2024年1月上海市春季高考數(shù)學(xué)試卷(含答案詳解)_第1頁
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文檔簡介

2024上海春考數(shù)學(xué)試卷

一、填空題(本大題共12題,滿分54分,第1-6題每題4分,第7-12題每題5

分)

L10g2》的定義域為.

2.直線x-y+i=o的傾斜角.

7_

3.已矢口-~~;=i,貝!Iz=___-

1+1

4.(x-1)6展開式中/的系數(shù)為.

TVJT

5.三角形ABC中,BC=2,A=-,B=-,貝|AB=

6.已知ab=l,4a2+9b2的最小值為.

7.數(shù)列{%},%="+c,$7<。,c的取值范圍為.

8.三角形三邊長為5,6,7,則以邊長為6的兩個頂點為焦點,過另外一個頂點的雙曲線的離

心率為.

9.已知/(x)=x2,g(x)=,y:一°,求g(x)42-x的X的取值范圍___.

10.已知四棱柱ABCD-A4G2底面ABC。為平行四邊形,M=3,應(yīng))=4且

ABXBC-ADXDC^5,則異面直線M與BD的夾角余弦值為.

11.正方形草地ABCZ)邊長12E到距離為0.2,尸到BC,C。距離為0.4,有個圓形通

道經(jīng)過瓦尸,且經(jīng)過AD上一點,求圓形通道的周長.(精確到0.01)

DC

F

E

4B

12.%=2,%=4,%=8,%=16,任意4,4,Z?4$R,滿足

{ai+a.|l<i<j<4}=也+=4},求有序數(shù)列抄■,4也}有一對.

二、選擇題(本大題共4題,滿分18分,第13-14題每題4分,第15-16題每

題5分)

13.a,b,c&R,b>c,下列不等式恒成立的是()

A.a+b1>a+c2B,a2+b>a2+c

C.ab2>ac2D.a2b>a2c

14.空間中有兩個不同的平面c,,和兩條不同的直線〃2,“,則下列說法中正確的是()

A.若a_1_尸,"2_1__1_/,則〃B.若aJ_⑸m_La,〃z_L〃,貝。

C.若a〃分,加//a,〃///7,則〃D.若a11B,m11a,m11n,則〃//月

15.有四種禮盒,前三種里面分別僅裝有中國結(jié)、記事本、筆袋,第四個禮盒里面三種禮品

都有,現(xiàn)從中任選一個盒子,設(shè)事件A:所選盒中有中國結(jié),事件3:所選盒中有記事本,

事件C:所選盒中有筆袋,則()

A.事件A與事件3互斥B.事件A與事件3相互獨立

C.事件A與事件3uC互斥D.事件A與事件BcC相互獨立

16.現(xiàn)定義如下:當(dāng)彳?〃,〃+1)時("eN),若/(x+l)=/'(x),則稱為延展函數(shù).已知

當(dāng)xe(O,l)時,g(x)=e*且無(x)=/,且g(x),〃(無)均為延展函數(shù),則以下結(jié)論()

(1)存在y=Ax+6(左力eR,Z,bwO)與y=g(x)有無窮個交點

(2)存在y=Ax+b(£beR,左力wO)與y=人⑺有無窮個交點

A.(1)(2)都成立B.(1)(2)都不成立

C.(1)成立(2)不成立D.(1)不成立(2)成立.

三、解答題(本大題共5題,共14+14+14+18+18=78分)

試卷第2頁,共4頁

_兀

17.已知/(x)=sin(s:+,),a)>0

⑴設(shè)(y=l,求解:y=y(x),xe[0,7r]的值域;

(2)4>7imeR)J(x)的最小正周期為兀,若在xe[7t,句上恰有3個零點,求。的取值范圍.

18.如圖,PA,PB、PC為圓錐三條母線,AB=AC.

