高考物理真題卷（新課標卷）

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高考物理精選真題試卷4（新課標卷）

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21

題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.國際單位制（縮寫SI）定義了米（m）、秒（s）等7個基本單位，其他單位均可由物理關(guān)系導(dǎo)出。例如，由

m和s可以導(dǎo)出速度單位ms-。歷史上，曾用“米原器”定義米，用平均太陽日定義秒。但是，以實物或其運動

來定義基本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的影響，而采用物理常量來定義則可避免這種困擾。1967年用

鈉-133原子基態(tài)的兩個超精細能級間躍遷輻射的頻率Av=9192631770Hz定義s；1983年用真空中的光速c=

299792458m-s」定義m。2018年第26屆國際計量大會決定，7個基本單位全部用基本物理常量來定義（對應(yīng)

關(guān)系如圖，例如，s對應(yīng)Au,〃?對應(yīng)c）。新SI自2019年5月20日（國際計量日）正式實施，這將對科學(xué)和技術(shù)

發(fā)展產(chǎn)生深遠影響。下列選項不正確的是

A.7個基本單位全部用物理常量定義，保證了基本單位的穩(wěn)定性

B.用真空中的光速c（msI）定義m,因為長度/與速度v存在而s已定義

C.用基本電荷e（C）定義安培（A）,因為電荷量與電流/存在/="〃，而s已定義

D.因為普朗克常量。（J.s）的單位中沒有kg,所以無法用它來定義質(zhì)量單位

【答案】D

【解析】本題屬于信息題，由題所給信息結(jié)合/=討和/=。的物理意義解答。由題意可知，如果以實物或

其運動來定義基本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的影響，所以7個基本單位全部用物理常量定義，保證了

基本單位的穩(wěn)定性，故A正確；用真空中的光速定義m,即光在真空中傳播299792458分之一秒的距離，且s

早已定義，故B正確；由公式/=幺可知，安培即為Is時間內(nèi)通過的電荷量，故C正確；由題意可知，/?對應(yīng)

t

的單位為J?s,而能最的單位單位中包含質(zhì)量，故可以對Kg進行定義，故D錯誤。

15.如圖所示，在水平向右的勻強電場中，質(zhì)量為加的帶電小球，以初速度y從M點豎直向上運動，通過N點

時，速度大小為2也方向與電場方向相反，則小球從M運動到N的過程

二N二

M

A.動能增加L〃一

2

B.機械能增加

3

C.重力勢能增加一〃“2

2

D.電勢能增加2機，

【答案】B

1,10

【解析】由動能的表達式線=—〃"-可知帶電小球在M點的動能為&W=—〃?/,在N點的動能為

22

13

E^=-/n（2v）=2W,所以動能的增量為△旦=5機1/，故A錯誤；帶電小球在電場中做類平拋運動，

豎直方向受重力做勻減速運動，水平方向受電場力做勻加速運動，由運動學(xué)公式有

v=v=gf,匕=2v=at=旺~，，可得qE=2"ig,豎直方向的位移h==f,水平方向的位移x=W，

m22

31

因此有x=2h，對小球由動能定理有qEx-mgh=△&=-mv2,聯(lián)立上式可解得qEx=Imv2,mgh=-mv~,

因此電場力做正功，機械能增加，故機械能增加2機電勢能減少故B正確D錯誤，重力做負功重

力勢能增加量為,加小,故C錯誤。

2

16.高空墜物極易對行人造成傷害。若一個50g的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的撞擊時間約為2ms,

則該雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為

A.10NB.102NC.103ND.104N

【答案】C

【解析】設(shè)雞蛋落地瞬間的速度為y,每層樓的高度大約是3m,由動能定理可知：mgh=-mv2,解得：

2

--7^=0x10x3x25=10如m/s,落地時受到自身的重力和地面的支持力，規(guī)定向上為正，由動量

定理可知：=解得：NklOOON,根據(jù)牛頓第三定律可知雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊

力約為18N,故C正確。

17.婦圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強磁場。一帶電粒子垂直磁場邊界從。點射入，從b點射出。下列

說法正確的是

K

；xxB\

Ji

I

IXXX

I

I

I

I

I

IXXbX?

