)氣體體積△V不可忽略時，被封閉氣體的初狀態(tài)的體積為Vi+AV,壓強(qiáng)為Pi,末狀態(tài)的體積為V+AV,

壓強(qiáng)為凡由等溫變化有:

Pi(V1+AV)=P(V+AV)

解得:

,%+AV、

P=Pi(----------)

V+AV

當(dāng)式中的V趨向于零時，有:

,V.+AV、

P=PiC-2--------)

AV

即該雙曲線的漸近線(圖力中的虛線)方程是:

,V.+AV、

P=PiC-2--------)

AV

12、200B不合理，理由見解析

【解析】

歐姆表表盤示數(shù)為20.0,倍率為10,則最后讀數(shù)為:

20.0x10=200。,

⑵⑵根據(jù)串并聯(lián)電路的特點可知，將滑片逐漸滑動到最左端而不做其他變動，電路的電阻減小，則移動過程中讀數(shù)減

小，B正確；

故選B。

⑶網(wǎng)不合理，讀數(shù)為24。時采用xlO時指針太偏右，倍率偏大，應(yīng)換xl倍率重新調(diào)零后再測量。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)v?qBL；(2)/2—桓)(皿.

2mm

【解析】

(1)粒子的軌跡如圖所示

設(shè)粒子速率為v

qvB=m—

r

由幾何關(guān)系得

2

解得八燮

(2)若粒子在磁場運(yùn)動時間最長，則應(yīng)從x軸射出磁場，設(shè)其速度的最大值為%粒子恰好與)軸相切。由幾何關(guān)系可

知

6+7QCOS45°=L

解得石=(2-粒子的速度u《生二回避

m

89

14、(l)8m/s；(2)一或絲■

197

【解析】

(1)物塊b離開彈簧后做平拋運(yùn)動。設(shè)從C運(yùn)動到M歷時為。則

2

Lsin37=—^/,Leos37=vor