2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí)定基礎(chǔ)匯編試題04牛頓運(yùn)動(dòng)定律【含答案】

專題04牛頓運(yùn)動(dòng)定律

一、單選題

1.將質(zhì)量均為M=lkg的編號(hào)依次為........6的梯形劈塊靠在一起構(gòu)成傾角0=37°的三

角形劈面，每個(gè)梯形劈塊上斜面長(zhǎng)度均為L(zhǎng)=0.2m,如圖所示，質(zhì)量m=lkg的小物塊A與斜

面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為必=0.5,斜面與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)均為4二03,假定最大靜摩擦力

與滑動(dòng)摩擦力相等，現(xiàn)使A從斜面底端以平行于斜面的初速度v°=4.5i)/s沖上斜面，下列說(shuō)

法正確的是：(sin370=0.6,cos37°=0.8)

A.若所有劈均固定在水平面上，物塊最終從6號(hào)劈上沖出

B.若所有劈均固定在水平面上，物塊最終能沖到6號(hào)劈上

C.若所有劈均不固定在水平面上，物塊上滑到5號(hào)劈時(shí)，劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng)

D.若所有劈均不固定在水平面上.物塊上滑到4號(hào)劈時(shí)，劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng)

BC

【解析】A、B項(xiàng)：若所有弱均固定在水平面上，根據(jù)牛頓第二定律得，物塊的加速度大小

。=歿in37。+XAFOS370=10喔o=%足370+H身os370=10%,則物塊速度減為零時(shí)位移為:

V2-詔=Tax,解得x=LO125M<6L,所以物塊最終能沖到6號(hào)上,故A錯(cuò)誤,B正確;

C、D項(xiàng)：若所有罵均不固定在水平面上，物塊與斜面間的彈力：2%="oG7°=8",物塊與斜面間的

滑動(dòng)摩摭力：工=崗珠=4",地面對(duì)劈的支持力：國(guó)產(chǎn)9+$837°-布i°37°，當(dāng)

工cos37°+我sin37°=也/時(shí)剛好開(kāi)始滑動(dòng)，代入數(shù)據(jù)可得好2.3,即滑動(dòng)到4號(hào)時(shí)，

劈相對(duì)水平面不動(dòng)，物塊上滑到5號(hào)劈時(shí)，劈開(kāi)始相對(duì)水平面滑動(dòng)，故C正確，D錯(cuò)誤。

點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用共點(diǎn)力平衡、牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律

進(jìn)行求解，知道加速度是聯(lián)系力學(xué)和運(yùn)動(dòng)學(xué)的橋梁。

2.如圖，滑塊以初速度％沿表面粗糙且足夠長(zhǎng)的固定斜面.，從頂端下滑，直至速度為零.

對(duì)于該運(yùn)動(dòng)過(guò)程，若用力、s、八a分別表示滑塊的下降高度、位移、速度和加速度的大小,

t表示時(shí)間，則下列圖象最能正確描述這一運(yùn)動(dòng)規(guī)律的是:

由題意知，在下滑的過(guò)程中，根據(jù)牛頓第二定律可得：-mgs\nO+ptngcQsO=ma,故加

速度保持不變，物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)，所以C、D錯(cuò)誤；根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)的規(guī)律x=

可得B正確：下降的高度"=招而。，所以A錯(cuò)誤。

3.在2002年9月，伽利略的自由落體實(shí)驗(yàn)被物理學(xué)家評(píng)選為最美麗的實(shí)驗(yàn)。以下關(guān)于“伽

利略對(duì)自由落體的探究過(guò)程”的歸納不事項(xiàng)的是（）

A.發(fā)現(xiàn)問(wèn)題：伽利略發(fā)現(xiàn)亞里士多德“重物比輕物下落得快”的觀點(diǎn)有自相矛盾的地方

B.提出假設(shè)：伽利略認(rèn)為，重物與輕物應(yīng)該下落得同樣快，他猜想落體運(yùn)動(dòng)應(yīng)該是一種最

簡(jiǎn)單的變速運(yùn)動(dòng)，速度的變化對(duì)位移來(lái)說(shuō)是均勻的

C.實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證：在驗(yàn)證自己猜想的實(shí)驗(yàn)時(shí)，由于實(shí)驗(yàn)儀器不能精確測(cè)量快速下落物體所需的

時(shí)間，所以他設(shè)想通過(guò)斜面落體來(lái)“沖淡重力”

D.合理外推：伽利略將他在斜面實(shí)驗(yàn)中得出的結(jié)論做了合理的外推，從而確定了自由落體

運(yùn)動(dòng)是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且所有物體自由下落時(shí)的加速度都相同。

B

試題分析：伽利略根據(jù)亞里士多德的論斷，假定大的石塊下落速度為8,小石塊下落速度為

4,把它們捆在一起，大石塊會(huì)被小石塊拖著而減慢，所以速度會(huì)小于8,但兩石塊捆在一

起會(huì)更重，下落速度應(yīng)當(dāng)?shù)扔?,這樣得出了相互矛盾的結(jié)論，伽利略認(rèn)為，重物體與輕的

物體下落一樣快；所以運(yùn)用歸謬推理否定了亞里士多德關(guān)于重的物體下落快、輕的物體下落

慢的錯(cuò)誤論斷，故A正確；伽利略提出“自由落體”是一種最簡(jiǎn)單的直線運(yùn)動(dòng)--勻加速直

線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；為“沖淡”重力，伽利略設(shè)計(jì)用斜面來(lái)研究小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的情況;

故C正確；伽利略將他在斜面實(shí)驗(yàn)中得出的結(jié)論做了合理的外推，從而確定了自由落體運(yùn)動(dòng)

是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且所有物體自由下落時(shí)的加速度都相同，故D正確.本題

選不正確的，故選B.

本題考查物理學(xué)史，對(duì)于著名物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)和重要學(xué)說(shuō)要記牢，還要學(xué)習(xí)他們的科學(xué)

研究的方法.