I------------------------------------?---------J

A.粒子帶正電

B.粒子在力點速率大于在〃點速巡

C.若僅減小磁感應(yīng)強度，則粒子可能從匕點右側(cè)射出

D.若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短

【答案】C

【解析】由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點確定粒子在反a兩點的速率，根據(jù)卯8=m1確定

r

粒子運動半徑和運動時間。由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負電，故A錯誤；由于

洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在力點速率與a點速率相等，故B錯誤；若僅減小磁感應(yīng)強度，

由公式/3=得：/,所以磁感應(yīng)強度減小，半徑增大，所以粒子有可能從〃點右側(cè)射出，故C

rqB

正確，若僅減小入射速率，粒子運動半徑減小，在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運動時間一定

變長，故D錯誤。

18.2018年12月8日，肩負著億萬中華兒女探月飛天夢想的嫦娥四號探測器成功發(fā)射，“實現(xiàn)人類航天器首次

在月球背面巡視探測，率先在月背刻上了中國足跡:已知月球的質(zhì)量為M、半徑為R,探測器的質(zhì)量為〃2,

引力常量為G,嫦娥四號探測器圍繞月球做半徑為〃的勻速圓周運動時，探測器的

…-GMm

B.動能為-----

2R

D.向心加速度為二

R-

【答案】C

【解析】由萬有引力提供向心力可得竺"=加可得丁=2萬」上一，故A正

/T-r'GM

確：解得】，二后可.由于Ek=^nvGMm,故R錯誤：解得@二J孚,故C錯誤：解得〃=華

故D錯誤。綜上分析，答案為A。

19.日、乙兩汽車同?條平直公路上同向運動，其速度-時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在

上時刻并排行駛，下列說法正碓的是

A.兩車在力時刻也并排行駛

B.力時刻甲車在后，乙車在前

C.甲車的加速度大小先增大后減小

D.乙車的加速度大小先減小后增大

【答案】BD

【解析】廣，圖象中圖象包圍的面積代表運動走過的位移，兩車在，2時刻并排行駛，利用逆向思維并借助于面

積可知在力時刻甲車在后，乙車在前，故A錯誤，B正確；圖象的斜率表示加速度，所以甲的加速度先減小

后增大，乙的加速度也是先減小后增大，故C錯D正確。

20.如圖所示，輕質(zhì)不可伸K的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿股、N上的小〃兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑

的，掛于繩上處于靜止狀態(tài)。如果只人為改變一個條件，當衣架靜止時，下列說法正確的是

A.繩的右端上移到//,繩子拉力不變

B.將桿N向右移一些，繩子拉力變大

C.繩的兩端高度差越小，繩子拉力越小

D.若換掛質(zhì)量更大的衣服，則衣架懸掛點右移

【答案】AB

【解析】設(shè)兩桿間距離為乩繩長為/，0a、。。段長度分別為/”和/〃，則/=，+/〃，兩部分繩子與豎直方向

夾角分別為a和從受力分析如圖所示。繩子中各部分張力相等，七二弓=/，則a=尸。滿足2/cosa=〃笈,

d=lasina+sin=/sina,即sina=4,F=，d和/均不變，則sina為定值，a為定值，

I2cosa

cosa為定值，繩子的拉力保持不變，衣服的位置不變，故A正確，CD錯誤；將桿N向右移一些，d增大,

貝ljsina增大,cosa減小，繩子的拉力增大，故B正確.

【名師點睛】本題是力的動態(tài)平衡的典型模型，學(xué)生并不陌生，關(guān)鍵要判斷出繩子和豎直方向的夾角只與繩

長和兩桿間的距離有關(guān)。

21.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為〃，導(dǎo)軌電阻忽略不計。虛線而、cd均與導(dǎo)軌

垂直，在必與〃之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、先后自導(dǎo)軌

上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)凱垂直且接觸良好。已知PQ進入磁場時加速度變小恰好為零，從0Q

進入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過PQ的電流隨時間變化的圖像可能正確的是

【答案】AD

【解析】于產(chǎn)。進入磁場時加速度為零，AB.若尸Q出磁場時MN仍然沒有進入磁場，則尸Q出磁場后至MN

進入磁場的這段時間，由于磁通量0不變，無感應(yīng)電流。由于PQ、MN同一位置釋放，故進入磁場時與

尸。進入磁場時的速度相同，所以電流大小也應(yīng)該相同，A正確B錯誤：CD.若PQ出磁場前MN已經(jīng)進入

磁場，由于磁通量夕不變，PQ、MN均加速運動，PQ出磁場后，MN由于加速故電流比尸。進入磁場時電流

大,故C正確D錯誤。

三、豐選擇題：共174分，第22?32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（一）必考題：共129分。

