湖北省十堰市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期元月期末調(diào)研考試物理試卷（解析版）

十堰市2024年高三年級(jí)元月調(diào)研考試物理本試題卷共6頁(yè)，共15道題，滿分100分，考試時(shí)間75分鐘。?？荚図樌⒁馐马?xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)填寫在答題卡和試卷指定位置上，并將考號(hào)條形碼貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號(hào)。答在試題卷、草稿紙上無(wú)效。3.非選擇題用0.5毫米黑色墨水簽字筆將答案直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。答在試題卷、草稿紙上無(wú)效。4.考生必須保持答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，只交答題卡。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求。每小題全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.2023年8月25日，中國(guó)新一代人造太陽(yáng)“中國(guó)環(huán)流三號(hào)”首次實(shí)現(xiàn)100萬(wàn)安培(1兆安)等離子體電流下的高約束模式運(yùn)行，再次刷新中國(guó)磁約束聚變裝置運(yùn)行紀(jì)錄。某核聚變方程為下列說(shuō)法正確的是（）A.反應(yīng)前后質(zhì)量守恒B.我國(guó)秦山核電站也是利用該原理發(fā)電的C.該反應(yīng)屬于α衰變D.該核聚變方程中的X為α粒子【答案】D【解析】【詳解】A．核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可質(zhì)量有虧損，質(zhì)量不守恒，故A錯(cuò)誤；B．我國(guó)秦山核電站是利用核裂變發(fā)電的，故B錯(cuò)誤；C．該反應(yīng)屬于核聚變，故C錯(cuò)誤；D．由核反應(yīng)的質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，可得X的質(zhì)量數(shù)為2+3?1=4電荷數(shù)為1+1?0=2可知X是α粒子，則該聚變方程為故D正確。故選D。2.在杭州亞運(yùn)會(huì)男子百米決賽中，中國(guó)一選手奪冠。假設(shè)他的心臟在比賽狀態(tài)下每分鐘搏動(dòng)150次，在一次搏動(dòng)中泵出的血液約為120cm3，推動(dòng)血液流動(dòng)的平均壓強(qiáng)約為。則他的心臟在比賽狀態(tài)下搏動(dòng)的平均功率約為（）A.6W B.60W C.3.6W D.360W【答案】A【解析】【詳解】設(shè)這名選手的心臟每次推動(dòng)血液前進(jìn)的位移為L(zhǎng)，血液受到心臟的壓力為F，由可知，心臟起搏一次對(duì)血液所做的功V是心臟跳動(dòng)一次輸送的血液體積，代入數(shù)據(jù)解得則他的心臟在比賽狀態(tài)下搏動(dòng)的平均功率故選A。3.如圖所示，豎直平面內(nèi)固定著等量同種正點(diǎn)電荷P、Q，在P、Q連線的中垂線上的A點(diǎn)由靜止釋放一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷，該負(fù)點(diǎn)電荷僅在電場(chǎng)力的作用下運(yùn)動(dòng)，下列關(guān)于該負(fù)點(diǎn)電荷在一個(gè)運(yùn)動(dòng)周期內(nèi)的速度一時(shí)間圖像，可能正確的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】【詳解】等量的兩個(gè)正電荷的連線的中垂線上，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為零，O點(diǎn)上方的電場(chǎng)方向向上，O點(diǎn)下方的電場(chǎng)方向向下，中垂線上任意一點(diǎn)與關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的點(diǎn)的電勢(shì)相等，即AB電勢(shì)相等，所以負(fù)電荷由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力先使負(fù)電荷速度增加，過(guò)了O點(diǎn)速度又逐漸減小，到達(dá)B點(diǎn)速度減為0，然后又向上先加速，再減速，如此往復(fù)運(yùn)動(dòng)；由于等量的兩個(gè)正電荷的連線的中垂線上，關(guān)于O點(diǎn)對(duì)稱的上下有兩個(gè)位置電場(chǎng)強(qiáng)度大小最大，第一種情況若負(fù)電荷所在位置A點(diǎn)在場(chǎng)強(qiáng)最大的位置之上，則釋放負(fù)電荷后，由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力先變大，后變小，再反向先變大，后變小，其加速度也是同步變化；第二種情況若負(fù)電荷所在位置A點(diǎn)在場(chǎng)強(qiáng)最大的位置之下，則釋放負(fù)電荷后，由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力先變小，再反向變大，其加速度也是同步變化，由于圖像的斜率表示加速度，可知C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4.