(1)證明:R4JLBC;

(2)若圓錐側(cè)面積為后,BC為底面直徑,BC=2,求二面角8-P4-C的大小

19.水果分為一級果和二級果,共136箱,其中一級果102箱,二級果34箱.

(1)隨機挑選兩箱水果,求恰好一級果和二級果各一箱的概率;

(2)進行分層抽樣,共抽8箱水果,求一級果和二級果各幾箱;

(3)抽取若干箱水果,其中一級果共120個,單果質(zhì)量平均數(shù)為303.45克,方差為603.46;

二級果48個,單果質(zhì)量平均數(shù)為240.41克,方差為648.21;求168個水果的方差和平均數(shù),

并預(yù)估果園中單果的質(zhì)量.

22

20.在平面直角坐標系中,已知點A為橢圓「土+乙=1上一點,F(xiàn)、、F,分別為橢圓

62

的左、右焦點.

⑴若點A的橫坐標為2,求|A耳|的長;

⑵設(shè)「的上、下頂點分別為陷、加2,記的面積為S^AM,M2的面積為邑,若SR邑,

求|。4|的取值范圍

⑶若點A在x軸上方,設(shè)直線AB與:T交于點B,與,軸交于點K,KF{延長線與「交于點C,

是否存在x軸上方的點C,使得£1+那+居=2(豆+*+E0(2eR)成立?若存在,

請求出點C的坐標;若不存在,請說明理由.

21.記Af(a)={dt==t=f(x)—f(a)^<a^

⑴若/(x)=/+L求M⑴和”1);

⑵若"x)=x3_3f,求證:對于任意aeR,都有加㈤0口+⑹,且存在。,使得

-4eAf(a).

(3)已知定義在R上/(x)有最小值,求證”/(%)是偶函數(shù)”的充要條件是“對于任意正實數(shù)c,

均有Af(-<?)=£?”.

試卷第4頁,共4頁

1.(0,+oo)

【分析】由對數(shù)函數(shù)性質(zhì)即可得.

【詳解】由題意可得尤>0,即10g2》的定義域為(。,+8).

故答案為:(0,+oo).

2.-

4

【分析】求出直線的斜率,再根據(jù)斜率與傾斜角之間的關(guān)系求解即可.

【詳解】設(shè)直線x-y+i=o的傾斜角為兀),

易知直線x-y+l=。的斜率為1,

所以tan9=l,

解得。

4

故答案為:—

4

3.

【分析】借助復(fù)數(shù)的乘法運算與共輾復(fù)數(shù)定義計算即可得.

【詳解】由題意可得z=i(l+i)=-l+i,故[=

故答案為:-1-i.

4.15

【分析】根據(jù)給定條件,利用二項式定理直接求出結(jié)果.

【詳解】(x-球展開式中令Y的項為。r4(-1)2=15尤4,

所以(x-l)6展開式中犬的系數(shù)為15.

故答案為:15

530+而

-3

【分析】根據(jù)已知條件,結(jié)合正弦定理,即可求解.

TTJrSi?

【詳解】三角形A5C中,???A+5+C=7I,A=Z,5=T,/.C=二,

3412

.一.(71兀、.717171.71V2+V6

sinC=sin—d--=sin—cos—+cos—sin—=-----------,

<46)46464

答案第1頁,共13頁

BCAB71

由正弦定理BC=2,A=—,

sinAsinC3

9V2+V6

,BCsinC2X-Z-3&+逝

得ZPA3=-----------=--------——=---------------

sinAyf33

~2

故答案為:3'+、.

6.12

【分析】利用不等式即可求解.

【詳解】46+962=(2。y+(36)2W2x2qx36=12.6=12,

當(dāng)且僅弋:‘,即"和邛或”*年/時,等號成立,

故44+9/的最小值為12.

故答案為:12.

7.(ff

【分析】先利用等差數(shù)列的定義判定{4}為等差數(shù)列,再利用等差數(shù)列性質(zhì)即可求解.

