博野中學高二月月考物理試題

學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精博野中學高二年級3月月考物理試題一．選擇題(共12小題,4、6為多選，共48分）1.一輸入電壓為220V,輸出電壓為36V的變壓器副線圈燒壞,為獲知此變壓器原、副線圈匝數(shù)，某同學拆下燒壞的副線圈，用絕緣導線在鐵芯上新繞了5匝線圈．如圖所示，然后將原來線圈接到220V交流電源上，測得新繞線圈的端電壓為1V，按理想變壓器分析，該變壓器燒壞前的原、副線數(shù)分別為（）A．1100,360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，3602．如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上,圖中各電表均為理想電表,下列說法正確的是（)A．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時,R1消耗的功率變大B．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變大C．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時,電流表A1示數(shù)變大D．若閉合開關(guān)S,則電流表A1示數(shù)變大，A2示數(shù)變大3．遠距離輸電的原理圖如圖所示，升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2,電流分別為I1、I2,輸電線上的電阻為R,變壓器為理想變壓器,則下列關(guān)系式中正確的是(）A．= B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U24．圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場,A為交流電流表．線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動．從圖示位置開始計時，產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是（)A．電流表的示數(shù)為10AB．線圈轉(zhuǎn)動的角速度為50πrad/sC．0.01s時線圈平面與磁場方向平行D．0。02s時電阻R中電流的方向自右向左5．通過一阻值R=100Ω的電阻的交變電流如圖所示,其周期為1s．電阻兩端電壓的有效值為（）A．12V B．4V C．15V D．8V6．如圖所示,在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動的矩形線圈的周期為T,轉(zhuǎn)軸O1O2垂直于磁場方向，線圈電阻為2Ω．從線圈平面與磁場方向平行時開始計時，線圈轉(zhuǎn)過60°時的感應電流為1A．那么（）A．線圈消耗的電功率為4WB．線圈中感應電流的有效值為2AC．任意時刻線圈中的感應電動勢為e=4cosD．任意時刻穿過線圈的磁通量為Φ=sin7．質(zhì)量m的物體，從高h處以速度v0水平拋出，從拋出到落地物體所受重力的沖量為（）A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0 D．mg8．質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過時間t，身體伸直并剛好離開地面，離開地面時速度為v在時間t內(nèi)（）A．地面對他的平均作用力為mgB．地面對他的平均作用力為C．地面對他的平均作用力為m（﹣g)D．地面對他的平均作用力為m（g+)9．如圖所示，質(zhì)量為m的小滑塊（可視為質(zhì)點），從h高處的A點由靜止開始沿斜面下滑,停在水平地面上的B點（斜面和水平面之間有小圓弧平滑連接）．要使物體能原路返回，在B點需給物體的瞬時沖量最小應是（）A．2m B．m C． D．4m10．如圖所示，總質(zhì)量為M帶有底座的足夠?qū)捒蚣苤绷⒃诠饣矫嫔?質(zhì)量為m的小球通過細線懸掛于框架頂部O處,細線長為L，已知M＞m，重力加速度為g，某時刻m獲得一瞬時速度v0,當m第一次回到O點正下方時，細線拉力大小為(）A．mg B．mg+C．mg+m D．mg+m11．如圖所示，劈a放在光滑水平桌面上，物體b放在劈a的光滑斜面頂端，b由靜止開始沿斜面自由滑下的過程中,a對b做的功為W1，b對a做的功為W2，則下列關(guān)系中正確的是（)A．W1=0，W2=0 B．W1＞0，W2＞0 C．W1＜0，W2＞0 D．