安徽省合肥皖智高級(jí)中學(xué)2024-2025學(xué)年高三上學(xué)期第五次階段性檢測(cè)物理答案

第=page44頁(yè)，共=sectionpages88頁(yè)2025屆合肥皖智高級(jí)中學(xué)芙蓉校區(qū)第五次階段性檢測(cè)物理參考答案一二、選擇題12345678910CCBDCBAAADAC1．C解析：將能量密度單位中的每個(gè)單位都轉(zhuǎn)化成國(guó)際單位制中的基本單位，如下故選C。2．C解析：A．橡膠墊與墻面之間是靜摩擦力，與壓力沒(méi)有必然聯(lián)系，故A錯(cuò)誤；B．健身者在做引體向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，先做加速度向上的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度向下的減速運(yùn)動(dòng)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，由牛頓第二定律可知，摩擦力的大小與健身者的加速度有關(guān)，先大于重力后小于重力，B錯(cuò)誤；C．健身者在單桿上懸停時(shí)，把健身者與室內(nèi)引體向上器作為研究對(duì)象，摩擦力的大小等于健身者與室內(nèi)引體向上器的重力，故健身者的質(zhì)量越大，摩擦力越大，C正確；D．若把健身者作為研究對(duì)象，健身者處于平衡狀態(tài)，受到單桿的作用力始終等于健身者的重力，D錯(cuò)誤。故選C。3．B解析：光滑圓環(huán)繞豎直方向的直徑勻速旋轉(zhuǎn)，穩(wěn)定后，兩小球在圓環(huán)上在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球所受重力與圓環(huán)的支持力提供向心力，則小球一定在O點(diǎn)所在水平面的下面，如圖則：,解得：兩小球轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相等，所以相同，兩小球在同一水平面上，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。4．D解析：根據(jù)對(duì)稱性可知:，，所以導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向向右,因?yàn)?所以導(dǎo)體球上的感應(yīng)電荷在P點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)方向向左。故選D。5．C解析：由圖像可知，重力加速度最大的位置處于、的位置，由于在處重金屬礦產(chǎn)生的引力和地球產(chǎn)生的引力直接相加，而在處是金屬礦產(chǎn)生的引力分量和地球產(chǎn)生的引力相加，因此，在處重力加速度比處大，且無(wú)窮遠(yuǎn)處的加速度均為g，所以，,故選C。6．B解析：A．電場(chǎng)線越密集的地方，場(chǎng)強(qiáng)越大，則中性粒子C附近電場(chǎng)強(qiáng)度比中性粒子D附近的大，故A錯(cuò)誤；BD．正離子在高壓電場(chǎng)作用下，從針狀電極A向環(huán)形電極B運(yùn)動(dòng)，則電場(chǎng)方向向右，沿著電場(chǎng)線，電勢(shì)逐漸降低，則電極A的電勢(shì)高于電極B的電勢(shì)，根據(jù)可知，正離子在電勢(shì)高的位置電勢(shì)能較大，則同一正離子的電勢(shì)能在電極A附近比在電極B附近大，故B正確，D錯(cuò)誤；C．碰撞期間動(dòng)量守恒，機(jī)械能減小，故C錯(cuò)誤；故選B。7．A解析：假設(shè)初速度向左，則小球所受洛倫茲力豎直向下，小球不脫離圓桶需滿足即，求得：，故選A。8．A解析：A．霍爾元件中電子受到的洛倫茲力等于電場(chǎng)力，有電流微觀表達(dá)式：設(shè)霍爾元件的寬度為，霍爾元件的電壓：霍爾元件的截面面積：解得：滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變大，閉合電路總電阻變大，由閉合電路歐姆定律，I減小。因此霍爾電壓減小，電壓表示數(shù)將減小。故A正確；B．由，增加磁感應(yīng)強(qiáng)度，霍爾電壓增大，電壓表示數(shù)將增大。故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則可知，電子受到的洛倫茲力向4點(diǎn)一側(cè)方向，電子帶負(fù)電，故4點(diǎn)電勢(shì)低；2點(diǎn)感應(yīng)出正電荷，4點(diǎn)電勢(shì)比2點(diǎn)電勢(shì)低。故C錯(cuò)誤；D．此霍爾元件可以把磁學(xué)量轉(zhuǎn)化為電學(xué)量。故D錯(cuò)誤。故選A。9．AD解析：A．在點(diǎn)，合力方向指向軌跡凹側(cè)，向上，故嫦娥六號(hào)處于超重狀態(tài)，故A正確；B．在點(diǎn)，嫦娥六號(hào)的速度方向沿過(guò)點(diǎn)的切線方向，不指向地心，故B錯(cuò)誤；C．嫦娥六號(hào)從過(guò)程中，點(diǎn)離地心最遠(yuǎn)，根據(jù)：可得，在點(diǎn)，受到地球的引力最小，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)物體做曲線運(yùn)動(dòng)的受力特點(diǎn)，合力方向要指向軌跡的凹側(cè)，故在E點(diǎn)，嫦娥六號(hào)受到的合力方向指向軌跡的下方，故D正確。故選AD。10．AC解析：AB．