【詳解】因為%="+。,貝!|?!?1-4=(〃+1+。)一(〃+。)=1,

可知數(shù)列{凡}為等差數(shù)列,

則S7=7%=7(4+C)<0,解得C<-4,

所以c的取值范圍為(re,-4).

故答案為:(-℃,-4).

8.3

【分析】利用雙曲線的定義求解即可.

【詳解】由雙曲線的定義,2c=6,2a=7-5=2,

則e,=3.

a

故答案為:3

9.

【分析】分無20與x<0兩段求解二次不等式可得.

答案第2頁,共13頁

【詳解】根據(jù)題意知g(%)=2-7

[-X,x<0

2

當(dāng)xNO時,g(x)<2-x,Bpx+x-2<0,解得一2<尤<1,則有OWxVl;

當(dāng)x<0時,g(x)<2-x,BP-x2+x-2<0,xeR,即x<0時,不等式g(x)<2-x都成立.

綜上所述,g(x)V2-尤的x的取值范圍為(t』.

故答案為:(-也』.

10.—

12

【分析】將荏1,南用不共面的向量在,甌,蒞表示出來,從而得到招?前-麗?皮=5,

然后由公式計算夾角余弦值即可.

【詳解】福=方+招,碣=而+甌,

:.[AB+AA^-BC-(AD+A^-DC=5,

荏屈+招屈-屈衣-環(huán)覺=5,

底面ABCZ)為平行四邊形,所以福.阮=而.覺,

所以福?阮—醺■?覺=5,

麗初=招.(而-網(wǎng)=話蒞-麗.麗=環(huán)前-麗衣=5.

所以c°s(M,幽=網(wǎng)網(wǎng)二芯=在

故異面直線AA與BD的夾角的余弦值為:1,

故答案為:—

11.2.73

【分析】利用給定條件求解圓的半徑,再求周長即可.

【詳解】如圖,以A為原點建系,易知£(0.2,0.2),尸(0.8,0.8),連接所,

答案第3頁,共13頁

不妨設(shè)EF中點為M(0.5,0.5),直線EF中垂線所在直線方程為丁-0.5=-(犬-0.5),

化簡得V=f+1,所以圓心為半徑為。,且經(jīng)過及廠點

即(口―0.2)+(—口+1—0.2)=a2,化簡得a?—2。+0.68=0,

解得4=^^=]±7^二]±述,

25

結(jié)合題意可得a=1-2徨a0.434,故圓的周長為C=23B2.73.

5

故答案為:2.73

12.48

【分析】先確定{a,+?716,10,12,18,20,24},再結(jié)合{《+%11Vi<>4}={仿+勺11Vi<jV4},

設(shè)4<為<&<%,可得到4+a=6,a+&=10,b2+a=20,4=24,進而求出這四個數(shù),

從而求得答案.

【詳解】由題意知{《十%」6,10,12,18,20,24},

滿足{q+a/lq?〈廠4}={偽+%|1"<廠4},

不妨設(shè)仇<4<%<&,

則必有4+匕2=6,bx+b3=10,b2+b4=20,Z?3+Z?4=24,

若。+4=12,a+b4=18,解得%=2也=4也=8也=16;

若。+。=18,。=12,解得4=-1,b2=7,Z?3=11,/?4=13,

由此可知此時有2種情況,

結(jié)合任意4,白,為NeR,共有2P:=48對,

故答案為:48

答案第4頁,共13頁

【點睛】關(guān)鍵點睛:解答本題的關(guān)鍵是結(jié)合{《+/11v,</<4}={偽+勺11Vi<j<4}推出

仇時,這四個數(shù)的值,進而結(jié)合題意求得答案.

13.B

【分析】根據(jù)不等式的性質(zhì)可判斷AB的正誤,根據(jù)特例可判斷CD的正誤.

【詳解】對于A,若c<b<0,則廿<°2,選項不成立,故A錯誤;

對于B,因為b>c,故q2+b>q2+c,故B成立,

對于C、D,若。=0,則選項不成立,故C、D錯誤;

故選:B.