4.在電梯內(nèi)的地板上，豎直放置一根輕質(zhì)彈簧，彈簧上端固定一個(gè)質(zhì)量為m的物體.當(dāng)電

Y

梯勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧被壓縮了X,某時(shí)刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了歷（重力加速度為

g）.則電梯在此時(shí)刻后的運(yùn)動(dòng)情況可能是（）

A.以大小為Ug的加速度加速上升

10

B.以大小為1g的加速度減速上升

10

C.以大小為&的加速度加速下降

10

D.以大小為&的加速度減速下降

10

D

因?yàn)殡娞輨蛩贂r(shí)，彈簧被壓縮了〉：，由此可以知道，mg=kx,

Y

某時(shí)刻后觀察到彈簧又被繼續(xù)壓縮了二，彈簧的彈力變大了，由受力情況和牛頓第二定律

10

11V1

可得：k------mg=ma解得a=一g,方向向上。

1010

物體可能以a=J-g加速上升，也可能以。減速下降。

故選D

5.甲、乙兩輛汽車從同一點(diǎn)同時(shí)出發(fā)，沿同一方向行駛，它們運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示。

下列判斷正確的是（）

A.在匕時(shí)刻以前，乙車的速度比甲車的大

B.在ti時(shí)刻以后，乙車的加速度比甲車的大

C.在0-&時(shí)間內(nèi)，甲車所受合力大于乙車所受合力

D.在0?匕時(shí)間內(nèi)，甲、乙兩車的平均速度相等

B

從圖中可知，人時(shí)刻前乙車速度小于甲車的速度，A錯(cuò)誤；在v-t圖象中，斜率代表加速度，

有圖可知，乙的斜率大于甲的斜率，故乙時(shí)刻后乙車加速度大于甲車的加速度，B正確；在

0~乙時(shí)刻內(nèi)，乙車的加速度大于甲車的加速度，根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知，甲車所受合

力小于乙車所受合力，C錯(cuò)誤；在乙時(shí)刻內(nèi)，甲所圍面積大于乙所圍面積，即甲的位移

大于乙的位移，根據(jù)于=日可知，甲車的平均速度大于乙車的平均速度，I）錯(cuò)誤.

t

6.如圖所示，質(zhì)量分別為腐和⑶的兩小球用輕繩連接在一起，并用細(xì)線懸掛在天花板上，

兩小球恰處于同一水平位置，細(xì)線與豎直方向間夾角分別為%與。2（80。2）?，F(xiàn)將力、B

間輕繩剪斷，則兩小球開(kāi)始擺動(dòng)，最大速度分別為匕和如最大動(dòng)能分別為員和6B,則下

列說(shuō)法中正確的是

\VUi

A.nh＞股

B.輕繩剪斷時(shí)加速度之比為tan%:tan02

C.水V6

D.&＞氏；

A

試題分析：未剪斷細(xì)繩時(shí)兩球都處于平衡狀態(tài)，設(shè)兩球間的水平細(xì)繩的拉力大小為T.對(duì)A

球分析受力如圖

由平衡條件得：T=叫幽響，同理,對(duì)B球有：T=mBglan02）則得四"￡響=rn^gtan^，因缺％

故啊。物,A正確.輕繩剪斷時(shí)加速度之比為4二%=%更盛二如竺弟=§加區(qū).成辿,B錯(cuò)誤：聲

啊啊

球擺到最低點(diǎn)時(shí)速度最大，動(dòng)能最大.根據(jù)機(jī)械能守恒得：入球有掰/也。-asd）=：?。?雀

）

=#見(jiàn)。-的g,同理對(duì)B可得心="煤BO-CGS%）,由圖知：L^＞LB,區(qū)＞%＞故也＞%

錯(cuò)誤;最大動(dòng)能加=/乂=7MM（?。他），%=

Ci%詔=mBgLB。-cos%），由圖知：L^＞LB

2

司＞劣，但陽(yáng)/〈掰》，J（不一定大于％,D錯(cuò)誤.選A.

未剪斷細(xì)繩時(shí)兩球都處于平衡狀態(tài)，由平衡條件列式，得到水平繩的拉力與質(zhì)量的大小，從

而得到兩球質(zhì)量關(guān)系.將A、B間輕繩剪斷瞬間，由牛頓第二定律求加速度之比，兩小球擺

動(dòng)過(guò)程中，機(jī)械能守恒，到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度，根據(jù)機(jī)械能守恒定律列式，分析最大速度的

大小.

7.如圖所示，水平傳送帶在電動(dòng)機(jī)帶動(dòng)下始終保持以速度v勻速運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻質(zhì)量為m的

物塊無(wú)初速地放在傳送帶的左端，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間物塊能與傳送帶保持相對(duì)靜止。已知物塊與

傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為若當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間,對(duì)于物塊放上傳送帶到物塊與傳送

帶相對(duì)靜止的過(guò)程，下列說(shuō)法中正確的是（）

A.物塊所受摩擦力的方向水平向左

B.物塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為——

2〃g

C.物塊相對(duì)地面的位移大小為一

2

D.物塊相對(duì)傳送帶的位移大小為二二

2〃g

D

試題分析：物塊相對(duì)傳送帶向左滑動(dòng)，摩擦力方向水平向右，即物塊所受合外力為

vv2

f=jumg，加速度a=〃g,物塊運(yùn)動(dòng)的時(shí)間/=——，物塊相對(duì)地面的位移大小$=,

4g2〃g

v2

物塊相對(duì)傳送帶的位移大小As=W-S=—,故ABC錯(cuò)誤，D正確.故選D.

根據(jù)相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向求得摩擦力方向；由受力分析求得合外力，即可由牛頓第二定律求得加速

度，然后根據(jù)勻變速運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間、位移，然后由幾何關(guān)系求得相對(duì)位移.

8.2017年3月31日，在國(guó)際泳聯(lián)跳水系列賽喀山站10米臺(tái)決賽中，我國(guó)男女選手雙雙奪

得冠軍.如圖是運(yùn)動(dòng)員某次跳臺(tái)比賽中的圖像（取豎直向下為正方向），，=0時(shí)運(yùn)動(dòng)

員起跳離開(kāi)跳臺(tái).將運(yùn)動(dòng)員視為質(zhì)點(diǎn)，則運(yùn)動(dòng)員

A.乙時(shí)刻到達(dá)水面

B.G時(shí)刻到達(dá)水下最深處

C.時(shí)刻處于超重狀態(tài)

D.。時(shí)刻浮出水面

C

由y-f圖像可知運(yùn)動(dòng)情景，Z=0時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員起跳；/時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)最高點(diǎn)；z=，2

時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)水面；z=13時(shí)刻，運(yùn)動(dòng)員在水中減速向下運(yùn)動(dòng)，超重狀態(tài)；，=乙時(shí)刻，

運(yùn)動(dòng)員在水中到達(dá)最低點(diǎn)，故C正確，ABD錯(cuò)誤;