在機(jī)場(chǎng)、車站常用傳送帶來(lái)傳送旅客的包裹，在傳送過(guò)程中同時(shí)對(duì)包裹進(jìn)行安檢。將一個(gè)包裹(可視為質(zhì)點(diǎn))輕放在水平傳送帶的左端，同時(shí)啟動(dòng)傳送帶，傳送帶向右做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動(dòng)。包裹和傳送帶的速度一時(shí)間圖像如圖所示，s時(shí)包裹運(yùn)動(dòng)到傳送帶的右端。下列說(shuō)法正確的是（）A.圖線I反映的是包裹的運(yùn)動(dòng)B.包裹和傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.16C.傳送帶的長(zhǎng)度為20mD.包裹相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離為7.5m【答案】D【解析】【詳解】A．傳送帶啟動(dòng)后做勻加速運(yùn)動(dòng)，包裹在摩擦力作用下也做加速運(yùn)動(dòng)，則包裹的加速度一定小于傳送到的加速度，則由圖像可知圖線I反映的是傳送帶的運(yùn)動(dòng)，圖像Ⅱ反應(yīng)包裹的運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．包裹的加速度根據(jù)可知包裹和傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．傳送帶的長(zhǎng)度等于包裹的位移選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．包裹相對(duì)傳送帶滑動(dòng)的距離為選項(xiàng)D正確。故選D。5.圖甲所示的裝置是斯特林發(fā)電機(jī)，其工作原理圖可以簡(jiǎn)化為圖乙。已知矩形導(dǎo)線框的匝數(shù)為N，面積為S，處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，矩形導(dǎo)線框以角速度ω繞垂直磁場(chǎng)方向的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線框與理想變壓器原線圈相連。理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為1：4，圖示時(shí)刻線框平面與磁感線垂直并以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器，交流電壓表①、②均視為理想電表，不計(jì)線框的電阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.線框從圖示位置開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢(shì)為B.線框從圖示位置開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)時(shí)，電壓表V1的示數(shù)為C.滑動(dòng)變阻器的滑片向d端滑動(dòng)的過(guò)程中，電壓表V2的示數(shù)始終為2NBSωD.滑動(dòng)變阻器的滑片向c端滑動(dòng)的過(guò)程中，的發(fā)熱功率增大【答案】B【解析】【詳解】A．線框從題中圖示位置開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)的過(guò)程中，磁通量的變化量而產(chǎn)生的平均電動(dòng)勢(shì)又因?yàn)榻獾霉蔄錯(cuò)誤；BC．矩形線框在轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值則原線圈的電壓即電壓表V1的示數(shù)再根據(jù)原、副線圈電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系有則副線圈的電壓即電壓表V2的示數(shù)與副線圈中電阻的變化無(wú)關(guān)。故B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)以上分析知，原線圈的電壓沒(méi)有發(fā)生改變，則副線圈的電壓也不會(huì)改變，在滑動(dòng)變阻器的滑片向c端滑動(dòng)的過(guò)程中，接入電路中的電阻增大，根據(jù)副線圈回路的電流減小，的發(fā)熱功率可知R1的發(fā)熱功率減小。