14.A

【分析】根據(jù)面面垂直的性質(zhì)結(jié)合線線以及線面的位置關(guān)系可判斷AB;根據(jù)面面平行的性

質(zhì)結(jié)合線線以及線面的位置關(guān)系可判斷CD;

【詳解】對于A,若則根//6或根u£,

又〃_L/,當(dāng)以〃尸時,在夕內(nèi)必存在直線/和機平行,貝I]",/".”_L機;

當(dāng)mu,時,顯然有"J_w,所以相_L〃,故A正確;

對于B,若。_1/?,777_1_。,則"Z〃尸或mu/,由〃2_LW,則九與月斜交、垂直、平行均有可

能,故B錯誤;

對于C,若。//月,m//。,則機〃尸或根u/5,由"〃夕,則機與W相交、平行、異面均有

可能,故C錯誤;

對于D,若a"B,mlla,則〃z//月或〃zu/,又mlln,則"http://"或"u,,故D錯誤.

故選:A.

15.B

【分析】根據(jù)互斥事件和對立事件的定義,逐一判斷選項即可.

【詳解】選項A,事件A和事件8可以同時發(fā)生,即第四個禮盒中可以既有中國結(jié),又有記

事本,事件A與事件8不互斥,A錯誤;

選項B,??-P(A)=1,P(B)=1,P(AB)=1,

.■.P(A)P(B)=P(AB),B正確;

選項C,事件A與事件BUC可以同時發(fā)生,即第四個禮盒中可以既有中國結(jié),又有記事本

或筆袋,C錯誤;

答案第5頁,共13頁

選項D,??-P(A)=1,P(Bp|C)=;,尸(ACGBpOX;,

P(A)P(BnC)*P(An(BnC)),

,A與Bp|C不獨立,故D錯誤.

故選:B.

16.D

【分析】由延展函數(shù)的定義分段求出g(x),〃。)解析式,作出函數(shù)圖象,數(shù)形結(jié)合可得.

【詳解】當(dāng)x?l,2)時,x-le(0,l),則g(x-l)=ei,

又g,(x-1)=e-,則由延展函數(shù)定義可得g(x)=g'(x-l)=e^;

同理可得,當(dāng)x?2,3),g(x)=e-;L;

任意〃wN,當(dāng)xw(",〃+l)時,g(x)=e'-".

當(dāng)xe(l,2)時,x-le(O,l),IJJljTz(x-l)=(x-l)10,則〃(x)=10(x-iy;

同理可得,當(dāng)xe(2,3)時,/i(x)=10x9(x-2)8;L;

當(dāng)xe(9,10)時,依尤)=10!(x-9);

當(dāng)xe(10,n),A(x)=10!;當(dāng)xe(ll,12),h(x)=0;L.

則任意〃eN,〃211時,當(dāng)x€(〃,〃+l),/z(x)=0.

如圖,作出g(x)與h(x)大致圖像,

因為人,6片0,如圖可知,不存在直線y=Ax+6與g(x)圖象有無窮個交點,故(1)不成立;

又因為當(dāng)xe(9,10),h(x)=10!(x-9),

故當(dāng)上=10!,b=-9xl0!時,

答案第6頁,共13頁

直線y=10!x-9xl0!與無0)的圖象在區(qū)間(9,10)的函數(shù)部分重合,

即有無窮個交點,故(2)成立;

故選:D.

【點睛】關(guān)鍵點點睛:解決此題目的關(guān)鍵在于理解新定義“延展函數(shù)”,能夠依次求解出函數(shù)

在各段的解析式及作出函數(shù)圖象,數(shù)形結(jié)合解決函數(shù)圖象與直線的交點個數(shù)問題.

r6.

17.(1)---,1;

7兀17兀

(2)^e

【分析】(1)利用三角函數(shù)的性質(zhì)結(jié)合換元法求出單調(diào)性,再求解值域即可.