故選C。

9.如圖所示，套有光滑小鐵環(huán)的細(xì)線系在水平桿的兩端A、B上，當(dāng)桿沿水平方向運(yùn)動(dòng)時(shí),

小環(huán)恰好懸于A端的正下方并與桿保持相對(duì)靜止，已知小環(huán)質(zhì)量為m,重力加速度為g,下

列分析正確的是（）

A.桿可能作勻速運(yùn)動(dòng)B.桿一定向右作勻加速運(yùn)動(dòng)

C.桿可能向左作勻減速運(yùn)動(dòng)D.細(xì)線的張力可能等于mg

C

對(duì)小環(huán)受力分析：受繩的拉力和重力，如圖，設(shè)細(xì)線夾角為e：

由題知豎直方向平衡：mg=T+Tcos0

設(shè)水平方向上加速度為a,由牛頓第二定律得：TsinO=ma

由于0°ve<90°,得：T二罐八Vmg,加速度方向水平向右；故桿和小環(huán)向右做加速

1+COS。

度的勻加速或向左勻減速運(yùn)動(dòng)，由上分析，可知，故ABD錯(cuò)誤，C正確；故選C.

10.放在水平地面上的一物塊，受到方向不變的水平推力F的作用，F(xiàn)的大小與時(shí)間t的關(guān)

系和物塊速度v與時(shí)間t的關(guān)系如圖所示。取重力加速度g=10m/s'。由此兩圖線可以求得

物塊的質(zhì)量m和物塊與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)P分別為

A.m=0.5儂，〃=0.2B.m=1.5kg,jU=—

C.m=0.5儂,〃=0.4D.僧=1奴,〃=0.2

C

由v-1圖象看出，物體在4s-6s做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由平衡條件知與=居=2N,由速度圖

象可知，2-4s物體加速度為〃=包=匕二殳=2相//,此時(shí)有F；F3N,由牛頓第二定律得

Art

F2-Fr-ma,代入解得曠0.5kg,rfl。=〃〃話，的=瑪，解得"=0.4,故C正確，ABD錯(cuò)

誤；

故選C。

11.如圖所示，將質(zhì)量為m的滑塊放在傾角為的固定斜面上，滑塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)

為若滑塊與斜面之間的最大靜摩擦力和滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度為g.則()

A,將滑塊由靜止釋放，如果">tan。，滑塊將下滑

B.給滑塊沿斜面向下的初速度，如果tan。，滑塊將減速下滑

C.用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動(dòng)，如果"=tan。，拉力大小應(yīng)是〃zgsin。

D.用平行于斜面向上的力拉滑塊向上勻速滑動(dòng)，如果〃=tan。，拉力大小應(yīng)是2mgsin。

D

物體由靜止釋放，對(duì)物體受力分析，受重力、支持力、摩擦力如圖.

物體下滑時(shí)，應(yīng)滿足條件：mgsinO>〃mgcos0.解得〃vtan。.故A錯(cuò)誤；給滑塊沿斜

面向下的初速度.如果〃vian。，則有：mgsine>jumgcos。,物體將加速下滑.故B錯(cuò)

誤；

用平行于斜面向下的力拉滑塊向下勻速滑動(dòng)，根據(jù)平衡條件，有

F+mgsin0-ptwngCQS0=0,又〃=tan8.解得尸=0.故C錯(cuò)誤；用平行于斜面向上的

力拉滑塊向上勻速滑動(dòng)，根據(jù)平衡條件，有F-mgsinO-pmmgcos0=O.由題"=tan。.故

解得F=2mgsine.故D正確.

故選D.

12.對(duì)于一些實(shí)際生活中的現(xiàn)象，某同學(xué)試圖從慣性角度加以解釋，其中正確的是（）

A.采用了大功率的發(fā)動(dòng)機(jī)后，某些一級(jí)方程式賽車的速度甚至能超過(guò)某些老式螺旋槳飛機(jī)

的速度，這表明：可以通過(guò)科學(xué)進(jìn)步使小質(zhì)量的物體獲得大慣性

B.”強(qiáng)弩之末勢(shì)不能穿魯編”，這表明強(qiáng)弩的慣性減小了

C.貨運(yùn)列車運(yùn)行到不同的車站時(shí)，經(jīng)常要摘下或加掛一些車廂，這會(huì)改變它的慣性

D.摩托車轉(zhuǎn)彎時(shí)，車手一方面要適當(dāng)?shù)目刂扑俣?，另一方面要將身體稍微向里傾斜，這是

為了通過(guò)調(diào)控人和車的慣性達(dá)到安全行駛的目的

C

慣性是物體的因有屬性，大小與物體的質(zhì)量有關(guān)，質(zhì)量越大，慣性越大，與其它任何因素?zé)o

關(guān)，AB錯(cuò)誤；摘下或加掛一些車廂，改變了質(zhì)量，從而改變慣性，C正確；人和車的質(zhì)量不

變，則其慣性不變，D錯(cuò)誤.

13.如圖所示，三物體A、B、C均靜止，輕繩兩端分別與A、C兩物體相連接且伸直，mA=3kg,

耽=2kg,nk-lkg,物體A、B、C間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為u=0.1,地面光滑，輕繩與滑輪間的

摩擦可忽略不計(jì)。若要用力將B物體從AC間拉動(dòng)出，則作用在B物體上水平向左的拉力至

少應(yīng)大于（最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，取g=10m/s2）（）

B

A.12NB.5NC.8ND.6N

D

A、B間最大靜摩擦力為品=unug=O.1X3ON=3N,當(dāng)B剛要拉動(dòng)時(shí)，右側(cè)繩子的拉力至少等

于A、B間最大靜摩擦力，即產(chǎn)3N.再對(duì)三個(gè)物體組成的整體進(jìn)行研究，由于地面光滑,

由平衡條件得到，水平向左的拉力最小值為F=2T=6N.故選D.

點(diǎn)睛：本題中當(dāng)A、B剛要相對(duì)運(yùn)動(dòng)時(shí)，靜摩擦力達(dá)到最大，而B(niǎo)C間并沒(méi)有相對(duì)滑動(dòng).采用

隔離法和整體法相結(jié)合的方法進(jìn)行分析求解.

14.如圖所示，50個(gè)大小相同、質(zhì)量均為朋的小物塊，在平行于斜面向上的恒力尸作用下

一起沿斜面向上運(yùn)動(dòng).已知斜面足夠長(zhǎng)，傾角為30°,各物塊與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，

重力加速度為.則第46個(gè)小物塊對(duì)第45個(gè)小物塊的作用力大小為（）

A.1。FB.10尸

451

C.2儂+10/D.因?yàn)閯?dòng)摩擦因數(shù)未知，所以不能確定

B

【解析】以50個(gè)小物塊組成的整體為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：

。二」一AOnoSO。=工4siNOo+xzcoSO。）,以下面45個(gè)小物塊為研究對(duì)象,

50z?50m

由牛頓第二定律得9一452口30。一月.45Hos30。一4=45相0,解得國(guó)=\尸，故B正確.

