全國卷2024-2025學年高考生物精鴨點突破專題07遺傳的分離定律與自由組合定律含解析

專題07遺傳的分別定律與自由組合定律一、單選題1．甲、乙兩位同學分別用小球做孟德爾定律模擬試驗。甲同學每次分別從Ⅰ、Ⅱ小桶中隨機抓取一個小球并記錄字母組合；乙同學每次分別從Ⅲ、Ⅳ小桶中隨機抓取一個小球并記錄字母組合。將抓取的小球分別放回原來小桶后再多次重復。下列敘述錯誤的是A．試驗中每只小桶內兩種小球的數(shù)量必需相等B．甲同學模擬的是等位基因的分別和配子的隨機結合C．乙同學模擬的是非同源染色體上非等位基因的自由組合D．甲、乙重復300次試驗后，統(tǒng)計的Dd、AB組合的概率均約為50%【答案】D【解析】試驗中每只小桶內小球上的兩個字母表示位于一對同源染色體的上等位基因，因此兩種小球的數(shù)量必需相等，A項正確；Ⅰ、Ⅱ小桶中的小球為同種字母，則兩個小桶分別表示雌、雄生殖器官，小桶中兩種顏色的小球分別表示雌雄配子，因此甲同學模擬的是等位基因的分別和雌雄配子的隨機結合，B項正確；小球的顏色和字母表示同源染色體上的等位基因，Ⅲ、Ⅳ小桶中小球上的字母不同，表示的是同一生殖器官，所以乙同學模擬的是減數(shù)分裂過程中非同源染色體上的非等位基因的自由組合，C項正確；甲、乙重復300次試驗后，統(tǒng)計的Dd、AB組合的概率約分別為50%、25%，D項錯誤。2．某植物的高莖（B）對矮莖（b）為顯性，花粉粒長形（D）對圓形（d）為顯性，花粉粒非糯性（E）對花粉粒糯性（e）為顯性，非糯性花粉遇碘液變藍色，糯性花粉遇碘液呈棕色。現(xiàn)有品種甲（BBDDee）、乙（bbDDEE）、丙（BBddEE）和?。╞bddee），進行了如下兩組試驗：親本F1生殖細胞組合一甲×丁BDe：Bde：bDe：bde=4：1：1：4組合二丙×丁BdE：Bde：bdE：bde=1：1：1：1下列敘述錯誤的是（）A．由組合一可知，基因B、b和基因D、d位于同一對同源染色體上B．組合一利用F1自交能驗證基因的自由組合定律C．由組合二可知，基因E、e和基因B、b位于不同對同源染色體上。利用F1自交所得F2中，雜合子占3/4D．利用花粉鑒定法（檢測F1花粉性狀）驗證基因的自由組合定律，可選用的親本組合有甲×丙【答案】B【解析】A、雜交組合一的結果可知，基因B/b和基因D/d不遵循自由組合定律，因此位于同一對同源染色體上，A正確；B、組合一的子一代，兩對等位基因位于一對同源染色體上，因此不能驗證自由組合定律，B錯誤；C、由雜交組合二的結果可知，因E/e和基因B/b遵循自由組合定律，因此位于不同對同源染色體上，子一代自交后代有16種組合，其中純合體是BBddEE、BBddee、bbddEE、bbddee，占1/4，雜合子的比例是3/4，C正確；D、甲、丙的基因型分別是BBDDee、BBddEE，雜交后代的基因型及比例是BBDdEe，由于B（b）、D（d）位于一對同源染色體上，E（e）與B（b）位于2對同源染色體上，因此E（e）、與D（d）位于2對同源染色體上，遵循自由組合定律，因此子一代產生的花粉的類型及比例是BDE：BDe：BdE：Bde＝1：1：1：1，花粉類型分別表現(xiàn)為長形非糯性、長形糯性、圓形非糯性、圓形糯性，因此可以利用花粉鑒定法驗證自由組合定律，D正確。3．圖甲中4號為M病患者，對1、2、3、4進行關于M病的基因檢測，將各自含有M病基因或正常基因的相關DNA片段（數(shù)字代表長度）用層析法分別，結果如圖乙．下列有關分析推斷正確的是（）A．長度為9.7單位的DNA片段含有M病的致病基因B．系譜圖中3號個體的基因型與1、2的基因型相同的概率為2/3C．乙圖中的個體d是系譜圖中的4號D．3與一M病基因攜帶者結婚，生一個M病孩子的概率為1/6【答案】C【解析】A、從乙圖中可以看出，d的DNA片段只有一種長度為7.0的片段，是純合子，是4號的DNA片段，該片段上含有M病的致病基因，A錯誤；B、從乙圖中可以看出，a、b、c含有長度為9.7和7.0兩種長度的片段的DNA，分別是1、2、3個體的基因，1、2、3個體的基因型相同，都是雜合子，B錯誤；C、由A項分析可知，乙圖中的個體d是系譜圖中的4號，C正確；D、由B項分析可知，3號個體是雜合子，與一M病基因攜帶者結婚，生一個M病孩子的概率為1/4，D錯誤。