由于球殼絕緣且電荷分布均勻，則ABC三處每個(gè)小塊面積對(duì)應(yīng)電荷量由于OABC構(gòu)成四面體，令OA與的夾角為，可知三個(gè)小塊處電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小方向沿MO，由于完整球殼內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度為零，因此剩下部分球殼在O點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，方向沿OM，又因在P點(diǎn)放置一點(diǎn)電荷q，O點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度剛好為零，所以q為正電荷，如圖所示在四面體中，由幾何關(guān)系得：則有：所以：解得：由于：解得：A正確，B錯(cuò)誤；CD．球面上余下電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為：P位置點(diǎn)電荷在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)為：所以O(shè)點(diǎn)電勢(shì)為：C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。三、非選擇題：11．(6分)(1)BC(2)3.60(3)解析：(1)AB．利用光電門測(cè)量小球的速度，不需要斜槽光滑，斜槽末端必須沿水平方向,故A錯(cuò)誤，B正確；C．選擇密度大的實(shí)心鐵球，可以減小空氣阻力的影響，故C正確。故選BC。(2)游標(biāo)卡尺的精確度為0.05mm，小球的直徑：(3)小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，有：整理得：圖像斜率為，即：解得：12．(10分)(1)A2400(2)(3)2.0(4)向右解析：(1)[1]閉合電鍵前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片移到A端。保證電鍵閉合后滑動(dòng)電阻器的輸出電壓為零，保護(hù)用電器；[2]根據(jù)圖乙得出電阻箱的阻值為2400Ω。(2)[3]當(dāng)電流計(jì)指針指向中央零刻線位置時(shí)，電流計(jì)兩端電勢(shì)相等，有：得：(3)[4]由(2)可知：Ω=6000Ω由丙圖可知光照強(qiáng)度為2.0cd(4)[5]若增加光照強(qiáng)度，則變小，，b端電勢(shì)高于a端電勢(shì)，電流計(jì)向右偏轉(zhuǎn)。13．(12分)(1)(2)，(3)解析：(1)火箭向上做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得：根據(jù)可知，發(fā)動(dòng)機(jī)熄火時(shí)，火箭的速度大小為：(2)發(fā)動(dòng)機(jī)熄火后，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得：發(fā)動(dòng)機(jī)熄火后，火箭繼續(xù)上升的高度為：則火箭上升的最大高度為：熄火前火箭運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：熄火后火箭上升的時(shí)間為：火箭從點(diǎn)火到上升到最大高度所用時(shí)間為：(3)火箭在降落傘作用下向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：代入數(shù)據(jù)，解得：根據(jù)牛頓第二定律得：解得降落傘提供的阻力大小為：14．(14分)(1)(2)5N，方向見(jiàn)解析(3)18.5J解析：(1)物塊做加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程，根據(jù)牛頓第二定律可得：解得加速度大小為：則物塊由靜止開(kāi)始做加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：(2)物塊緊貼擋板運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到傳送帶的滑動(dòng)摩擦力作用，則大小為：由于撞擊擋板前后沿?fù)醢宓姆炙俣炔蛔儭⒋怪睋醢宓姆炙俣葴p為零，如圖所示則物塊緊貼擋板運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊相對(duì)傳送帶的運(yùn)動(dòng)方向垂直于擋板，與方向相反，故物塊所受摩擦力的方向垂直于擋板與方向相同。(3)物塊緊貼擋板運(yùn)動(dòng)時(shí)，對(duì)物塊進(jìn)行受力分析，水平面內(nèi)受到垂直擋板方向的摩擦力和擋板支持力作用，豎直方向受到重力和傳送帶的支持力作用，可知物塊沿?fù)醢遄鰟蛩僦本€運(yùn)動(dòng)；物塊由靜止加速到與傳送帶共速過(guò)程，發(fā)生的相對(duì)位移為：根據(jù)能量守恒可知，物塊由靜止加速到與傳送帶共速過(guò)程，電動(dòng)機(jī)多消耗的電能為物塊與擋板撞擊后緊貼擋板運(yùn)動(dòng)滑離傳送帶，該過(guò)程所用時(shí)間為該過(guò)程物塊與傳送帶發(fā)生的相對(duì)位移為：該過(guò)程電動(dòng)機(jī)多消耗的電能為：則整個(gè)過(guò)程因傳送該物塊電動(dòng)機(jī)多消耗的電能為：15．(16分)(1)(2)(3)(4)解析：(1)設(shè)帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度大小為v，與水平方向成θ角，粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由類平拋運(yùn)動(dòng)的速度方向與位移方向的關(guān)系有：則：根據(jù)速度關(guān)系有：(2)設(shè)帶電粒子在區(qū)域Ⅰ中的軌道半徑為，由牛頓第二定律得：軌跡如圖甲所示由幾何關(guān)系得：解得：(3)當(dāng)帶電粒子不從區(qū)域Ⅱ右邊界離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間最長(zhǎng)。設(shè)區(qū)域Ⅱ中最小磁感應(yīng)