15.如圖所示，A、B球的質(zhì)量相等，彈簧的質(zhì)量不計(jì)，傾角為0的斜面光滑，系統(tǒng)靜止時(shí)，

彈簧與細(xì)線均平行于斜面，在細(xì)線被燒斷的瞬間，下列說(shuō)法正確的是（）

A.兩個(gè)小球的瞬時(shí)加速度均沿斜面向下，大小均為gsin9

B.A球的瞬時(shí)加速度沿斜面向下，大小為2gsin。

C.B球的受力情況未變，瞬時(shí)加速度大小為0.5gsin。

D.彈簧有收縮的趨勢(shì)，A、B兩球的瞬時(shí)加速度大小相等方向相反

B

系統(tǒng)靜止，根據(jù)平衡條件可知，對(duì)6球：尸彈=峻in%對(duì)月球：少繩=少?gòu)?〃冷5%

細(xì)線被燒斷的瞬間，細(xì)線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不發(fā)生改變，則：

〃球受力情況未變，瞬時(shí)加速度為零：對(duì)力球根據(jù)牛頓第二定律得：折力/舊（尸彈+峻in6）

/np2gsin0,方向沿斜面向下，故/⑦錯(cuò)誤，B正確。

故選：Bo

點(diǎn)睛：根據(jù)平衡條件可知：對(duì)A、B球受力分析，求出彈簧彈力和繩子拉力。細(xì)線被燒斷的

瞬間，細(xì)線的拉力立即減為零，但彈簧的彈力不會(huì)瞬間發(fā)生改變；對(duì)A、B球分別進(jìn)行受力

分析，根據(jù)牛頓第二定律即可求出各自加速度.

16.如圖，電梯的頂部掛有一個(gè)彈簧測(cè)力計(jì)，其下端掛了一個(gè)重物，電梯勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，

彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)為10N,在某時(shí)刻電梯中相對(duì)電梯靜止不動(dòng)的人觀察到彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)

變?yōu)?N,glOm/s2,以下說(shuō)法正確的是（）

A.電梯可能向下加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為2m/s2

B.電梯可能向下減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為12m/s2

C.此時(shí)電梯對(duì)人的支持力大小等于人的重力大小

D.此時(shí)電梯對(duì)人的支持力大小小于人對(duì)電梯的壓力

A

AB、電梯勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，彈簧秤的示數(shù)為10M知重物的重力等于10M彈簧測(cè)力計(jì)的示

數(shù)變?yōu)?N時(shí)，對(duì)重物有：加夕丹儂，解得平2m/方向豎直向下，則電梯的加速度大小為

2向方向豎直向下。電梯可能向下做加速運(yùn)動(dòng)，也可能向上做減速運(yùn)動(dòng)。故力正確，B

錯(cuò)誤；

C、由于加速度方向豎直向下，人處于失重狀態(tài)，電梯對(duì)人的支持力大小小于人的重力大小,

C錯(cuò)誤；

D、電梯對(duì)人的支持力與人對(duì)電梯的壓力是作用力與反作用力，大小相等，D錯(cuò)誤。

故選：Ao

17.如圖，物體A、B用細(xì)繩連接后跨過(guò)滑輪，A放在在傾角為30°的光滑斜面上，B懸掛

著。已知質(zhì)量股=3niB,不計(jì)滑輪摩擦，那么下列說(shuō)法中正確的是（）

A.細(xì)繩對(duì)物體B的拉力大小為〃%g

B.物體A的加速度〃="疝30°

C.現(xiàn)將斜面傾角由30°增大到53°,繩子的拉力減小

D.物體A和物體B互換位置后，滑輪受到繩子的作用力保持不變

D

AB、設(shè)細(xì)繩拉力為T,對(duì)A：mAgs\ng0-T=mAa

對(duì)B:T—mBg=mBa

聯(lián)立解得：叫3””,

啊+%

傾角為30°時(shí),加速度為g/8,49mg/8,.

所以，細(xì)繩的拉力不等于B的重力，A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤;

C、斜面傾角增大，加速度將增大，根據(jù)T-旭湛=掰5。，細(xì)繩拉力將熠大，C錯(cuò)誤;

D、物體A和物體B互換位置后，設(shè)細(xì)繩拉力為F,對(duì)A:mAg-F=m^

對(duì)B；FmBgsinO=mBa\f=°=網(wǎng)超滑輪受到繩子的作用力保

加八十機(jī)88

持不變，D正確。

故選：Do

18.質(zhì)量為mo=2Okg、長(zhǎng)為L(zhǎng)=5m的木板放在水平面上，木板與水平面的動(dòng)摩擦因數(shù)為

PFO.15O將質(zhì)量m=10kg的小木塊（可視為質(zhì)點(diǎn)），以v產(chǎn)4m/s的速度從木板的左端被

水平拋射到木板上（如圖所示），小木塊與木板面的動(dòng)摩擦因數(shù)為口2=0.4（最大靜摩擦力等

于滑動(dòng)摩擦力，g=10m/s2）o則下列判斷正確的是（）

A.木板一定靜止不動(dòng)，小木塊不能滑出木板

B.木板一定靜止不動(dòng)，小木塊能滑出木板

C.木板一定向右滑動(dòng)，小木塊不能滑出木板

D.木板一定向右滑動(dòng)，小木塊能滑出木板

A

試題分析：比較小物塊對(duì)木板摩擦力與地面對(duì)木板摩擦力的大小，從而判斷出木板能否保持

靜止，然后對(duì)小物塊進(jìn)行分析,綜合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式判斷其能否從木板右端滑出.

m對(duì)外的摩擦力工=42mg=0.4x100=4O7V,地面對(duì)外的摩擦力

力=從（m+，％）g=0.1x（10+20）xl0=30N,因?yàn)楣?gt;力，所以木板一定向右運(yùn)動(dòng),

對(duì)m,由牛頓第二定律4=—L=",g=4m/d,對(duì)加0,由牛頓第二定律有

m

。二區(qū)二￡="二為=0.5機(jī)/J,設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t,小木塊和木板速度相等%-。工二%"