4．下列有關基因的分別定律和自由組合定律的說法正確的是（）A．一對相對性狀的遺傳確定遵循基因的分別定律而不遵循自由組合定律B．等位基因的分別發(fā)生在配子產生過程中，非等位基因的自由組合發(fā)生在配子隨機結合過程中C．多對等位基因遺傳時，等位基因先分別，非等位基因自由組合后進行D．若符合自由組合定律，雙雜合子自交后代不確定出現(xiàn)9∶3∶3∶1的性狀分別比【答案】D【解析】A、假如一對相對性狀由多對獨立遺傳的等位基因限制，則其遺傳遵循自由組合定律，A錯誤；BC、等位基因的分別和非等位基因的自由組合均發(fā)生在配子產生過程中，二者是同時進行的，B、C錯誤；D、假如雙雜合子的兩對等位基因之間存在互作關系，則雙雜合子自交后代可能不符合9∶3∶3∶1的性狀分別比，D正確。5．將基因型為Aa的豌豆連續(xù)自交，將后代中的純合子和雜合子所占的比例繪制成如圖所示的曲線，據(jù)圖分析，錯誤的說法是（）A．a曲線可代表自交n代后純合子所占的比例B．b曲線可代表自交n代后顯性純合子所占的比例C．隱性純合子的比例比b曲線所對應的比例要小D．c曲線可代表后代中雜合子所占比例隨自交代數(shù)的改變【答案】C【解析】A、雜合子自交n代，后代純合子所占的比例為1-（1/2）n，自交代數(shù)越多，該值越趨向于1，所以a曲線可代表自交n代后純合子所占的比例，A正確；B、純合子包括顯性純合子和隱性純合子，并且它們比例相等，因此顯性純合子=1/2×[1-（1/2）n]，自交代數(shù)越多，該值越趨向于1/2，所以b曲線可代表自交n代后顯性純合子所占的比例，B正確；C、顯性純合子和隱性純合子所占比例相等，因此隱性純合子的比例也可用b曲線表示，C錯誤；D、雜合子的比例為（1/2）n，隨著自交代數(shù)的增加，后代雜合子所占比例越來越小，且無限接近于0，所以c曲線可代表后代中雜合子所占比例隨自交代數(shù)的改變，D正確。6．正常的水稻體細胞染色體數(shù)為2n=24?，F(xiàn)有一種三體水稻，細胞中7號染色體有三條。該水稻細胞及其產生的配子類型如圖所示(6、7為染色體標號：A為抗病基因，a為感病基因：①~④為四種配子類型)。已知染色體數(shù)異樣的配子(①③)中雄配子不能參加受精作用，雌配子能參加受精作用。以下說法正確的是A．形成配子①的次級精母細胞中染色體數(shù)始終為13B．正常狀況下，配子②④可由同一個初級精母細胞分裂而來C．以該三體抗病水稻作母本，與感病水稻(aa)雜交，子代抗病個體中三體植株占3/5D．以該三體抗病水稻作父本，與感病水稻(aa)雜交，子代中抗病︰感病=5︰1【答案】C【解析】已知正常的水稻體細胞染色體數(shù)為2n=24條，則形成配子①的次級精母細胞中染色體數(shù)為13條或26條，A錯誤；②的基因型為a，④的基因型為A，兩者不行能來自于同一個初級精母細胞，B錯誤；以該三體抗病水稻作母本，與感病水稻(aa)雜交，產生的子代的基因型及其比例為AAa：aa：Aaa：Aa=1：1：2：2，因此子代抗病個體中三體植株占3/5，C正確；以該三體抗病水稻作父本，與感病水稻(aa)雜交，由于染色體數(shù)異樣的配子(①③)中雄配子不能參加受精作用，因此后代的基因型及其比例為aa：Aa=1：2，則子代中抗病︰感病=2︰1，D錯誤。7．無尾貓是一種欣賞貓。貓的無尾、有尾是一對相對性狀，按基因的分別定律遺傳。為了選育純種的無尾貓，讓無尾貓自由交配多代，但發(fā)覺每一代中總會出現(xiàn)約1/3的有尾貓，其余均為無尾貓。由此推斷正確的是（）A．貓的有尾性狀是由顯性基因限制的B．自由交配后代出現(xiàn)有尾貓是基因突變所致C．自由交配后代無尾貓中既有雜合子又有純合子D．