故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，兩豎直擋板間有一光滑的水平直桿，一輕彈簧穿在桿上，彈簧左側(cè)與擋板相連，右側(cè)與穿在桿上的小球甲相連?，F(xiàn)讓小球甲開(kāi)始做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移隨時(shí)間變化的關(guān)系為，當(dāng)小球甲經(jīng)過(guò)平衡位置時(shí)，在小球甲的正上方由靜止釋放小球乙，結(jié)果甲與乙恰好相碰，甲、乙均視為質(zhì)點(diǎn)，取重力加速度大小，不計(jì)空氣阻力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，小球不會(huì)與豎直擋板相碰，則小球乙下落的高度為（）A.（，，） B.（，，）C.（，，） D.（，，）【答案】B【解析】【詳解】由可知，小球甲的運(yùn)動(dòng)周期為要使小球甲與小球乙相遇，則小球乙的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（，，）根據(jù)自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律有（，，）故選B。7.2022年9月27日，木星、地球和太陽(yáng)排在同一直線上，地球位于太陽(yáng)與木星之間，出現(xiàn)了“木星沖日”現(xiàn)象。地球和木星繞太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的方向相同，軌跡都可近似為圓，木星的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的318倍，木星的半徑約為地球半徑的11倍，木星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)的周期約為地球繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)周期的12倍。下列說(shuō)法正確的是（）A.木星公轉(zhuǎn)的軌道半徑比地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑小B.木星公轉(zhuǎn)的線速度比地球公轉(zhuǎn)的線速度大C.木星表面的重力加速度約為地球表面重力加速度的2.6倍D.下一次出現(xiàn)“木星沖日”現(xiàn)象可能在2024年11月【答案】C【解析】【詳解】A．由開(kāi)普勒第三定律得因所以即木星公轉(zhuǎn)的軌道半徑比地球公轉(zhuǎn)的軌道半徑大，A錯(cuò)誤；B．由萬(wàn)有引力定律提供向心力可得因?yàn)樗约茨拘枪D(zhuǎn)的線速度比地球公轉(zhuǎn)的線速度小，B錯(cuò)誤；C．在天體表面有可得，木星表面的重力加速度與地球表面重力加速度之比為所以，木星表面的重力加速度約為地球表面重力加速度的2.6倍，C正確；D．由運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系其中聯(lián)立可得所以下一次出現(xiàn)“木星沖日”現(xiàn)象可能在2023年11月，D錯(cuò)誤。故選C。8.洗衣機(jī)脫水桶的原理示意圖如圖所示。衣服（視為質(zhì)點(diǎn)）在豎直圓筒的內(nèi)壁上隨圓筒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，剛好不沿著筒壁向下滑動(dòng)，筒壁到轉(zhuǎn)軸之間的距離為r，衣服與筒壁之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度大小為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.衣服的線速度大小為B.衣服的角速度大小為C.若脫水桶的轉(zhuǎn)速增大，則衣服受到的摩擦力不變D.若脫水桶的轉(zhuǎn)速增大，則衣服轉(zhuǎn)動(dòng)的周期變大【答案】AC【解析】【詳解】A．衣服在豎直圓筒的內(nèi)壁上隨圓筒做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，剛好不沿著筒壁向下滑動(dòng)，則有聯(lián)立可得，衣服的線速度大小為故A正確；B．根據(jù)可得，衣服的角速度大小為故B錯(cuò)誤；C．若脫水桶的轉(zhuǎn)速增大，則衣服做勻速圓周運(yùn)動(dòng)需要的向心力增大，則脫水桶對(duì)衣服的彈力增大，衣服受到的最大靜摩擦力增大，衣服仍然保持不沿著筒壁向下滑動(dòng)，則衣服受到的摩擦力仍為靜摩擦力，且恰好等于衣服的重力保持不變，故C正確；D．根據(jù)周期與轉(zhuǎn)速關(guān)系可知，若脫水桶的轉(zhuǎn)速n增大，則衣服轉(zhuǎn)動(dòng)的周期T變小，故D錯(cuò)誤。故選AC9.如圖所示，一工件由透明材料制作成，其橫截面ABCD為邊長(zhǎng)為a的正方形，正方形的內(nèi)切圓部分被挖出。