/20

OQA

即：4-41=0.5t,得，=-5,共同速度u=0.5x-=—m/s,小木塊的位移

999

44

4-

+-88

%+匕9V9

X==X-二詈加，木板的位移々-Z=-X-

-229229一〃z,小木塊相對(duì)木板

81

44

的位移以=演一42=—<L=2m,所以小木塊不能滑出長(zhǎng)木板，故C正確；

19.如圖所示質(zhì)量均為m=L5XlC*g的甲、乙兩車同時(shí)同地出發(fā)，在同一半直公路上行駛,

二者所受阻力均為車重的k=0.5倍，由于牽引力不同，甲車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，乙車做勻加速

直線運(yùn)動(dòng)，取g=10m/s2,則以下敘述正確的是（）

A.乙車牽引力為F2=7.5XIO?N

B.t=1s時(shí)兩車速度相同且v=lm/s

C.t=1s時(shí)兩車間距最大，且最大間距為L(zhǎng)n=lm

D.0?2s內(nèi)阻力對(duì)兩車做的功均為Wf=-3Xl（fJ

C

A、由圖可以知道,兩車在2s時(shí)的位移相同，則說(shuō)明汽車的平均速度相同；即：

一4r

廿田=^7===2m/s

因乙車做勻加速直線運(yùn)動(dòng),故乙車的2s末的速度為4m/s;加速度

△v4

a=—=一=2m/s9

垓2;由牛頓第二定律可以知道:尸一0-5mg=ma；計(jì)算得

^^=10.5x10^；故人錯(cuò)誤；

B、因平均速度等于中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，因此乙在1s末的速度為“乙一2m/s,而甲一直以2m/s

的速度勻速行駛;故B錯(cuò)誤；

C、開(kāi)始時(shí)甲的速度大于乙的速度,所以距離越來(lái)越大,速度相等時(shí)，距離達(dá)最大，由公式

,2+0

1=2x1-------x1=1m

〃=得Is末間距最大;最大間距為：2故C正確

D、因?yàn)槲灰葡嗤?阻力大小相同;故阻力做功相同;均為:皿=fs=-0.5mgx4=-3x1（6故

D錯(cuò)誤，

綜上所述本題答案是：C

20.在物理學(xué)發(fā)展史上，伽利略、牛頓等許許多多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做了巨大貢獻(xiàn).以

下選項(xiàng)中符合伽利略和牛頓觀點(diǎn)的是（）

A.兩匹馬拉車比一匹馬拉車跑得快，這說(shuō)明：物體受力越大則速度就越大

B.人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上跳起后，將落在起跳點(diǎn)的后方

C.兩物體從同一高度做自由落體運(yùn)動(dòng)，較輕的物體下落較慢

D.一個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體，如果不再受力了，它總會(huì)逐漸停下來(lái)，這說(shuō)明：靜止?fàn)顟B(tài)才是物體不

受力時(shí)的“自然狀態(tài)”

B

【解析】A項(xiàng)，物體速度與其受力沒(méi)有直接關(guān)系，故A錯(cuò)誤

B項(xiàng)，設(shè)人起跳前一瞬間車速為v,人在沿直線加速前進(jìn)的車廂內(nèi)，豎直向上起跳后，人在水平方向以速度

v做勻速運(yùn)動(dòng)，而車廂在做加速運(yùn)動(dòng)，車廂在水平方向上的位移大于人在水平方向上的位移，則人會(huì)落在走

跳點(diǎn)的后方，故B正確

C項(xiàng)，自由落體運(yùn)動(dòng)，物體下落的快慢與物體的輕重沒(méi)有關(guān)系，故C項(xiàng)錯(cuò)誤。

D項(xiàng)，在光滑水平面上，做勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體，其受力平衡，說(shuō)明勻速直線運(yùn)動(dòng)狀態(tài)也是“自然狀態(tài)”，

故D項(xiàng)錯(cuò)誤。

綜上所述本題正確答案為:B

21.如圖所示，水平地面上有一車廂，車廂內(nèi)固定的平臺(tái)通過(guò)相同的彈簧把相同的物塊A、

B壓在豎直側(cè)壁和水平的頂板上，已知A、B與接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃，車廂靜止時(shí)，

兩彈簧長(zhǎng)度相同，A恰好不下滑，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g,現(xiàn)使車

廂沿水平方向加速運(yùn)動(dòng)，為保證A、B仍相對(duì)車廂靜止，則（）

A.速度可能向左，加速度可大于（1+4）9

B.加速度一定向右，不能超過(guò)（1一4）9

C.加速度一定向左，不能超過(guò)〃9

D,加速度一定向左，不能超過(guò)（1一4）9

B

F=四

A恰好不下滑，對(duì)A分析有，=根5=〃'=〃「彈，則有彈一7,彈簧處于壓縮；現(xiàn)使車廂沿

mg

水平方向加速運(yùn)動(dòng)，為保證A、B，乃相對(duì)車廂靜止，墻壁對(duì)A的支持力必須大于丁，根據(jù)牛

頓第二定律可知加速度方向一定向右；

對(duì)B分析，盤=〃（尸彈-則有aW（l-〃）g,故B正確，ACD錯(cuò)誤;

故選B。

22.太陽(yáng)神車由四腳的支架吊著一個(gè)巨大的擺錘擺動(dòng)，游客被固定在擺下方的大圓盤A上,

如圖所示.擺錘的擺動(dòng)幅度每邊可達(dá)120。.6臺(tái)大功率的異步驅(qū)動(dòng)電機(jī)同時(shí)啟動(dòng)，為游客

創(chuàng)造4.3g的加速度，最高可飛躍至15層樓高的高空.如果不考慮圓盤A的自轉(zhuǎn)，根據(jù)以上

A.當(dāng)擺錘擺至最高點(diǎn)的瞬間，游客受力平衡

B.當(dāng)擺錘擺至最高點(diǎn)時(shí)，游客可體驗(yàn)最大的加速度

C.當(dāng)擺錘在下擺的過(guò)程中，擺錘的機(jī)械能一定不守恒

D.當(dāng)擺錘在上擺過(guò)程中游客體驗(yàn)超重，下擺過(guò)程游客體驗(yàn)失重

C

A、當(dāng)擺錘擺至最高點(diǎn)的瞬間，擺錘與游客將開(kāi)始下降，具有向下的加速度，游客受力不平

衡，故A錯(cuò)誤:

B、當(dāng)擺錘擺至最高低時(shí)，擺錘的速度最大，向心加速度最大，所以游客可體驗(yàn)最大的加速

度，故B錯(cuò)誤：

C、當(dāng)擺錘在下擺的過(guò)程中，由于電動(dòng)機(jī)做正功，擺錘的機(jī)械能一定不守恒，故C正確；

D、當(dāng)擺錘在上擺過(guò)程中，擺錘向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向下，游客體驗(yàn)失重，故D

錯(cuò)誤；

故選C。

23.2015年莫斯科世錦賽上，我國(guó)男子短道速滑隊(duì)時(shí)隔15年再次站到5000m接力的冠軍頒

獎(jiǎng)臺(tái)上。觀察發(fā)現(xiàn)，“接棒”的運(yùn)動(dòng)員甲提前站在“交棒”的運(yùn)動(dòng)員乙前面，并且開(kāi)始向前

滑行，待乙追上甲時(shí)，乙猛推甲，甲獲得更大的速度向前沖出。在乙推甲的過(guò)程中，忽略運(yùn)

動(dòng)員與冰面間在水平方向上的相互作用，則（）o

A.甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)甲的作用力相同

B.甲對(duì)乙的作用力一定做正功，乙的動(dòng)能增大

C.乙對(duì)甲的作用力一定做正功，甲的動(dòng)能增大

D.甲的動(dòng)能增加量一定等于乙的動(dòng)能減少最

C

【解析】A、由牛頓第三定律可知，作用力與反作用力大小相等，方向相反，所以甲對(duì)乙的作用力與乙對(duì)耳

的作用力大小相等，方向相反，故A錯(cuò)誤；

B、甲對(duì)乙的作用力一定做負(fù)功，乙的動(dòng)能減小，故B錯(cuò)誤；

C、乙對(duì)甲的作用力一定做正功，甲的動(dòng)能增大，故C正確；

D、甲、乙間的作用力大小相等，不知道甲、乙的質(zhì)量關(guān)系，不能求出甲乙動(dòng)能變化關(guān)系，故D錯(cuò)誤；

故選C。

24.物理學(xué)中有些結(jié)論不一定要通過(guò)計(jì)算才能驗(yàn)證，有時(shí)只需通過(guò)一定的分析就能判斷結(jié)論

是否正確。根據(jù)流體力學(xué)知識(shí)，噴氣式飛機(jī)噴出氣體的速度v與飛機(jī)發(fā)動(dòng)機(jī)燃燒室內(nèi)氣體的

壓強(qiáng)P、氣體密度P及外界大氣壓強(qiáng)p。有關(guān)。試分析判斷下列關(guān)于噴出氣體的速度的倒數(shù)，

的表達(dá)式正確的是

B.1=

VY(P+〃o)

D.2P(p-po)

試題分析：先根據(jù)等式兩邊單位相同判斷；再根據(jù)內(nèi)外壓強(qiáng)差越大，噴氣速度越大判斷.

物理表達(dá)式兩側(cè)單位要相同，AB選項(xiàng)右側(cè)單位為依/獷='=Jd/加2=$/川,C

PaNIm

選項(xiàng)右側(cè)單位是m/s,D選項(xiàng)右側(cè)單位也不是s/m,故CD均錯(cuò)誤；結(jié)合實(shí)際情況，內(nèi)外壓強(qiáng)

差越大，噴氣速度越大，顯然A符合，B不符合，故A正確B錯(cuò)誤.

25.某質(zhì)量為m的電動(dòng)玩具小車在平直的水泥路上由靜止沿直線加速行駛.經(jīng)過(guò)時(shí)間t前進(jìn)

的距離為x,且速度達(dá)到最大值片,設(shè)這一過(guò)程中電動(dòng)機(jī)的功率恒為P,小車受阻力恒為F,

則t時(shí)間內(nèi)()

A.小車做勻加速運(yùn)動(dòng)

B.小車受到的牽引力逐漸增大

C.合外力對(duì)小車所做的功為Pt

2

D.牽引力對(duì)小車所做的功為Fx+lmvn

2

D

電動(dòng)機(jī)功率恒定，P二F命v,結(jié)合牛頓第二定律可知FkF=ma,v=at可知，當(dāng)速度增大時(shí)，

牽引力減小，加速度減小，故小車做加速度減小的變加速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；整個(gè)過(guò)程中，

牽引力做正功，阻力做負(fù)功，故合力做功為歸Imv/,Pi為牽引力所做的功，故C錯(cuò)誤；

2

整個(gè)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可知心r"=LmVn2,解得Pt=Fx+Lmv/,故D正確；故選1).

22

點(diǎn)睛：小車的恒定功率啟動(dòng)方式是一種最快的啟動(dòng)方式，是加速度不斷減小的加速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式不再適用，但可以根據(jù)動(dòng)能定理列式求解.

26.極限跳傘(skydiving)是世界上最流行的空中極限運(yùn)動(dòng)，它的獨(dú)特魅力在于跳傘者可

以從正在飛行的各種飛行器上跳下，也可以從固定在高處的器械、陡峭的山頂、高地甚至建

筑物上縱身而下，并且通常起跳后傘并不是馬上自動(dòng)打開(kāi)，而是由跳傘者自己控制開(kāi)傘時(shí)間，

這樣冒險(xiǎn)者就可以把刺激域值的大小完全控制在自己手中。傘打開(kāi)前可看做是自由落體運(yùn)

動(dòng)，打開(kāi)傘后減速下降，最后勻速下落。如果用h表示人下落的高度，t表示下落的時(shí)間，

E0表示人的重力勢(shì)能,Ek表示人的動(dòng)能，E表示人的機(jī)械能，v表示人下落的速度，在整個(gè)過(guò)

程中，忽略傘打開(kāi)前空氣阻力，如果打開(kāi)傘后空氣阻力與速度平方成正比，則下列圖象可能

符合事實(shí)的是（）

【解析】運(yùn)動(dòng)員先做自由落體運(yùn)動(dòng)，由機(jī)械能守恒可得：Ee=AE?=mgh,與下落的高度成正比；打開(kāi)降落傘

后做加速度逐漸減小的減速運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理可得：AEL（f-mg）Ah;隨速度的減小，阻力減小，由牛頓

第二定律可知，人做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)，最后當(dāng)阻力與重力大小相等后，人做勻速直線運(yùn)動(dòng)：所以動(dòng)

能的變化減慢，即動(dòng)能先激小快，后減小慢，當(dāng)阻力與重力大小相等后，人做勻速直線運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能不再為

生變化.故B選項(xiàng)的圖符合題意.故B正確，ACD錯(cuò)誤,故選B.