無尾貓與有尾貓雜交后代中無尾貓約占1/2【答案】D【解析】A、依據(jù)分析，貓的無尾性狀是由顯性遺傳因子限制的，有尾性狀是由隱性基因限制的，A錯誤；B、自交后代出現(xiàn)1/3有尾貓是基因分別后雌雄配子隨機結合，顯性純合致死所致，B錯誤；C、由于顯性純合致死，所以自交后代無尾貓中只有雜合子，C錯誤；D、無尾貓（Aa）與有尾貓（aa）雜交后代的基因型及比例為：Aa（無尾）：aa（有尾）=1：1，其中無尾貓約占1/2，D正確。8．噴瓜有雄株、雌株和兩性植株，G基因確定雄株，g基本確定兩性植株，g-基因確定雌株，G對gg-是顯性，g對g-是顯性，如：Gg是雄株,gg-是兩性植株，g-g-是雌株。下列分析正確的是A．Gg和Gg-能雜交并產生雄株B．一株兩性植株的噴瓜最多可產生三種配子C．兩性植株自交不行能產生雌株D．兩性植株群體內隨機傳粉，產生的后代中，純合子比例高于雜合子【答案】D【解析】A、從題意可知，Gg、Gg-均為雄性，不能雜交，A項錯誤；B、兩性為gg-可產生兩種配子，B項錯誤；C、兩性植株gg-可自交可產生g-g-雌株，C項錯誤；D、若兩性植株群體內隨機傳粉，則純合子比例會比雜合子高，D項正確。9．下列試驗及結果中，能作為干脆證據(jù)說明“核糖核酸是遺傳物質”的是（）A．紅花植株與白花植株雜交，F(xiàn)1為紅花，F(xiàn)2中紅花：白花=3:1B．病毒甲的RNA與病毒乙的蛋白質混合后感染煙草只能得到病毒甲C．加熱殺死的S型肺炎雙球菌與R型活菌混合培育后可分別出S型活菌D．用放射性同位素標記T2噬菌體外殼蛋白，在子代噬菌體中檢測不到放射性【答案】B【解析】紅花植株與白花植株雜交，F(xiàn)1為紅花，F(xiàn)2中紅花：白花=3:1，屬于性狀分別現(xiàn)象，不能說明RNA是遺傳物質，A錯誤；病毒甲的RNA與病毒乙的蛋白質混合后感染煙草只能得到病毒甲，說明病毒甲的RNA是遺傳物質，B正確；加熱殺死的S型肺炎雙球菌與R型活菌混合培育后可分別出S型活菌，只能說明加入殺死的S型菌存在轉化因子，不能說明RNA是遺傳物質，C錯誤；用放射性同位素標記T2噬菌體外殼蛋白，在子代噬菌體中檢測不到放射性，說明蛋白質未進入大腸桿菌，不能證明RNA是遺傳物質，D錯誤。故選B。10．孟德爾的單因子雜交試驗中，下列敘述與F2出現(xiàn)3∶1性狀分別比無關的是（）A．F1產生的雌雄配子數(shù)量不同B．不同基因型的配子活性相同C．個體表現(xiàn)型不受環(huán)境影響D．不同基因型的個體存活率相同【答案】A【解析】A、一般狀況下雌配子的數(shù)目比雄配子少，所以F1產生的雌雄配子數(shù)量不同與子代出現(xiàn)3∶1的性狀分別比無關，A符合題意；B、不同基因型的配子活性相同是出現(xiàn)3∶1分別比前提條件，B不符合題意；C、個體表現(xiàn)型不受環(huán)境影響，全部的表現(xiàn)型都可以表現(xiàn)出來是出現(xiàn)3∶1分別比前提條件，C不符合題意；D、不同基因型的個體存活率相同是出現(xiàn)3∶1分別比前提條件，D不符合題意。11．原產歐洲南部噴瓜的性別不是由性染色體確定，而是由3個遺傳因子aD、a+、ad確定的，aD對a+為顯性，a+對ad為顯性，它們的性別表現(xiàn)與遺傳因子組成如下表所示?，F(xiàn)有兩株噴瓜雜交，產生的后代有雄性、雌雄同株、雌性這三種性別的性狀表現(xiàn)，則其比例為性別類型遺傳因子組成雄性植株aDa+、aDad雌性植株adad兩性植株（雌雄同株）a+a+、a+adA．4：2：1 B．3：1：1 C．2：1：1 D．1：2：1【答案】C【解析】依據(jù)分別定律及題意可知：兩株噴瓜雜交，產生的后代有雄性（aDa+、aDad）、雌雄同株（a+a+、a+ad）、雌性（adad）這三種性別的表現(xiàn)型，則親本的基因型組合為aDad×a+ad，所以子代基因型為：aDa+：aDad：a+ad：adad