22.（6分）甲、乙兩同學(xué)通過下面的實驗測量人的反應(yīng)時間。實驗步驟如下：

（1）甲用兩個手指輕輕捏住量程為七的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放在尺的下端（位置恰好處丁L

刻度處，但未碰到尺），有備用手指夾住下落的尺。

（2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。若夾住尺子的

位置刻度為L，重力加速度大小為g，則乙的反應(yīng)時間為（用L、心和g表示）。

（3）已知當?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80m/s2,L=30.0cm,Li=10.4cm,乙的反應(yīng)時間為s。

（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

（4）寫出一條提高測量結(jié)果準確程度的建議：。

【答案】,2（Lf）0.20多次測量取平均值；初始時乙的手指盡可能接近尺子

【解析】根據(jù)題述，在乙的反應(yīng)時間，內(nèi)，尺子下落高度心心心，由自由落體運動規(guī)律，住;g-，解得廣

2L

j（~A）o代入數(shù)據(jù)得：廠0.20so

【名師點睛】測量反應(yīng)時間是教材上的小實驗，此題以教材小實驗切入，難度不大。

23.：9分）某同學(xué)用伏安法測定待測電阻心的阻值（約為10W）,除了R,開關(guān)S、導(dǎo)線外，還有下列器材

供選用：

A.電壓表（量程（）~1V,內(nèi)阻約為10kQ）

B.電壓表（量程。?10V,內(nèi)阻約為100kQ）

C.電流表（0~1mA內(nèi)阻約為30Q）

D.電流表（0-0.6A,內(nèi)阻約為0.05Q）

E.電源（電動勢1.5V,額定電流0.5A,內(nèi)阻不計）

F.電源（電動勢12V,額定電流2A,內(nèi)阻不計）

G.滑動變阻器R）（阻值范圍070Q,額定電流2A）

①為使測量盡量準確，電壓表選用，電流表選用，電源選用o（均

填器材的字母代號）；

②畫出測量尺阻值的實驗電路圖____________O

③該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會其真實值

（填“大于”“小于”或“等于“），原因是O

【答案】B大于電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端實際電壓（其他正確表述也

可）

【解析】由于本題的被測電阻達到iokC,所以電源要選擇電動勢大的，然后根據(jù)電路電流選擇電流表，電

RR

壓表；若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據(jù)皆v和片x的

關(guān)系分析電流表的接法；根據(jù)電流表的接法判斷實驗誤差所在；

①若選用電源1.5V,由于被測且阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，印電源選用12V的，即F；則

12

電壓表就應(yīng)該選取B；電路中的最大電流為/=麗而=12mA,故選用電流表C；

②因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10C,若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑

動變阻器的分壓接法，由于皆〈廣，所以采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示，

K、A.

③由于電流表的分壓，導(dǎo)致電壓測量值偏大，而電流準確，根據(jù)Rr=S可知測量值偏大；

24.（13分）完全由我國自行設(shè)計、建造的國產(chǎn)新型航空母艦已完成多次海試，并取得成功。航母上的艦載機采

用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構(gòu)成，如圖I所示。為了便于研究艦載機的起飛過程,

假設(shè)上翹甲板8c是與水平甲板相切的一段圓弧，示意如圖2,A8長4=15（）m,4c水平投影

L：=63m,圖中。點切線方向與水平方向的夾角6=12。（sin12。。0.21）。若艦載機從A點由靜止開始

做勻加速直線運動，經(jīng)r=6s到達6點進入6C。已知飛行員的質(zhì)量〃2=60kg,^=10m/s2,求

圖2

圖1

（1）艦載機水平運動的過程中，飛行員受到的水平力所做功W：

（2）艦載機剛進入3C時，飛行員受到豎直向上的壓力幾多大。

【答案】（1）W=7.5xl04J（2）F.=l.lxl03N

【解析】（1）艦載機由靜止開始做勻加速直線運動，設(shè)其剛進入上翹甲板時的速度為v,則有

v44、

二二」①

2t

根據(jù)動能定理，有

卬」/加-（唱

2

聯(lián)立①②式，代入數(shù)據(jù)，得

W=7.5x10"J③

（2）設(shè)上翹甲板所對應(yīng)的圓弧半徑為A,根據(jù)幾何關(guān)系，有

L=Rsin0?