點(diǎn)睛：解決本題的關(guān)鍵知道圖象的物理意義，搞清運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，通過(guò)加速度變化判斷

合力的變化，通過(guò)下降的高度判斷重力勢(shì)能的變化.

27.為了緩解高三學(xué)生學(xué)習(xí)壓力，學(xué)校往往會(huì)在高考前夕舉行拔河比賽，幫助學(xué)生釋放壓力，

激情迎考，如圖所示。為了分析何題的方便，我們把拔河比賽簡(jiǎn)化為兩個(gè)人拔河，如果繩質(zhì)

量不計(jì)，且保持水平，甲、乙兩人在“拔河”比賽中甲獲勝，則下列說(shuō)法中正確的是（）

A.甲對(duì)乙的拉力始終大于乙對(duì)甲的拉力

B.甲把乙加速拉過(guò)去時(shí)，甲對(duì)乙的拉力大于乙對(duì)甲的拉力

C.只有當(dāng)甲把乙勻速拉過(guò)去時(shí)，甲對(duì)乙的拉力大小才等于乙對(duì)甲的拉力大小

D.甲對(duì)乙的拉力大小始終等于乙對(duì)甲的拉力大小，只是地面對(duì)甲的摩擦力大于地面對(duì)乙的

摩擦力

D

甲拉乙的力與乙拉甲的力是一對(duì)作用力與反作用力，大小始終相等，與運(yùn)動(dòng)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故

ABC錯(cuò)誤；即不管哪個(gè)獲勝，甲對(duì)乙的拉力大小始終等于乙對(duì)甲的拉力大小，只是當(dāng)?shù)孛鎸?duì)

甲的摩擦力大于地面對(duì)乙的摩擦力，甲才能獲勝，故D正確；故選D.

28.下列哪個(gè)儀器測(cè)量的物理量不是國(guó)際單位制中的基本物理量（）

A.彈簧測(cè)力計(jì)B.刻度尺

C.秒表D.托盤天平

A

測(cè)力計(jì)是測(cè)量力的儀器.力不是基本物理量.故A正確；刻度尺是測(cè)量長(zhǎng)度的儀器，是測(cè)量

的力學(xué)基本量，故B錯(cuò)誤秒表是測(cè)量時(shí)間的儀器，是測(cè)量的力學(xué)基本量，故C錯(cuò)誤；托盤天

平是測(cè)量質(zhì)量的儀器，是測(cè)量的力學(xué)基本量，故D錯(cuò)誤；本題選測(cè)量的物理量不是力學(xué)基本

量的，故選A.

29.如圖所示，質(zhì)量為物和版的兩個(gè)材料相同的物體用細(xì)線相連，在大小恒定的拉力〃作

用下，先沿水平面，再沿斜面，最后豎直向上勻加速運(yùn)動(dòng)，不計(jì)空氣阻力，在三個(gè)階段的運(yùn)

動(dòng)中，線上的拉力大?。ǎ?/p>

A.由大變小B.由小變大

C.由大變小再變大D.始終不變且大小為一——F

町十加2

D

設(shè)物體與接觸面的動(dòng)摩擦因數(shù)為〃，在水平面有：4二/―4（〃4+切2）g二"——"g

仍+m2g+nty

對(duì)m1進(jìn)行受力分析，則有：工—從町8二町,二叫"〃叫g(shù)

町+丐

所以71二班一

tnx+嗎

在斜面上有：.二尸一〃（町+嗎）gc°s6（g+，％）gsine

叫十%

對(duì)加1受力分析則有：T2-l^cosl^sin8二mIs2

解得：T2"叫』

7Ml+嗎

豎直向上運(yùn)動(dòng)時(shí)有：q=尸一（二+嗎）g=—^―-g

7Ml+嗎網(wǎng)+嗎

對(duì)坨1進(jìn)行受力分析則有：

T3F1薩mla3

解得：了3=一^-廣

叫+嗎

所以繩子的拉力始終不變且大小為一^^故〃正確，力先錯(cuò)誤

+m2

故選：D.

點(diǎn)睛：先對(duì)整體進(jìn)行受力分析求出整體加速度，再對(duì)n進(jìn)行受力分析，根據(jù)牛頓第二定律

求出細(xì)線上的彈力，叫的加速度和整體加速度相同.

30.如圖表示的是一條傾斜的傳送軌道，B是傳送貨物的平臺(tái)，可以沿著斜面上的直軌道運(yùn)

送物體。某次傳送平臺(tái)B沿軌道將貨物A向下傳送到斜軌道下端，運(yùn)動(dòng)過(guò)程可用如圖中的速

度?時(shí)間圖像表示。下述分析中不正確的是()

A.0?4時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力小于重力，摩擦力水平向右

B.0?弓時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力等于重力，摩擦力水平向左

C.G?與時(shí)間內(nèi)，B對(duì)A的支持力大于重力，摩擦力水平向左

D.0?4時(shí)間內(nèi)出現(xiàn)失重現(xiàn)象；q時(shí)間內(nèi)出現(xiàn)超重現(xiàn)象

B

【解析】A、。-，】時(shí)間內(nèi)，從圖像上可以看出，整體沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，此加速度可以分解為水平

向右和豎直向下的加速度，在分析A的受力可以得到，豎直方向上A有向下的加速度，導(dǎo)致B對(duì)A的支掛

力小于重力，水平方向由向右的加速度，導(dǎo)致A受到摩擦力水平向右的摩擦力，故A正確3

B、4-馬時(shí)間內(nèi)，從圖像上可以看出，整體向下做勻速運(yùn)動(dòng)，A受力應(yīng)該是平衡得，所以豎直方向上B對(duì)上

的支持力等于重力，水平方向上不受摩擦力的作用，故B錯(cuò)誤；

C、-與時(shí)間內(nèi)，從圖像上可以看出，整體沿斜面向下做勻減速運(yùn)動(dòng)，此加速度可以分解為水平向左和豎

直向上的加速度，再分析A的受力可以得到，豎直方向上A有向上的加速度，導(dǎo)致B對(duì)A

的支持力大于重力，水平方向由向左的加速度，導(dǎo)致A受到摩擦力水平向左的摩擦力，故C

正確；

D、G時(shí)間段內(nèi)，整體沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，失重狀態(tài)，G-4整體沿斜面向下做勻

減速運(yùn)動(dòng)，超重狀態(tài)，故D正確；本題要選不正確的，所以答案是B

綜上所述木題答案是：B

31.如圖所示，物體疊放在物體B上，B置于光滑水平面上，A、B質(zhì)量分別為m,F6kg,m方2kg,

A、B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃=0.2,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。現(xiàn)對(duì)A施加一水平力F

用，則A、B的加速度可能是（g取10m/s2）

---------F

A-?