=1:1:1:1，因此子代中雄性：雌雄同株：雌性=2:1:1，故選C。12．Y（黃色）和y（白色）是位于某種蝴蝶常染色體上的一對等位基因，雄性有黃色和白色，雌性只有白色。下列雜交組合中，可以從其子代表現(xiàn)型推斷出性別的是A．♀Yy×♂yyB．♀yy×♂yyC．♀yy×♂YY D．♀Yy×♂Yy【答案】C【解析】由于yy在雌雄中均表現(xiàn)為白色，Y_在雌性中表現(xiàn)為白色，雄性中表現(xiàn)為黃色。要依據(jù)后代表現(xiàn)型推斷出性別，應當選擇的雜交后代應當全部是Y_。綜上所述，ABD不符合題意，C符合題意。13．戈謝病是患者由于缺乏β-葡糖苷酶-葡糖腦苷脂酶從而引起不正常的葡萄糖腦苷脂在細胞內積聚所致,患者肝脾腫大。下圖是用凝膠電泳的方法得到的某患者家系帶譜,據(jù)圖分析下列推斷不正確的是A．該病為常染色體隱性遺傳病B．2號為該病攜帶者,5號為雜合子的概率是2/3C．1號和2號再生一個正常男孩的概率是3/8D．該病可通過測羊水中酶的活性和B超檢查來進行產前診斷【答案】B【解析】分析系譜圖可知，圖中父母雙親正常但其兒子4號患病，說明該病是隱性遺傳病；結合凝膠電泳法得到的患者家系帶譜可知，3號為顯性純合子，4號為隱性純合子，1號和5號均為雜合子，而若該病是伴X染色體隱性遺傳病，則1號確定是純合子，故該病只能是常染色體隱性遺傳病，A正確；由上述分析可知，1號和2號均為該病攜帶者（Aa）,5號確定為雜合子Aa，B錯誤；1號和2號均為該病攜帶者（Aa）,因此1號和2號再生一個正常男孩的概率是3/4x1/2=3/8，C正確；依據(jù)題意可知，該病患者由于缺乏β-葡糖苷酶-葡糖腦苷脂酶從而引起不正常的葡糖腦苷脂在細胞內積聚，患者肝脾腫大，因此可通過測羊水中酶的活性和B超檢查來進行產前診斷，D正確。14．如圖表示孟德爾揭示兩個遺傳定律時所選用的豌豆試驗材料及其體內相關基因限制的性狀、顯隱性及其在染色體上的分布。下列敘述正確的是A．可以分別選甲、乙、丙、丁為材料來演繹分別定律的雜交試驗B．甲、乙圖個體減數(shù)分裂時可以恰當?shù)亟沂久系聽柕淖杂山M合定律的實質C．丁個體DdYyrr測交子代確定會出現(xiàn)比例為1:1:1:1的四種表現(xiàn)型D．用丙自交，其子代的表現(xiàn)型比例為3:1:3:1【答案】A【解析】A、基因分別定律探討的是一對等位基因在遺傳過程中的傳遞規(guī)律，因此可用可以分別選甲、乙、丙、丁為材料來演繹分別定律的雜交試驗，A正確；B、甲基因型為Yyrr、乙基因型為YYRr，都只有一對基因是雜合子，只能揭示基因的分別定律的實質，B錯誤；C、丁個體DdYyrr測交，由于有兩對基因連鎖，所以相當于1對雜合子測交，子代會出現(xiàn)2種表現(xiàn)型，比例為1：1，C錯誤；D、丙的基因型為ddYyRr，相當于兩對基因雜合，且雜合的兩對基因位于兩對非同源染色體上，遵循基因自由組合定律，所以丙自交，其子代的表現(xiàn)型比例為9：3：3：1，D錯誤。15．水稻有香味是受基因限制的，其植株和種子均有香味。探討人員為確定香味基因的顯隱性，以有香味的“粵豐B”和無香味的“320B”水稻為材料，互為父母本進行如下雜交試驗。以下敘述錯誤的是（）A．有香味基因為隱性基因B．F2中無香味植株全部自交，后代表現(xiàn)型比例為5：1C．F2無香味的190株植株中雜合子有128株D．通過測交可以確定F2中無香味個體的基因型及產生配子的數(shù)量【答案】D【解析】A、由試驗結果可知F1全部無香味，自交后出現(xiàn)了有香味與無香味植株，且比例約為1：3，則有香味應是隱性基因限制的性狀，A正確：B、F2中無香味的190株中自交后有128株所結種子中既有有香味的也有無香味的，說明是雜合子，所占比例約為2/3，F(xiàn)2中無香味植株全部自交，后代有香味植株所占比例為2/3×1/4=1/6，無香味植株所占比例為1/3+2/3×3/4=5/6，有香味與無香味植株比例為1：5，B正確：C、F2中無香味的190株中自交后有128株所結種子中既有有香味的也有無香味的，說明這198株是雜合子；D、通過測交可以確定F2中無香味個體的基因型及產生配子的種類，D錯誤。16．