(2)利用三角函數(shù)的性質(zhì)求解參數(shù)即可.

【詳解】⑴因為°=1,所以〃x)=sin、+1,

因為xe[0,可,所以令f=x+;,手,

jrjr冗47r

由正弦函數(shù)性質(zhì)得>=8(。=加力在上單調(diào)遞增,在上單調(diào)遞減,

(2)由題意得7=.兀,所以/=2,可得〃x)=sin"+g

當(dāng)/'(x)=。時,2x+——ht,keZ,即》=—‘+keZ,

當(dāng)左=2時,]=詈<兀,不符合題意,

當(dāng)左=3時,%=¥>兀,符合題意,

11兀

當(dāng)左=4時,X=—>71,符合題意,

6

7兀

當(dāng)左=5時,x=—>7l,符合題意,

4TT4it3

所以把+T<〃<竺+2丁

332

口口7兀/17兀,,7兀17兀

即—K。<---,故aG

3636

18.(1)證明見解析

(2)7i-arccos—

答案第7頁,共13頁

【分析】(1)取BC中點。,連接49、PO,則A0L3C,尸OL8C,故可得BC_L面尸AO,

從而得到24,3c.

(2)利用向量法可求面尸AC、面上鉆的法向量,計算出它們的夾角的余弦值后可得二面角

的余弦值.

【詳解】(1)取BC中點0,連接A。、PO,

因為AB=AC,P3=PC,所以AO_L3C,PO_L3C,

又因為尸Ou面PAO,AOu面PAO,POcAO=。,所以3<?_1面240,

因為E4u面PAO,所以B4L3C.

(2)因為BC為直徑,故。為底面圓的圓心,故尸平面8AC,而AOJ_3c

故可建立如圖所示的空間直角坐標系,

因為圓錐側(cè)面積為g/r,BC為底面直徑,BC=2,所以底面半徑為1,母線長為百,

所以PO=JPT-AO?=0,

則可得尸(0,0,忘),4(0,1,0),3(1,0,0),C(T,0,0),

故麗=(0,1,-夜),麗=(1,0「血),冗=卜1,0,-3),

設(shè)%為平面鉆的法向量,貝"上一n”「

-PB=0[%]_A/2Z]=0

令玉=夜,則乂="4=1,所以々=(0,后,1).

設(shè)晨=(%2,%/2)為平面PAC的法向量,

令赴=一逝,則%="22=1,所以%=卜0,3,1).

答案第8頁,共13頁

4?幾2—2+2+1

則cos(4,〃2

y/Sxs/55

設(shè)二面角3-PA-C為。,則。為鈍角,

所以二面角3—PA—C的大小為兀-arccos].

17

19.(1)—

45

(2)一級果抽取6箱,二級果抽取2箱

(3)方差1427.27克2,平均數(shù)285.44克,預(yù)估平均質(zhì)量為287.69克

【分析】(1)利用組合知識和超幾何分布求概率公式求出答案;

(2)利用分層抽樣的定義進行求解;

(3)根據(jù)公式計算出總體樣本平均質(zhì)量和方差,并預(yù)估平均質(zhì)量.

【詳解】(1)設(shè)A事件為恰好選到一級果和二級果各一箱,

樣本空間的樣本點的個數(shù)〃=q=四產(chǎn)=9180,

A事件的樣本點的公式機=C%-Cl=3468,

(2)因為一級果箱數(shù):二級果箱數(shù)=102:34=3:1,

31

所以8箱水果中有一級果抽取8x不=6箱,二級果抽取8x「=2箱;

3+13+1

(3)設(shè)一級果平均質(zhì)量為1方差為S;,二級果質(zhì)量為亍,方差為聽,

總體樣本平均質(zhì)量為乙方差為整,

因為天=303.45,了=240.41,S;=603.46,=648.21,

12048

所以云=------x303.45+-----------x240.41=285.44克,

120+48120+48

12048

S2=]20~48X[603.46+(303.45-285.44)。]+⑵疝x[648.21+(240.41-285.44)。]=1427.27克2.