該材料的折射率n=2。圓心O處有一點(diǎn)光源，若只考慮首次直接射向正方形ABCD四邊的光線(不考慮a光的反射)，光在真空中傳播的速度為c，下列說(shuō)法正確的是（）A.從正方形ABCD四邊射出的光線區(qū)域的總長(zhǎng)度為B.從正方形ABCD四邊射出的光線區(qū)域的總長(zhǎng)度為C.在從正方形ABCD四邊射出的光線中，光從光源到ABCD邊傳播所用的最長(zhǎng)時(shí)間與最短時(shí)間的差值為D.在從正方形ABCD四邊射出的光線中，光從光源到ABCD邊傳播所用的最長(zhǎng)時(shí)間與最短時(shí)間的差值為【答案】B【解析】【詳解】AB．設(shè)AB中點(diǎn)M，BC中點(diǎn)N，如圖所示若沿OE方向射到MB面上的光線剛好發(fā)生全反射，因?yàn)榕R界角滿足即則∠MOF=30°同理沿OG方向射到BN面上的光線剛好發(fā)生全反射，則∠NOH=30°根據(jù)幾何關(guān)系可得從MB、BN面有光射出的區(qū)域總長(zhǎng)度為同理，從AM、ND面有光射出區(qū)域總長(zhǎng)度為即從正方形AB、BC兩邊射出的光線區(qū)域的總長(zhǎng)度為從正方形AD、DC兩邊射出的光線區(qū)域的總長(zhǎng)度為從正方形ABCD四邊射出的光線區(qū)域的總長(zhǎng)度為故A錯(cuò)誤，B正確；CD．由題意可知，沿OB方向到達(dá)AB面上的光在材料中的傳播距離最大，時(shí)間最長(zhǎng)，由幾何關(guān)系可知光從光源到MN面的傳播距離為，材料中的傳播距離為在材料中的傳播時(shí)間為又解得光到AB面最短時(shí)間為光垂直入射到AB面的時(shí)間，所以在從正方形ABCD四邊射出的光線中，光從光源到ABCD邊傳播所用的最長(zhǎng)時(shí)間與最短時(shí)間的差值為在材料中傳播的最長(zhǎng)時(shí)間，即故CD錯(cuò)誤。故選B。10.如圖所示，電阻為R、邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的單匝正方形金屬線框，其cd邊與有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)上邊界的距離為h，將線框在豎直平面內(nèi)由靜止釋放，當(dāng)cd邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框恰好做勻速運(yùn)動(dòng)。已知線框平面始終與磁場(chǎng)方向垂直，且cd邊始終水平，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，重力加速度大小為g，不計(jì)空氣阻力。下列說(shuō)法正確的是（）A.金屬線框的質(zhì)量為B.金屬線框質(zhì)量為C.用同樣的金屬導(dǎo)線繞制成兩匝邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，仍從圖示位置由靜止釋放，線框仍能勻速進(jìn)入磁場(chǎng)D.將原線框均勻拉伸成邊長(zhǎng)為2L的正方形線框，且從底邊cd距磁場(chǎng)上邊界為H處由靜止釋放，若線框仍能勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，則H=4h【答案】AC【解析】【詳解】AB．線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度線圈勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，則解得選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；C．用同樣金屬導(dǎo)線繞制成兩匝邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形線框，仍從圖示位置由靜止釋放，則此時(shí)線圈的重力變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，電阻變2倍；進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)受的安培力為則仍能滿足則線框仍能勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，選項(xiàng)C正確；D．將原線框均勻拉伸成邊長(zhǎng)為2L的正方形線框，則線圈的質(zhì)量不變；總長(zhǎng)度變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，橫截面積變?yōu)樵瓉?lái)的，電阻變?yōu)閯t從底邊cd距磁場(chǎng)上邊界為H處由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)的速度為若線框仍能勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，則解得H=h選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AC。