將豌豆一對相對性狀純合顯性個體和純合隱性個體間行種植，另將玉米（雌雄異花）一對相對性狀純合顯性個體和純合隱性個體間行種植。通常狀況下，具有隱性性狀的一行植株上所產生的F1具有的特點是（）A．豌豆和玉米都有顯性個體和隱性個體B．玉米都為隱性個體，豌豆既有顯性個體又有隱性個體C．豌豆和玉米的顯性和隱性個體比例都是3∶1D．豌豆都為隱性個體，玉米既有顯性個體又有隱性個體【答案】D【解析】豌豆在自然狀況下是嚴格的自花傳粉，閉花授粉植物，所以間行種植彼此之間互不影響，隱性性狀的一行植株上所產生的F1都是隱性個體；而玉米自然條件下既可進行同株的異花傳粉，又可進行異株間的異花傳粉，所以隱性個體上產生的F1既有顯性也有隱性。故選D。17．下列有關一對相對性狀遺傳的敘述，正確的是（）A．在一個種群中，若僅考慮一對等位基因，可有4種不同的雜交類型B．最能說明基因分別定律實質的是F2的表現(xiàn)型比例為3：1C．若要鑒別和保留抗銹?。@性）小麥，最簡便易行的方法是自交D．通過測交可以推想被測個體產生配子的數(shù)量【答案】C【解析】A、在一個種群中，若僅考慮一對等位基因，可有6種不同的雜交類型,3種同種基因型的組合，3種不同基因型的組合，A錯誤；B、最能說明基因分別定律實質的是F1產生的配子為1：1，B錯誤；C、若要鑒別和保留抗銹?。@性）小麥，最簡便易行的方法是自交，看后代是否會出現(xiàn)性狀分別，C正確；D、通過測交可以推想被測個體產生配子的種類和比例，不能推想詳細數(shù)量，D錯誤。18．豌豆灰種皮（G）對白種皮（g）為顯性，黃子葉（Y）對綠子葉（y）為顯性。每對性狀的雜合體（F1）自交后代（F2）均表現(xiàn)3∶1的性狀分別比。F2的種皮顏色的分別比和子葉顏色的分別比分別來自對以下哪代植株群體所結種子的統(tǒng)計A．F1植株和F1植株 B．F2植株和F2植株C．F1植株和F2植株 D．F2植株和F1植株【答案】D【解析】這里有兩性狀，第一對是灰種皮和白種皮，其次對是黃子葉和綠子葉。雜合體F1就是灰種皮（GG）和白種皮（gg）雜交得到的F1代灰種皮（Gg）。或黃子葉（YY）和綠子葉（yy）雜交得到的黃子葉（Yy）。種皮和果皮是屬于母體的一部分。誰結的果實就屬于誰。子葉是受精卵發(fā)育來的，誰結的屬于誰的下一代。所以，對種皮來說，F(xiàn)2結的種子，種皮才屬于F2。所以來自F2結的。對子葉來說，F(xiàn)1結的種子中子葉屬于F2，所以，來自F1結的。所以D選項正確。19．基因型為Bb（B對b為完全顯性）的玉米植株自交后所結的一個玉米穗上有700多粒種子（F1）。選擇F1植株中的顯性個體均分為兩組，甲組自交，乙組自由交配，下列有關兩組所產子代的分析，錯誤的是（）A．甲組子代中隱性個體占1/6，乙組子代中隱性個體占1/9B．兩組子代中純合子所占比例均高于雜合子所占比例C．兩組子代中基因型為Bb的個體所占比例不同D．基因B在兩組子代中的基因頻率不同【答案】D【解析】A、甲組自交得到的F2中基因型為BB個體占1/3+2/3×1/4=1/2，Bb個體占2/3×1/2=1/3，bb個體占2/3×1/4=1/6，；依據(jù)遺傳平衡定律，乙組自由交配得到的F2的基因型為4/9BB、4/9Bb、1/9bb，A正確；BC、依據(jù)A項分析可知，兩組子代中純合子所占比例均高于雜合子所占比例，兩組子代中基因型為Bb的個體所占比例不同，BC正確；D、甲組自交，子代基因B的頻率為1/2+1/3×1/2=2/3；乙組自由交配，子代基因B的頻率為4/9+4/9×1/2=2/3，D錯誤。20．豌豆、玉米、果蠅是遺傳學的三大試驗材料，下列有關說法，不正確的是（）A．玉米雌雄同株異花，做雜交試驗時無需去雄B．豌豆自花傳粉且閉花受粉，做雜交試驗時無需套袋C．具有易于區(qū)分的相對性狀是這三種生物作為遺傳學三大試驗材料的共同點之一D．要探討位于性染色體上基因限制性狀的遺傳問題時，在這三種生物中只能選擇果蠅【答案】B【解析】A．玉米雌、雄花形成花序，雄花的花序只在植株頂端，雌花的花序只在葉腋，所以可以選擇對雌、雄花套袋而不用去雄，就可以防止花粉的干擾，A正確；B．