W1＞0，W2＜012.一炮彈質(zhì)量為m，以一定的傾角斜向上發(fā)射，達到最高點時速度大小為v，方向水平．炮彈在最高點爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運動，質(zhì)量為m，則爆炸后另一塊瞬時速度大小為()A．v B．v C．v D．0二．計算題（每題13分)13．如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點．現(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體,并沿桌面滑動．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等;A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)μ=0。2．取重力加速度g=10m/s2．求：(1）碰撞前瞬間A的速率v；(2)碰撞后瞬間A和B整體的速率v′；（3）A和B整體在桌面上滑動的距離L．14．一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時間t的變化情況如圖2所示，物體相應的速度v隨時間t的變化關(guān)系如圖3所示．求：（1）0~8s時間內(nèi)拉力的沖量；（2）0～6s時間內(nèi)物體的位移；（3)0～10s時間內(nèi),物體克服摩擦力所做的功．15．如圖，小球a、b用等長細線懸掛于同一固定點O．讓球a靜止下垂，將球b向右拉起，使細線水平．從靜止釋放球b，兩球碰后粘在一起向左擺動,此后細線與豎直方向之間的最大偏角為60°．忽略空氣阻力，求（i）兩球a、b的質(zhì)量之比；（ii）兩球在碰撞過程中損失的機械能與球b在碰前的最大動能之比．16．如圖,A、B、C三個木塊的質(zhì)量均為m，置于光滑的水平桌面上，B、C之間有一輕質(zhì)彈簧,彈簧的兩端與木塊接觸而不固連．將彈簧壓緊到不能再壓縮時用細線把B和C緊連，使彈簧不能伸展，以至于B、C可視為一個整體．現(xiàn)A以初速度v0沿B、C的連線方向朝B運動，與B相碰并粘合在一起．A，BC一起運動一段時間以后細線突然斷開,彈簧伸展，從而使C與A、B分離．已知離開彈簧后C的速度恰好為v0．求彈簧釋放的勢能．

1．（2010?重慶）一輸入電壓為220V,輸出電壓為36V的變壓器副線圈燒壞，為獲知此變壓器原、副線圈匝數(shù)，某同學拆下燒壞的副線圈，用絕緣導線在鐵芯上新繞了5匝線圈．如圖所示，然后將原來線圈接到220V交流電源上，測得新繞線圈的端電壓為1V,按理想變壓器分析，該變壓器燒壞前的原、副線數(shù)分別為(）A．1100，360 B．1100，180 C．2200，180 D．2200，360【解答】解：對新繞線的理想變壓器，根據(jù)變壓比公式得，變壓器燒壞前,同理，所以B正確．故選B．2．（2016?天津）如圖所示，理想變壓器原線圈接在交流電源上,圖中各電表均為理想電表，下列說法正確的是（)A．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，R1消耗的功率變大B．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電壓表V示數(shù)變大C．當滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電流表A1示數(shù)變大D．若閉合開關(guān)S，則電流表A1示數(shù)變大,A2示數(shù)變大【解答】解：A、滑動變阻器的滑動觸頭P向上滑動時，電阻變大，則干路電流變小，則R1消耗的功率變小，則A錯誤B、干路電流變小,R1分壓變小，則電壓表V的測量的電壓變大，示數(shù)變大，則B正確C、因輸出電流變小，則輸出功率變小即輸入功率變小,電流表A1示數(shù)變小．則C錯誤D、閉合開關(guān)S并聯(lián)支路增加，電阻變小，則副線圈即R1的電流變大，分壓變大，則R2的分壓變小，電流變小．電流表A1示數(shù)隨副線圈電流的變大而變大，則D錯誤故選：B3．（2014?江蘇)遠距離輸電的原理圖如圖所示,升壓變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2，電壓分別為U1、U2，電流分別為I1、I2,輸電線上的電阻為R,變壓器為理想變壓器，則下列關(guān)系式中正確的是（）A．= B．I2=C．I1U1=I22R D．