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.某同學(xué)用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置，探究一定質(zhì)量的小車的加速度與力的關(guān)系。將光滑滑輪用一細(xì)桿固定在小車的前端，滑輪及細(xì)桿的總質(zhì)量為，小車的質(zhì)量為M，砂和砂桶的質(zhì)量為m，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接電源頻率為50Hz的交流電。（1）此實(shí)驗(yàn)正確的操作是________。A．實(shí)驗(yàn)前需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力B．讓小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先釋放小車，再接通電源C．為減小系統(tǒng)誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M（2）該同學(xué)以小車的加速度a為縱坐標(biāo)、力傳感器的示數(shù)F為橫坐標(biāo)，畫出的a-F的關(guān)系圖像如圖乙所示，圖線的斜率為k，則小車的質(zhì)量為_(kāi)_______。A．B．C．kD．2k（3）某次實(shí)驗(yàn)中，力傳感器的示數(shù)為4.59N，打出的部分計(jì)數(shù)點(diǎn)如圖丙所示(每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)計(jì)時(shí)點(diǎn)未畫出)，其中，，，，，，則小車的加速度大小為_(kāi)________m/s2，此次實(shí)驗(yàn)中砂和砂桶的質(zhì)量為_(kāi)________kg。(當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮?.8m/s2，結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字)【答案】①.A②.B③.0.65④.0.54【解析】【詳解】（1）[1]A．實(shí)驗(yàn)前需要將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力，故A正確；B．為充分利用紙帶，應(yīng)先接通電源，再釋放小車，故B錯(cuò)誤；C．力傳感器可以測(cè)量力，不需要保證砂和砂桶的質(zhì)量m遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M，故C錯(cuò)誤。故選A。（2）[2]根據(jù)牛頓第二定律得則則小車的質(zhì)量為故選B。（3）[3][4]相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為T=0.1s根據(jù)逐差法，小車的加速度大小為砂和砂桶的加速為2a，根據(jù)牛頓第二定律得砂和砂桶的質(zhì)量為12.“飲酒不開(kāi)車”是司機(jī)必須遵守的交通法規(guī)。圖甲是呼氣式酒精檢測(cè)儀的簡(jiǎn)化電路原理圖。圖中電源電動(dòng)勢(shì)。，內(nèi)阻不計(jì)，電壓表量程為0~15V且內(nèi)阻很大，電阻箱的阻值范圍為0~999Ω，為酒精氣體傳感器，其阻值隨氣體中酒精濃度的變化規(guī)律如圖乙所示。規(guī)定氣體中酒精濃度在：，之間為酒駕，等于或超過(guò)，為醉駕。測(cè)試儀使用前應(yīng)先調(diào)零，即當(dāng)氣體中酒精濃度為0時(shí)，調(diào)節(jié)電阻箱，使電壓表的示數(shù)調(diào)零后的值保持不變。（1）調(diào)零后接入電路中的阻值為_(kāi)_______Ω。（保留三位有效數(shù)字）（2）當(dāng)電壓表示數(shù)時(shí)，消耗的電功率為_(kāi)_______W。（保留兩位有效數(shù)字）（3）在某次檢測(cè)中，電壓表示數(shù)，經(jīng)分析該司機(jī)屬于_________。（填“正?！薄熬岂{”或“醉駕”）（4）若電池使用時(shí)間較長(zhǎng)，有明顯的內(nèi)阻，則測(cè)出酒精的濃度將________（填“偏大”“偏小”或“不變”）【答案】①.200②.③.酒駕④.偏小【解析】【詳解】（1）[1]根據(jù)圖乙知調(diào)零后為100Ω，根據(jù)閉合電路歐姆定律，推得接入電路中的阻值為（2）[2]當(dāng)電壓表示數(shù)時(shí)，兩端電壓為2V,回路中的電流為故消耗的電功率為（3）[3]在某次檢測(cè)中，電壓表示數(shù)，兩端電壓為2.5V,回路中的電流為此時(shí)在電路中的阻值為對(duì)照?qǐng)D乙查詢知?dú)怏w中酒精濃度在之間，故司機(jī)屬于酒駕。（4）[4]若電池使用時(shí)間較長(zhǎng)，有明顯的內(nèi)阻，則測(cè)出的偏大，則測(cè)出的酒精的濃度將偏小。