雜交試驗中，母本要做去雄處理，會使豌豆花的花瓣松散，為防止外來花粉干擾，依舊要做套袋處理，B錯誤;C．有性雜交試驗要統(tǒng)計顯隱性性狀的分別比來進行相關問題的推斷，所以具有易于區(qū)分的相對性狀是有性雜交試驗材料選擇的一個必要要求，C正確；D．玉米、豌豆都屬于雌雄同株的植物，沒有性染色體，果蠅是XY型性別確定的生物，D正確。21．已知果蠅的長翅和截翅由一對等位基因限制。多只長翅果蠅進行單對交配(每個瓶中有1只雌果蠅和1只雄果蠅)，子代果蠅中長翅∶截翅=3∶1。據(jù)此無法推斷的是（）A．長翅是顯性性狀還是隱性性狀B．親代雌蠅是雜合子還是純合子C．該等位基因位于常染色體還是X染色體上D．該等位基因在雌蠅體細胞中是否成對存在【答案】C【解析】A、依據(jù)截翅為無中生有可知，截翅為隱性性狀，長翅為顯性性狀，A不符合題意；B、依據(jù)雜交的后代發(fā)生性狀分別可知，親本雌蠅確定為雜合子，B不符合題意；C、無論限制翅形的基因位于X染色體上還是常染色體上，后代中均會出現(xiàn)長翅:截翅=3:1的分別比，C符合題意；D、依據(jù)后代中長翅:截翅=3:1可知，限制翅形的基因符合基因的分別定律，故可推想該等位基因在雌蠅體細胞中是成對存在的，D不符合題意。22．下列遺傳實例中，屬于性狀分別現(xiàn)象的是A．某非糯性水稻產生的花粉既有糯性的又有非糯性的B．對某未知基因型的個體進行測交后子代的性狀表現(xiàn)C．一對表現(xiàn)型正常的夫婦生了一個正常的女兒和色盲的兒子D．純合紅花和純合白花的植物雜交，所得F1的花色表現(xiàn)為粉紅花【答案】C【解析】某非糯性水稻產生的花粉既有糯性的又有非糯性的能干脆證明孟德爾的基因分別定律，但不屬于性狀分別現(xiàn)象，A錯誤；對某未知基因型的個體進行測交后子代的性狀表現(xiàn)是驗證孟德爾分別定律的方法，不屬于性狀分別現(xiàn)象，B錯誤；一對表現(xiàn)型正常的夫婦生了一個正常的女兒和色盲的兒子，親本只有一種表現(xiàn)型，后代出現(xiàn)不同的表現(xiàn)型，這屬于性狀分別現(xiàn)象，C正確；純合紅花和純合白花的植物雜交，所得F1的花色表現(xiàn)為粉紅花，可能屬于融合遺傳，也可能屬于不完全顯性，但不屬于性狀分別，D錯誤；因此，本題答案選C。23．下列關于紫花豌豆與白花豌豆雜交試驗的敘述，正確的是()A．豌豆花瓣開放時需對母本去雄以防自花授粉B．完成人工授粉后仍需套上紙袋以防自花授粉C．F1自交，其F2中出現(xiàn)白花的緣由是性狀分別D．F1全部為紫花是由于紫花基因對白花基因為顯性【答案】D【解析】豌豆花瓣開放時，豌豆已經完成授粉，所以應在花粉尚未成熟時對母本去雄以防自花授粉，A錯誤；完成人工授粉后仍需套上紙袋以防異花授粉，B錯誤；F1自交，其F2中同時出現(xiàn)白花和紫花，這種現(xiàn)象是性狀分別。出現(xiàn)性狀分別的緣由是等位基因伴同源染色體的分開而分別，C錯誤；紫花和白花雜交，F(xiàn)1全部為紫花，說明紫花為顯性性狀，白花為隱性性狀，則紫花基因對白花基因為顯性，D正確。故選D。24．假說演繹推理法是現(xiàn)代科學探討中常用的一種科學方法。下列屬于孟德爾在發(fā)覺基因分別定律時的“推理”過程的是（）A．性狀是由遺傳因子（基因）限制，在體細胞中是成對的B．在形成配子時，成對的基因彼此分別，分別進入到不同的配子中C．一對等位基因中，顯性基因對隱性基因呈完全顯性D．若雜種F1產生的配子之比接近1：1，則測交后代兩種表現(xiàn)型比列為1：1【答案】D【解析】A、“遺傳因子在體細胞中成對存在”屬于假說的內容，A錯誤；B、C、孟德爾只提出了遺傳因子的概念，當時沒有提出基因的概念，B、C錯誤；D、演繹推理是依據(jù)假設內容推想測交試驗的結果，若F1產生配子時成對的遺傳因子分別，產生的配子之比接近1：1，則測交后代的兩種表現(xiàn)型比例為1：1，D正確。25．通過下列有關遺傳學交配方式（一對相對性狀由一對等位基因限制，完全顯性）不能達到相應的目的是（）A．