B

A.aA=6m/s2.3B=2m/s2

B.as=2m/s2.a?=6m/s2

C.a^=8m/s2.a?=4m/s2

D.a\=10m/s2.aa=6m/s2

D

試題分析：通過(guò)隔離法求出爾夕發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)的臨界加速度，再通過(guò)整體法結(jié)合牛頓第二

定律求出拉力.根據(jù)拉力的大小與該臨界情況拉力的關(guān)系，討論兩者的加速度

對(duì)6而言，當(dāng)力必間的摩擦力達(dá)到最大值時(shí)，此時(shí)的加速度達(dá)到最大，則力==12N,

則最大加速度〃="超=—/n；?=6m/s2.對(duì)整體運(yùn)用牛頓第二定律可得

mB2

F={mA+mB）a=^N,即當(dāng)拉力增加到48N時(shí)，發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，當(dāng)/W48N時(shí)，

2

aA=aB<6m/s,當(dāng)TrAdSN時(shí)，aA>aB,且〃A>6/%/S2,即=6m//恒定不變，

故D正確.

32.如圖甲所示，一輕質(zhì)彈簧的下端，固定在水平面上，上端疊放著兩個(gè)質(zhì)量均為勿的物體

A.8（物體8與彈簧栓接），彈簧的勁度系數(shù)為h初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)用豎直向

上的拉力少作用在物體力上，使物體4開(kāi)始向上做加速度為a的勻加速運(yùn)動(dòng)，測(cè)得兩個(gè)物體

的￡圖象如圖乙所示（重力加速度為g）,則（）

A.施加外力的瞬間，，、的大小為2勿（g-a）

B.爾夕在乙時(shí)刻分離，此時(shí)彈簧的彈力大小加（差a）

C.彈簧彈力等于0時(shí)，物體8的速度達(dá)到最大值

D.8與彈簧組成的系統(tǒng)的機(jī)械能先增大，后保持不變

B

解:A、施加F前,物體AB整體平衡,根據(jù)平衡條件，有：

2Mg=kx;解得：

x=2巡

k

施加外力F的瞬間,對(duì)B物體,根據(jù)牛頓第二定律,有：

F邦?Mg?FAB=Ma

其中：FstYMg

解得:FAB=M（g-a）,故A錯(cuò)誤.

B、物體A、B在3時(shí)刻分離，此時(shí)A、B具有共同的v與a;且FAB=O;

對(duì)B:F彈'-Mg=Ma

解得:F彈'=M（g+a）,故B正確.

C、B受重力、彈力及壓力的作用；當(dāng)合力為零時(shí),速度最大,而彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)時(shí),B受到的合

力為重力，已經(jīng)減速一段時(shí)間;速度不是最大值;故C錯(cuò)誤；

D、B與彈簧開(kāi)始時(shí)受到了A的壓力做負(fù)功,故開(kāi)始時(shí)機(jī)械能減小;故D錯(cuò)誤；

故選:B

33.如圖所示，放在固定斜面上的物塊力以加速度a沿斜面勻加速下滑，若在物塊A上再放

另一物塊8它們?cè)谙禄^(guò)程中保持相對(duì)靜止，則（）

A.物塊48可能勻速下滑

B.物塊月4仍以原來(lái)的加速度a勻加速下滑

C.物塊在將以大于a的加速度勻加速下滑

D.物塊力夕將以小于a的加速度勻加速下滑

B

解.：只有A時(shí)物體加速度。=螫叱上螫"=gsin。-〃geos?,若增加B物體把他

tn

們看成整體，加速度a=也+M）gsin"勺+⑷餐噸=的皿-〃geos。加速度不

變。故選B

34.在物理學(xué)發(fā)展過(guò)程中，有許多科學(xué)家做出了貢獻(xiàn)，下列說(shuō)法正確的是（）

A.牛頓通過(guò)多年觀測(cè)記錄行星的運(yùn)動(dòng)，提出了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律

R.卡文迪許發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律,被人們稱為“能稱比地球質(zhì)量的人”

C.伽利略利用“理想斜面”得出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，而是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的

原因”的觀點(diǎn)

D.開(kāi)普勒從理論和實(shí)驗(yàn)兩個(gè)角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學(xué)者

亞里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯(cuò)誤觀點(diǎn)

C

解：A、開(kāi)普勒提出了行星運(yùn)動(dòng)的三大定律,牛頓在此基礎(chǔ)上發(fā)現(xiàn)了萬(wàn)有引力定律，故A錯(cuò)誤.

B、牛頓發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律后，英國(guó)物理學(xué)家卡文迪許利用扭秤實(shí)驗(yàn)裝置比較準(zhǔn)確地測(cè)出了

萬(wàn)有引力常量G,所以B選項(xiàng)是錯(cuò)誤的.

C、伽利略利用“理想斜面”否定了“力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因”的觀點(diǎn)，得出了“力是改變

物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因”的觀點(diǎn)，故C正確.

D、伽利略從理論和實(shí)驗(yàn)兩個(gè)角度，證明了輕、重物體下落一樣快，從而推翻了古希臘學(xué)者亞

里士多德的“小球質(zhì)量越大下落越快”的錯(cuò)誤觀點(diǎn).故D錯(cuò)誤.

所以C選項(xiàng)是正確的

35.如圖所示，質(zhì)量為M的斜面體B放在水平面，斜面的傾角。二30°,質(zhì)量為m的木塊A

_1

放在斜面上，木塊A下滑的加速度0一*匕斜面體靜止不動(dòng)，則（）

A

B

A.木塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.25

B.地面對(duì)斜面體的支持力等于（M+m）g

平

C.地面對(duì)斜面體的摩擦力水平向右，大小為8?

D.地面對(duì)斜面體無(wú)摩擦力作用

C

【解析】As根據(jù)牛頓第二定律，沿斜面方向mgsin30O-/ngcos30°=ma=ng,解得卜=7,A錯(cuò)誤;

B、把斜面和木塊看做一個(gè)整體，沿豎直方向-&=3in30%得無(wú)=（M+瓶加一B錯(cuò)

、C3

i天；

C、把斜面和木塊看做個(gè)整體，沿水平方向摩擦力提供加速度，f8,C

正確，D錯(cuò)誤。

故選：Co

36.將地面上靜止的貨物豎直向上吊起，貨物由地面運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)的過(guò)程中，v-t圖象如

圖所示.以下判斷正確的