I1U1=I2U2【解答】解：A、升壓變壓器電流之比等于匝數(shù)的反比；故有：=;故A錯誤；B、U2是輸電導線及降壓變壓器兩端的電壓，不能只對導線由歐姆定律求電流;故B錯誤；C、升壓變壓器輸出的功率等于導線上消耗的功率及降壓變壓器消耗的功率之和；故C錯誤；D、理想變壓器輸入功率等于輸出功率；故I1U1=I2U2，故D正確．故選：D．4．(2013?山東)圖甲是小型交流發(fā)電機的示意圖，兩磁極N、S間的磁場可視為水平方向的勻強磁場,A為交流電流表．線圈繞垂直于磁場方向的水平軸OO′沿逆時針方向勻速轉(zhuǎn)動．從圖示位置開始計時,產(chǎn)生的交變電流隨時間變化的圖象如圖乙所示．以下判斷正確的是（）A．電流表的示數(shù)為10AB．線圈轉(zhuǎn)動的角速度為50πrad/sC．0.01s時線圈平面與磁場方向平行D．0。02s時電阻R中電流的方向自右向左【解答】解：A、由題圖乙可知交流電電流的最大值是A，周期T=0.02s,由于電流表的示數(shù)為有效值，故示數(shù)I==10A，選項A正確；B、角速度==100πrad/s，選項B錯誤；C、0.01s時線圈中的感應電流達到最大，感應電動勢最大，則穿過線圈的磁通量變化最快,磁通量為0,故線圈平面與磁場方向平行，選項C正確;D、由楞次定律可判斷出0.02s時流過電阻的電流方向自左向右，選項D錯誤．故選AC．5．(2013?海南)通過一阻值R=100Ω的電阻的交變電流如圖所示，其周期為1s．電阻兩端電壓的有效值為（)A．12V B．4V C．15V D．8V【解答】解：由有效值的定義可得I12Rt1+I22Rt2=T，代入數(shù)據(jù)得（0。1）2R×0.8+（0.2)2×R×0.2=×1，解得U=4V故選：B．6．(2011?四川）如圖所示，在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動的矩形線圈的周期為T,轉(zhuǎn)軸O1O2垂直于磁場方向，線圈電阻為2Ω．從線圈平面與磁場方向平行時開始計時,線圈轉(zhuǎn)過60°時的感應電流為1A．那么（）A．線圈消耗的電功率為4WB．線圈中感應電流的有效值為2AC．任意時刻線圈中的感應電動勢為e=4cosD．任意時刻穿過線圈的磁通量為Φ=sin【解答】解：從垂直中性面開始其瞬時表達式為i=Imcosθ,則電流的最大值為Im=感應電動勢的最大值為Em=Imr=2×2=4V任意時刻線圈中的感應電動勢為e=Emcos=4cost線圈消耗的電功率為P=I2r==W=4W任意時刻穿過線圈的磁通量為Φ=根據(jù)公式Em=NBSω=NΦm可得故Φ=,故選：AC7．（2017?涼州區(qū)校級一模)質(zhì)量m的物體,從高h處以速度v0水平拋出，從拋出到落地物體所受重力的沖量為（)A．m B．m﹣mv0C．m﹣mv0 D．mg【解答】解：A、D、物體做平拋運動，運動的時間：t=所以重力的沖量：I=mgt=．故A正確,D錯誤；B、C、物體落地時豎直方向的分速度：物體在平拋運動的過程中水平方向的分速度不變，則水平方向動量的分量不變，物體動量的變化等豎直方向的動量的變化，所以：△P=△Py=mvy由動量定理可知：I=△P=；所以B選項m﹣mv0為豎直方向的分動量與初動量的差，而m﹣mv0為合動量的大小與初動量的大小的差,沒有考慮動量的方向性．故B錯誤，C錯誤．故選:A8．（2017?湖北模擬）質(zhì)量為m的運動員從下蹲狀態(tài)豎直向上起跳，經(jīng)過時間t,身體伸直并剛好離開地面，離開地面時速度為v在時間t內(nèi)（)A．地面對他的平均作用力為mgB．地面對他的平均作用力為C．地面對他的平均作用力為m(﹣g）D．地面對他的平均作用力為m（g+)【解答】解：人的速度原來為零,起跳后變化v，則由動量定理可得：﹣mgt=△mv=mv所以:=m（g+)；故D正確，ABC錯誤；故選：D9．（2017?株洲一模）如圖所示,質(zhì)量為m的小滑塊(可視為質(zhì)點），從h高處的A點由靜止開始沿斜面下滑，停在水平地面上的B點（斜面和水平面之間有小圓弧平滑連接）．要使物體能原路返回,在B點需給物體的瞬時沖量最小應是（）A．2m B．m C． D．4m【解答】解：滑塊從A到B過程，根據(jù)動能定理,有:mgh﹣Wf=0，滑塊從B返回A過程，根據(jù)動能定理,有:﹣mgh﹣Wf=0﹣,聯(lián)立解得:v=2；在B點需給物體的瞬時沖量等于動量的增加量，故I=mv=2m，故A正確，BCD錯誤；故選：A10．（2017?蕪湖模擬)如圖所示，總質(zhì)量為M帶有底座的足夠?qū)捒蚣苤绷⒃诠饣矫嫔?，質(zhì)量為m的小球通過細線懸掛于框架頂部O處,細線長為L，已知M＞m，重力加速度為g，某時刻m獲得一瞬時速度v0,當m第一次回到O點正下方時,細線拉力大小為(）A．mg B．mg+C．mg+m D．