由牛頓第二定律，有

入_mg=m—?

R

聯(lián)立①④⑤式，代人數(shù)據(jù)，得

=l.lxl03N?

25.（19分）如圖所示，勻強磁場的磁感應(yīng)強度大小為B.磁場中的水平絕緣薄板與磁場的左、右邊界分別垂直相

交于M、N,MN=L,粒子打到板上時會被反彈（碰撞時間極短），反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大

小不變、方向相反.質(zhì)量為〃八電荷量為-g的粒子速度一定，可以從左邊界的不同位置水平射入磁場，在磁場

中做圓周運動的半徑為4,且粒子重力不計，電荷量保持不變。

（!）求粒子運動速度的大小也

（2）欲使粒子從磁場右邊界射出，求入射點到M的最大距離dm；

（3）從尸點射入的粒子最終從。點射出磁場，PM=d,QN=g,求粒子從。到。的運動時間/.

【答案】⑴「幽（2）"烏/（3）”匕-當心）笑

mm2d62qB

niv

【解析】（1）粒子的運動半徑〃’==

qB

解得"幽

m

（2）如圖4所示，粒子碰撞后的運動軌跡恰好與磁場左邊界相切

V

圖（4）

由幾何關(guān)系得dm=d（I+sin60°）

解得心=苧"

（3）粒子的運動周期『

qB

設(shè)粒子最后一次碰撞到射出磁場的時間為則

t=n—+t\n=1,3,5,...-)

4

(?)當L=/W+(l—立)d時，粒子斜向上射出磁場

2

解得』/牛

Cb）當L=〃4+（I+立）4時，粒子斜向下射出磁場

2

-J-4irm

解得/=(二——-一x—

d62qB

（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則

每科按所做的第一題計分。

33.[物理一選修3-3]（15分）

（1）（5分）對于實際的氣體，下列說法正確的是o（填正確答案標號，選對1個給2分，選對2個得4

分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分。分）

A.氣體的內(nèi)能包括氣體分子的重力勢能

B.氣體的內(nèi)能包括分子之間相互作用的勢能

C.氣體的內(nèi)能包括氣體整體運動的動能

D.氣體體積變化時，其內(nèi)能可能不變

E.氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運動的動能

【答案】BDE

【解析】氣體的內(nèi)能等于所有分子熱運動動能和分子之間勢能的總和，故AC錯，BE對；根據(jù)熱力學(xué)第一

定律AUnW+Q知道，改變?yōu)槟艿姆绞接凶龉蜔醾鬟f，所以體積發(fā)生變化時，內(nèi)能可能不變，故D正

確。

（2）（10分）如圖，豎直放置的氣缸上端JT口，氣缸壁內(nèi)有K口”和〃，〃間距為/，，〃距缸底的百度為H;

活塞只能在。、〃間移動，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體。已知活塞質(zhì)量為加，面積為S厚度可忽略；

活塞和汽缸壁均絕熱，不計他們之間的摩擦。開始時活塞處于靜止狀態(tài)，上、下方氣體壓強均為/為，溫度均

為及?，F(xiàn)用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達人處。求此時氣缸內(nèi)氣體的溫度以及在此過

程中氣體對外所做的功。重力加速度大小為g。

【答案】w=（%s+〃吆）〃

【解析】由于活塞處「平衡狀態(tài)所以可以利用活塞處于平衡狀態(tài)，求封閉氣體的壓強，然后找到不同狀態(tài)下

氣體參量，計算溫度或者體積。

開始時活塞位于"處，加熱后，汽缸中的氣體先經(jīng)歷等容過程，直至活塞開始運動。設(shè)此時汽缸中氣體的溫

度為壓強為8,根據(jù)查理定律有

半吟①

10

根據(jù)力的平衡條件有

PiS=p°S+mg②

聯(lián)立①②式可得

此后，汽缸中的氣體經(jīng)歷等壓過程，直至活塞剛好到達b處，設(shè)此時汽缸中氣體的溫度為72；活塞位于a

處和b處時氣體的體積分別為Vi和根據(jù)蓋一呂薩克定律有

尹”

式中

Vi=SH⑤

V2=S（”+力）⑥

聯(lián)立③④@⑥式解得

從開始加熱到活塞到達b處的過程中，汽缸中的氣體對外做的功為

IV=(pnS+Wg)/2?