預(yù)估平均質(zhì)量為1巖02下+若34?歹=287.69克.

20.⑴平;

⑵(立率];

答案第9頁,共13頁

⑶存在,C(--,

4

【分析】(1)根據(jù)給定條件,求出點A的縱坐標,再利用兩點間距離公式計算即得.

(2)設(shè)A(x,y),個40,求出岳,邑,再利用給定關(guān)系求出,的范圍,進而求出|QA|的范圍.

(3)設(shè)A(%[,y),%>0,B,%),利用向量坐標運算及共線向量的坐標表示可得%+2%=0,

再聯(lián)立直線A8與橢圓方程,結(jié)合韋達定理求解即得.

22,22,

【詳解】(1)設(shè)4(2,y),由點A為橢圓「工+匕=1上一點,得上+工=1,即又

62623

耳(-2,0),

所以|A耳上^[2-(-2)]2+(y-0)2=當(dāng).

(2)設(shè)4x,y)RW0,而|%|=4,|MMI=20,

則S[=:|片可|4=2刨,S2=^\MtM2\\x\=^/2\x\,由HNS2,得21yl20國,

即2y又乙+21=1,則2/^6-3/,解得工4/<2,

625

22

儂=yjx+y=J(6_3y2)+y2=擊-2(e(衣,

所以的范圍是(在粵).

(3)設(shè)A(%,x),x>0,8@2,%),由圖象對稱性,得A、C關(guān)于y軸對稱,則c(f,yj,

又耳(-2,0),6(2,0),于是率=(X|+2,兇),耶=伍+2,%),房=(一%+2,%),

答案第10頁,共13頁

則耳A+耳3+耳。=(%2+6,%+2%),同理區(qū)4+月;3+與。=(%2-6,y2+2yJ,

由和+率+就=2(及1+孽+笆),得(耳1+耶+竹〃(11+磔+笆),

因此(々+6乂%+2%)=(*2-6)(%+2%),即12(%+2%)=0,則為+2%=。,

設(shè)直線4K:*=陽+2,由,?「消去尤得(蘇+34+4b2=0,

[%+3y=6'/

-2y;=Y^£r-

則:,即m,3,而%>。,解得”7=也,%=叵,

4mAm54

%+丫2=__F77f=F77

Im+3Im+3

由占=根%+2,得尤|=:,所以c(_j,手).

【點睛】思路點睛:解答直線與橢圓的題目時,時常把兩個曲線的方程聯(lián)立,消去x(或y)

建立一元二次方程,然后借助根與系數(shù)的關(guān)系,并結(jié)合題設(shè)條件建立有關(guān)參變量的等量關(guān)系;

涉及到直線方程的設(shè)法時,務(wù)必考慮全面,不要忽略直線斜率為。或不存在等特殊情形.

21.(l)M(l)=[0,+a>);L(l)=[-l,+(?);

(2)證明見解析

(3)證明見解析

【分析】⑴將〃力=1+1代入求解即可;

(2)根據(jù)函數(shù)8(力=%3一3爐-4+3/的單調(diào)性,對。進行分類討論,然后求出M⑷即可

證明;

(3)利用偶函數(shù)的定義,即可證明必要性,利用M(-c)=L(c),得出兩個集合中最小的元

素相同,從而f(c)=/(—c),即可證明充分性.

答案第11頁,共13頁

2

【詳解】(1)由題意得:/⑴=,r=x+l-2^>l}=[0,+(?);

"1)=,Z=x2+1-2,x<1j=[-1,+oo);

(2)由題意知M(a)={/jr=%3-3%2-。3+36/2。},記g(x)=%3-3f一^+3/,有

g'(x)=3x2-6x=0nx=0或2,

(-8,0)0(0,2)2(2,+00)

g'(x)正0負0正

g(x)

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