讓具有相對性狀的純合子雜交以推斷性狀的顯隱性B．通過正反交可推斷基因是位于常染色體上還是位于X染色體上C．雜合子植株自交一代即可篩選得到顯性純合子D．測交可以推想被測個體產生的配子種類和比例【答案】C【解析】A、用具有相對性狀的純合了進行雜交，F(xiàn)1中顯現(xiàn)出來的性狀，叫做顯性性狀，A正確；B、若正反交結果一樣，說明限制該對相對性狀的基因位于常染色體上；若正反交不一樣，說明基因位于X染色體上，B正確；C、若想獲得顯性純合植株，須要連續(xù)自交，雜合子植株自交，直至后代不發(fā)生性狀分別，只自交一次，不能篩選出顯性純合了，C錯誤；D、由于測交是被測個體與隱性個體雜交，而隱性個體只能產生1種含隱性基因的配子，所以通過測交后代的表現(xiàn)型種類和比例，可以推想被測個體配子種類和比例，D正確。二、非選擇題26．某種雌雄同株植物能自花傳粉，也能異花傳粉。用雄性不育（不能產生可育花粉）品系做雜交育種是開發(fā)利用雜種優(yōu)勢的有效手段。該種植物的雄性育性受一對復等位基因（在種群中，同源染色體的相同位點上存在兩種以上的等位基因）限制，其中Ms為不育基因，Msf為復原可育基因，ms為可育基因，且其顯隱性強弱關系為Msf＞Ms＞ms。請回答下列問題：（1）該種植物雄性不育品系在雜交育種過程中，在操作上最顯著的優(yōu)點是_________。（2）該種植物雄性可育的基因型有____種，其中基因型為_______的植株自交后出現(xiàn)性狀分別，使其雄性可育性狀不能穩(wěn)定遺傳。（3）現(xiàn)有某雄性可育性狀能穩(wěn)定遺傳的植株甲，基因型為MsMs的植株乙。若要鑒定植株甲的基因型，其試驗步驟及結論如下：試驗步驟：①讓植株甲和植株乙進行雜交；②將植株___（填“甲”或“乙”）所結的種子全部種下去；③統(tǒng)計子代植株的表現(xiàn)型及比例，確定植株甲的基因型。試驗結論：子代植株的表現(xiàn)型及比例和對應的植株甲的基因型為__________?！敬鸢浮坎挥萌バ?MsfMs乙若子代全部為雄性可育植株，則植株甲的基因型為MsfMsf；若子代植株中雄性可育︰雄性不育＝1︰1，則植株甲的基因型為Msfms；若子代全為雄性不育植株，則植株甲的基因型為msms【解析】（1）雄性不育品系不能產生可育花粉，因此在雜交育種過程中不須要去雄。（2）依據(jù)以上分析已知，雄性可育的基因型有4種，其中MsfMs的植株自交后出現(xiàn)性狀分別，可能出現(xiàn)雄性不育（MsMs）。（3）依據(jù)題意分析，植株甲是雄性可育性狀能穩(wěn)定遺傳的品種，則其基因型可能為msms、MsfMsf、Msfms，植株乙的基因型為MsMs，讓兩者雜交，將乙植株所結的種子全部種下去，若子代全部為雄性可育植株，則植株甲的基因型為MsfMsf；若子代植株中雄性可育︰雄性不育＝1︰1，則植株甲的基因型為Msfms；若子代全為雄性不育植株，則植株甲的基因型為msms。27．育種工作者為探究限制某農作物葉片大小和果實顏色兩對相對性狀的基因組成及基因位置關系，進行了相關試驗。選擇純合大葉、紅果和純合小葉、黃果植株作親本雜交，獲得F1。育種工作者用F1自交、測交獲得了大量的后代（不考慮交叉互換）。請回答下列問題：（1）F1自交后代中，紅果599株，黃果201株，據(jù)此推斷，___________為顯性形態(tài)，且紅果、黃果的遺傳遵循______________________。（2）F1自交后代中，大葉451株，小葉349株，據(jù)此推斷，大葉、小葉性狀至少受_________對等位基因的限制。假如只考慮大葉、小葉這對相對性狀，F(xiàn)2小葉植株中雜合子所占比例為___________________。（3）F1測交后代中，大葉紅果∶大葉黃果∶小葉紅果∶小葉黃果＝1∶1∶3∶3，據(jù)此推斷，限制葉片大小和果實顏色兩對相對性狀的基因至少位于_________對同源染色體上，F(xiàn)1配子的類型有_______________種。