34.［物理一選修3-4）（15分）

（1）（5分）如圖，aABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，ZA=30°,一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點

射出，其折射角為60。，則玻璃對紅光的折射率為o若改用藍光沿同一路徑入射，則光線在D點射出

時的折射射角（“小于'等于”或“大于“）60%

【答案】V3大于

【解析】根據(jù)題述和圖示可知，i=60。，r=30°,由折射定律，玻璃對?紅光的折射率〃二黑二通。若改用藍光

沿同一路徑入射，由于玻璃時藍光的折射率大于玻璃對紅光的折射率，則光線在。點射出時的折射角大于6

0%

（2）（10分）一列簡諧橫波在時的波形圖如圖（a）所示，P、Q是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖（b）是質(zhì)點Q

的振動圖象。求

（i）波速及波的傳播方向：

（ii）質(zhì)點。的平衡位置的x坐標。

【答案】（i）v=I8cin/s,波沿負方向傳播（ii）x°=9cm

【解析】（i）由圖a可以看出，改波的波長為/l=36cm

由圖b可以看出周期T=2s,故波速為u=：=18cm/s

由圖b可知，當/=；s時;Q向上振動，結(jié)合圖a可知，該波沿x軸負方向傳播

A

（ii）設(shè)質(zhì)點P、。平衡位置的x坐標分別為4、與。由圖（a）知，x=0處），=一耳=Asin（-30。），因

30°

此而=----2=3cm④

「360°

由圖（b）知，化/=0時Q點處于平衡位置，經(jīng)具振動狀態(tài)向x軸負方向傳播至尸點處，由此及

③式有

xQ-xp=vAr=6cm⑤

由④⑤式得，質(zhì)點。的平衡位置的x坐標為

氣=9cm⑥

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二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，

第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21題有多項符合題目

要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子一質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為4：H-；Hc+2＜；c+2y,已知:H和:He的

質(zhì)量分別為"、=L0078U和丸=4-W26u,lu=93IMeV/c2,c為光速。在4個:H轉(zhuǎn)變成|個;He的過程中，釋放的

能量約為

A.8MeVB.16MeVC.26MeVD.52MeV

【答案】C

7619

22931xl0xl.6xl0-J

【解析】由AE=\mC知八七=(4xmp-ma-2me)-c,

c~9xl016

N1.7xl(r27kg?o.9xl(r3ikg,忽略電子質(zhì)量，則：AE=(4X1.0078w-4.0026M)-c2?26McV,故

C選項符合題意；

15.一輛汽車沿平直道路行駛，其I圖象如圖所示。在/=()到/=40s這段時間內(nèi)，汽車的位移是

A.0B.30m

C.750mD.I200m

【答案】C

【解析】在W圖像中圖線與時間軸圍成的面積表示位移，故在40s內(nèi)的位移為

x=lx(10+40)x30(m)=750m,C正確。

16.如圖，輕彈簧的卜端固定在水平桌面上，上端放有物塊P,系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力尸作用

在P上，使其向上做勻加速直線運動，以x表示。離開靜止位置的位移，在彈簧恢復(fù)原長前，下列表示尸和

工之間關(guān)系的圖象可能正確的是

F

【答案】A

【解析】由牛頓運動定律，F(xiàn)-mg+F曰a,尸后以祉㈤，kxo=mg，聯(lián)立解得F=，〃a+-對比題給的四個圖象，

可能正確的是A。

17.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強磁場。一?帶電粒子垂直磁場邊界從。點射入，從。點射出。下

列說法正確的是

I

IXXX

I

A.粒子帶正電

B.粒子在b點速率大于在。點速忠

C.若僅減小磁感應(yīng)強度，則粒子可能從人點右側(cè)射出

D.若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短

【答案】C

【解析】由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點確定粒子在b、a兩點的速率，根據(jù)/右=〃?匕確定

r

粒子運動半徑和運動時間。由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負電，故A錯誤；由于

洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在6點速率與。點速率相等，故B錯誤；若僅減小磁感應(yīng)強度，

由公式如B=得：^=—,所以磁感應(yīng)強度減小，半徑增大，所以粒子有可能從〃點右側(cè)射;II,故C

正確，若僅減小入射速率，粒子運動半徑減小，在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運動時間?定

變長，故D錯誤。

18.1970年成功發(fā)射的“東方紅一號”是我國第一顆人造地球衛(wèi)星，該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌道繞地球運動.如圖所