13.如圖所示，一上粗下細(xì)薄壁玻璃管，其上端開(kāi)口、下端封閉。一段水銀將管內(nèi)氣體分為兩部分。圖中粗管和細(xì)管的長(zhǎng)度均為，粗管的橫截面積是細(xì)管的橫截面積的兩倍，大氣壓強(qiáng)。初始時(shí)，粗管和細(xì)管內(nèi)水銀的長(zhǎng)度均為，氣體的熱力學(xué)溫度均為。（1）求初始時(shí)細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；（2）若將粗管的管口封閉（不漏氣），對(duì)細(xì)管內(nèi)氣體緩慢加熱，直至細(xì)管內(nèi)水銀剛好全部進(jìn)入粗管，粗管內(nèi)氣體的溫度不變，兩管內(nèi)的氣體均可視為理想氣體，求此時(shí)細(xì)管內(nèi)氣體的熱力學(xué)溫度?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)水銀的密度為，初始時(shí)細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為解得（2）細(xì)管內(nèi)水銀剛好全部進(jìn)入粗管，設(shè)粗、細(xì)管的橫截面積分別為，則粗管內(nèi)氣體的體積為設(shè)粗管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為，有細(xì)管內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為由理想氣體狀態(tài)方程，有解得14.如圖所示，平臺(tái)和足夠長(zhǎng)的傳送帶處于同一高度，平臺(tái)右端與傳送帶左端無(wú)縫連接，傳送帶在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下沿順時(shí)針?lè)较蛞詣蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)。傳送帶上方所在區(qū)域存在水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)。在平臺(tái)左端固定一個(gè)輕質(zhì)短彈簧，一質(zhì)量的帶正電的物塊B靜止在平臺(tái)右端，將另一個(gè)與物塊B質(zhì)量相同的絕緣物塊A向左壓縮彈簧(不拴連)，在與物塊B的距離處由靜止釋放，物塊A向右運(yùn)動(dòng)恰好能與物塊B接觸。將物塊A沿豎直方向切去一半（設(shè)為A＇），然后壓縮彈簧仍從距物塊B為l處由靜止釋放，物塊A＇與物塊B發(fā)生彈性正碰，碰撞前后物塊B的電荷量不變，且碰撞時(shí)間極短，碰撞后物塊B在傳送帶上運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)時(shí)間后與傳送帶共速，（A＇）、B與平臺(tái)、傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，取重力加速度大小。，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，彈簧始終在彈性限度內(nèi)，兩物塊均可視為質(zhì)點(diǎn)。物塊A＇與物塊B碰撞后撤去彈簧。（1）求物塊A＇碰撞后滑行的距離；（2）求物塊B沿傳送帶向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中克服電場(chǎng)力做的功；（3）物塊B能否與物塊A＇再次相碰?通過(guò)計(jì)算說(shuō)明?！敬鸢浮浚?）1m；（2）9.6J；（3）物塊B能與物塊A＇再次相碰【解析】【詳解】（1）從釋放物塊A到A恰好與物塊B接觸的過(guò)程中，由能量守恒定律可得彈簧的彈性勢(shì)能設(shè)物塊A＇與物塊B碰前瞬間的速度大小為v0，從釋放物塊A＇到物塊A＇與物塊B碰撞前瞬間，由能量守恒定律可得代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得物塊A＇與物塊B發(fā)生彈性正碰，設(shè)碰撞后瞬間物塊A＇的速度為v1，物塊B的速度為vB，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律可得由機(jī)械能守恒定律可得代入數(shù)據(jù)解得碰撞后物塊A＇反向運(yùn)動(dòng)，碰撞后對(duì)物塊A＇由動(dòng)能定理可得代入數(shù)據(jù)解得（2）設(shè)物塊B受到的電場(chǎng)力大小為F，則有物塊B減速到與傳送帶速度相同的過(guò)程中則有物塊B減速時(shí)的加速度大小為解得電場(chǎng)力為物塊B減速到與傳送帶速度相同時(shí)向右運(yùn)動(dòng)的位移大小為物塊B減速到與傳送帶速度相同后，因電場(chǎng)力大于最大靜摩擦力，物塊B將繼續(xù)向右做減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律可得代入數(shù)據(jù)解得設(shè)