mg+m【解答】解：設(shè)m第一次回到O點正下方時m與M的速度分別為v1和v2．取向右為正方向，由水平方向動量守恒和機械能守恒得：mv0=mv1+Mv2．mv02=mv12+Mv22．解得v1=v0，v2=v0當m第一次回到O點正下方時,以m為研究對象，由牛頓第二定律得：T﹣mg=m解得細線的拉力T=mg+故選:B11．（2017?閔行區(qū)一模）如圖所示，劈a放在光滑水平桌面上，物體b放在劈a的光滑斜面頂端，b由靜止開始沿斜面自由滑下的過程中,a對b做的功為W1，b對a做的功為W2,則下列關(guān)系中正確的是（）A．W1=0，W2=0 B．W1＞0，W2＞0 C．W1＜0，W2＞0 D．W1＞0,W2＜0【解答】解:滑塊和斜面體系統(tǒng)機械能守恒，總動量也守恒；根據(jù)動量守恒可知，b向左下滑時，a具有向右的速度,向右運動，物體的位移如圖所示;滑塊受重力、支持力，斜面受重力、支持力和壓力；對斜面體a，受到的壓力垂直斜面向下，水平向右方向有分力，a向右有位移,由W=FScosθ知．壓力做正功,故W2＞0；滑塊和斜面體系統(tǒng)機械能守恒，故斜面體a增加的機械能等于滑塊b減小的機械能，故支持力對滑塊b做負功，即W1＜0;故C正確,ABD錯誤．故選：C．12．（2015?貴州模擬)一炮彈質(zhì)量為m，以一定的傾角斜向上發(fā)射,達到最高點時速度大小為v，方向水平．炮彈在最高點爆炸成兩塊，其中一塊恰好做自由落體運動，質(zhì)量為m,則爆炸后另一塊瞬時速度大小為（）A．v B．v C．v D．0【解答】解：爆炸前動量為mv，設(shè)爆炸后另一塊瞬時速度大小為v′，取炮彈到最高點未爆炸前的速度方向為正方向,爆炸過程動量守恒，則有:mv=m?v′解得:v′=v故選:B．13．(2014?北京）如圖所示，豎直平面內(nèi)的四分之一圓弧軌道下端與水平桌面相切，小滑塊A和B分別靜止在圓弧軌道的最高點和最低點．現(xiàn)將A無初速度釋放，A與B碰撞后結(jié)合為一個整體，并沿桌面滑動．已知圓弧軌道光滑，半徑R=0.2m；A和B的質(zhì)量相等;A和B整體與桌面之間的動摩擦因數(shù)μ=0.2．取重力加速度g=10m/s2．求:(1）碰撞前瞬間A的速率v;（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率v′；（3）A和B整體在桌面上滑動的距離L．【解答】解：（1）滑塊從圓弧最高點滑到最低點的過程中，根據(jù)機械能守恒定律，有：得:=2m/s．(2）滑塊A與B碰撞，軌道向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律,有:mAvA=（mA+mB）v'得:．（3)滑塊A與B粘在一起滑行，根據(jù)動能定理，有：又因為：f=μN=μ（mA+mB）g代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：l=0。25m．答：（1）碰撞前瞬間A的速率為2m/s;（2）碰撞后瞬間A和B整體的速率為1m/s;(3)A和B整體在桌面上滑動的距離為0.25m．14．（2013?安徽）一物體放在水平地面上，如圖1所示，已知物體所受水平拉力F隨時間t的變化情況如圖2所示，物體相應的速度v隨時間t的變化關(guān)系如圖3所示．求：（1）0～8s時間內(nèi)拉力的沖量；（2）0～6s時間內(nèi)物體的位移;（3）0～10s時間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功．【解答】解：(1）由圖象知，力F的方向恒定，故力F在0～8s內(nèi)的沖量I=F1t1+F2t2+F3t3=1×2+3×4+2×2N?s=18N?s;方向向右．（2）由圖3知，物體在0～2s內(nèi)靜止，2～6s內(nèi)做勻加速直線運動，初速度為0,末速度為3m/s所以物體在0～6s內(nèi)的位移即為2～6s內(nèi)勻加速運動的位移=；（3）由圖3知物體在6~8s內(nèi)做勻直線運動，此時摩擦力與拉力平衡即f=F=2N；物體在6～8s內(nèi)做勻速直線運動位移x2=vt=3×2m=6m物體在8～10s內(nèi)做勻減速運動位移=所以物體在0~10s內(nèi)的總位移x=x1+x2+x3=15m摩擦力做功Wf=﹣fx=﹣2×15J=﹣30J即物體克服摩擦力做功30J．答：（1）0~8s時間內(nèi)拉力的沖量為18N?s；方向向右．(2）0～6s時間內(nèi)物體的位移為6m；（3）0～10s時間內(nèi)，物體克服摩擦力所做的功為30J．15．（2012?新課標）[選修3﹣5］如圖，小球a、b用等長細線懸掛于同一固定點O．讓球a靜止下垂,將球b向右拉起，使細線