示，設(shè)衛(wèi)星在近地點、遠地點的速度分別為刃、V2,近地點到地心的距離為「，地球質(zhì)量為M,引力常量為G。

【答案】B

【解析】“東方紅一號”從近地點到遠地點萬有引力做負功，動能減小，所以匕>彩，過近地點圓周運動的速

度為“=怦^'

由于“東方紅一號”在橢圓上運動，所以匕〉故B正確。

19.如圖，柔軟輕繩ON的一端。固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N。初始時，0M豎直

且MN被拉直，0M與MN之間的夾角為a(a>~)?，F(xiàn)符重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角a不變。

2

在0M由豎直被拉到水平的過程中

or

N

A.MN上的張力逐漸增大

B.上的張力先增大后減小

C.0M上的張力逐漸增大

D.。歷上的張力先增大后減小

【答案】AD

【解析】以重物為研究對象，受重力"吆，。”繩上拉力后，MN上拉力由題意知，三個力合力始終為零,

矢量三角形如圖所示，在4轉(zhuǎn)至水平的過程中，MN上的張力Q逐漸增大，0M上的張力廣2先增大后減小,

所以AD正確，BC錯誤。

mg'

【名師點睛】本題考查動態(tài)平衡，注意重物受三個力中只有重力恒定不變，且要求兩力的夾角不變，

兩力的大小、方向都在變。三力合力為零，能構(gòu)成封閉的三角形，再借助圓，同一圓弧對應(yīng)圓周角不變，難

度較大。

20.空間存在一方向與直面垂直、大小隨時間變化的勻強磁場，其邊界如圖(a)中虛線MN所示，一硬質(zhì)細導(dǎo)線

的電阻率為P、橫截面積為S,將該導(dǎo)線做成半徑為力勺圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心。在MN上。/=()時磁感應(yīng)強度

的方向如圖(a)所示。磁感應(yīng)強度8隨時間，的變化關(guān)系如圖(b)所示，則在片0到片力的時向間隔內(nèi)

A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變

B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流始終沿順時針方向

c.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為當“

D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動勢大小為2^一

%

【答案】BC

【解析】AB、根據(jù)3“圖象，由楞次定律可知,線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時針，但在h時刻，磁場的方

向發(fā)生變化，故安培力方向々的方向在to時刻發(fā)生變化，則A錯誤，B正確;

CD、由閉合甩路歐姆定律得：/=-,又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：E=^-=——，又根據(jù)電阻定

RArAr2

律得：R=p—,聯(lián)立得：/二安，則C正確，D錯誤。故本題選BC。

S4rop

21.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，。點為彈簧在原長時物塊的位置。物塊由A點靜止釋

放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠到達8點。在從4到8的過程中，物塊

AoB

A.加速度先減小后增大

B.經(jīng)過。點時的速度最大

C.所受彈簧彈力始終做正功

D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功

【答案】AD

【解析】物體從A點到。點過程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦

力過程和彈力小于摩擦力過程：彈力大于摩擦力過程，合力向右，加速度也向右，由于彈力減小，摩擦力不

變，小球所受合力減小加速度減小，彈力等于摩擦力時速度最大，此位置在4點與。點之間；彈力小于摩

擦力過程，合力方向與運動方向相反，彈力減小，摩擦力大小不變，物體所受合力增大，物體的加速度隨彈

簧形變量的減小而增加，物體作減速運動；從。點到3點的過程彈力增大，合力向左，加速度繼續(xù)增大，

選項A正確、選項B錯誤；從A點到。點過程，彈簧由壓縮恢復(fù)原長彈力做正功，從。點到B點的過程,

彈簧伸長，彈力做負功，故選項C錯誤；從A到8的過程中根據(jù)動能定理彈簧彈力做的功等于物體克服摩

擦力做的功，故選項D正確。

三、非選擇題：共"4分，第22?32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（一）必考題：共129分。