【答案】紅果基因分別定律兩4/7三8【解析】（1）依據(jù)分析，F(xiàn)1自交后代中，紅果∶黃果=599∶201≈3∶1，說明該性狀受一對等位基因（設為A、a）限制，子一代基因型為雜合子（設為Aa），遵循基因的分別定律，且紅果為顯性性狀。（2）依據(jù)分析，F(xiàn)1自交后代中大葉∶小葉=451∶349≈9∶7，是9∶3∶3∶1的變形，說明該對性狀至少受兩對等位基因限制，遵循基因的自由組合定律。子一代基因型為雙雜合子（設為BbCc），F(xiàn)2中雙顯性（B_C_）為大葉，其余基因型為小葉，小葉中雜合子的基因型為Bbcc、bbCc，概率為4/7。（3）F1基因型為AaBbCc，測交后代中，大葉∶小葉＝1∶3，紅果∶黃果＝1∶1，兩對相對性狀遺傳時測交后代性狀分別比為（1∶3）×（1∶1）=1∶1∶3∶3，說明限制葉片大小的兩對等位基因與限制果實顏色的一對等位基因在遺傳時彼此獨立，遵循基因的自由組合定律，據(jù)此推斷，限制葉片大小和果實顏色兩對相對性狀的基因至少位于三對同源染色體上，F(xiàn)1配子的ABC、ABc、AbC、Abc、aBC、aB、abC、abc，共8種。28．人類遺傳病調查中發(fā)覺兩個家系中都有甲遺傳病（基因為H、h）和乙遺傳?。ɑ驗門、t）患者，系譜圖如下。以往探討表明在正常人群中Hh基因型頻率為10－4。請回答下列問題（全部概率用分數(shù)表示）：（1）甲病的遺傳方式為_________，乙病最可能的遺傳方式為_______。（2）若Ⅰ－3無乙病致病基因，請接著分析。①Ⅰ－2的基因型為______；Ⅱ－5的基因型為____________。②假如Ⅱ－5與Ⅱ－6結婚，則所生男孩同時患兩種遺傳病的概率為______。③假如Ⅱ－7與Ⅱ－8再生育一個女兒，則女兒患甲病的概率為______。④假如Ⅱ－5與h基因攜帶者結婚并生育一個表現(xiàn)型正常的兒子，則兒子攜帶h基因的概率為______?！敬鸢浮砍Ｈ旧w隱性遺傳伴X隱性遺傳HhXTXtHHXTY或HhXTY1/361/600003/5【解析】（1）Ⅰ-1和Ⅰ-2都不患甲病，但他們有一個患甲病的女兒（Ⅱ-2），說明甲病是常染色體隱性遺傳病。由系譜圖可知患乙病的都是男性，所以乙病最可能的遺傳方式是伴X染色體隱性遺傳。（2）①若Ⅰ-3無乙病致病基因，則乙病是伴X染色體隱性遺傳。所以Ⅰ-2的基因型為HhXTXt，Ⅱ-5的基因型及概率為1/3HHXTY或2/3HhXTY。②Ⅱ-6的基因型中為Hh的幾率是2/3，為XTXt的幾率是1/2，所以Ⅱ-5與Ⅱ-6結婚，則所生男孩患甲病的概率2/3×2/3×1/4=1/9，患乙病的概率1/2×1/2=1/4；因此同時患兩種遺傳病的概率為1/9×1/4=1/36。③Ⅱ-7為Hh的幾率是2/3，Ⅱ-8為Hh的幾率是10-4，則他們再生一個女兒患甲病的概率為2/3×10-4×1/4=1/60000。④由于Ⅱ-5的基因型及概率為1/3HH或2/3Hh，與h基因攜帶者結婚，后代為hh的概率為2/3×1/4=1/6。Hh的概率為1/3×1/2+2/3×1/2=3/6。所以表現(xiàn)型正常的兒子攜帶h基因的概率為3/6:(1-1/6)=3/5。29．某兩性花植物，其花色有紫花、紅花和白花三種表現(xiàn)型，現(xiàn)選用自然種群中多株基因型相同的純合白花品系和純合紅花品系進行人工雜交試驗，F(xiàn)１全為紫花，再用F１進行自交，F(xiàn)２中紅花：紫花：白花＝1：2：1?；卮鹣铝袉栴}：（1）在人工雜交試驗中供應花粉的植株叫做_____，套袋的目的是_________。（2）F２中紅花、紫花、白花屬于相對性狀，推斷的依據(jù)是____________。（3）假設花色性狀受一對等位基因B、b限制，推想紫花植株的基因型為______，白花植株的基因型為______。（4）假設花色性狀受兩對等位基因限制，且不遵循基因的自由組合規(guī)律（不考慮交叉互換），基因與色素合成的關系如圖：①這兩對等位基因不遵循自由組合定律是因為__________