22.（6分）某小組利用打點計時器對物塊沿傾斜的長木板加速下滑時的運動進行研究。物塊拖動紙帶下滑，打

出的紙帶一部分如圖所示。已知打點計時器所用交流電的頻率為50Hz,紙帶上標出的每兩個相鄰點之間還

有4個打出的點未畫出。在ABCQE五個點中，打點計時器最先打出的是點，在打出C點時物塊的速

度大小為m/s（保留3位有效數(shù)字）；物塊下滑的加速度大小為m/s2（保留2位有效數(shù)字）。

~0~~1~~2~~3~~4~~56~~7~~8~~9~~10-

【答案】（1）A（2）0,233（3）0.75

【解析】分析可知，物塊沿傾斜長木板最勻加速直線運動，紙帶上的點跡，從A到E,間隔越來越大，可知，

物塊跟紙帶的左端相連，紙帶上最先打出的是A點；在打點計時器打C點瞬間，物塊的速度

為.=；根據(jù)逐差法可知，物塊下滑的加速度

4.65x1。2mzs=0.233m/s

,2T2x0.1

。=（615-315尸一=075m/g2。

4T24x0『

23.（9分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度，的關(guān)系，

圖中M和V2為理想電壓表：R為滑動變阻器，Ro為定值電阻：阻值100Q）；S為開關(guān)，E為電源。實驗中

二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度，由溫度計（圖中未畫出）測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.

0gA時得到的某硅二極管U-/關(guān)系曲線?；卮鹣铝袉栴}：

（1）實驗中，為保證流過二極管的電流為50.0RA,應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器心使電壓表Vi的示數(shù)為

mV：根據(jù)圖（b）可知，當控溫爐內(nèi)的溫度/升高時，硅二極管正向電阻（填“變大”或“變小”），

電壓表Vi示數(shù)（填“增大”或“減小”）,此時應(yīng)將〃的滑片向（填“A”或"B”）端移動，以使

Vi示數(shù)仍為5。

⑵由圖（b）可以看出U與1成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為學(xué)

xlOWC（保留2位有效數(shù)字）。

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30

°304050607080

圖（b）

【答案】（1）5.00變小增大B（2）2.8

【解析】＜1）t7i-//?o-lOOQX50X106A-5xlO-?V-5mV由R=?,/不變,溫度升高，U減小，故K減小;

由于R變小，總電阻減小，電流增大；Ro兩端電壓增大，即Vi表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小,

故華東變阻器向右調(diào)節(jié)，即向B短調(diào)節(jié)。

△U

（2）由圖可知，——=2.8x|03V/℃

A/

24.（13分）雨滴落到地面的速度通常僅為幾米每秒，這與雨滴下落過程中受到空氣阻力有關(guān)。雨滴間無相互作

用且雨滴質(zhì)量不變，重力加速度為g。

（1）質(zhì)量為〃?的雨滴由靜止開始，下落高度〃時速度為〃，求這一過程中克服空氣阻力所做的功W。

（2）將雨滴看作半徑為，?的球體，設(shè)其豎直落向地面的過程中所受空氣阻力戶KA%其中u是雨滴的速度,

女是比例系數(shù).

a.設(shè)雨滴的密度為p,推導(dǎo)雨滴下落趨近的最大速度-與半徑/?的關(guān)系式；

b.示意圖中畫出了半徑為內(nèi)、n（n>n）的雨滴在空氣中無初速下落的v-f圖線，其中對應(yīng)半徑為

門的雨滴（選填①、②）：若不計空氣阻力，請在圖中畫出雨滴無初速下落的v-/圖線。

（3）由于大量氣體分子在各方向運動的幾率相等，其對靜止雨滴的作用力為零。將雨滴簡化為垂直于運動方

向面積為S的圓盤，證明：圓盤以速度v下落時受到的空氣阻力/8V2（提示：設(shè)單位體積內(nèi)空氣分子數(shù)為

空氣分子質(zhì)量為。

【答案】⑴"儂?—（2）a.嚶■rb.見解析（3）見解析

【解析】（1）根據(jù)動能定理〃?勵-W=5〃“/

可得W=nigh-gmu2

（2）a.根據(jù)牛頓第二定律"田一/=〃也

徨kr2v2

得a=g------

〃1

當加速度為零時，雨滴趨近于最大速度Vn.

,4a

雨滴質(zhì)量〃1=5口夕

由4=0,可得,雨滴最大速度

b.①

如答圖2

（3）根據(jù)題設(shè)條件：大量氣體分子在各方向運動的幾率相等，其對靜止雨滴的作用力為零。以下只考慮雨滴

下落的定向運動。

簡化的圓盤模型如答圖3。設(shè)空氣分子與圓盤碰撞前后相對速度大小不變。在"時間內(nèi)，與圓盤碰撞的空氣

分子質(zhì)顯為Zn=S心加小

答圖3

以尸表示圓盤對氣體分