2024年高考考前押題密卷：物理（遼寧卷）（解析版）

2024年高考考前押題密卷

物理?全解全析

注意事項：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號等填寫在答題卡和試卷指定位置上。

2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑。如需改動，用

橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。

3.考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。

一、選擇題：本題共10小題，共46分。在每小題給出的四個選項中，第廣7題只有一項符

合題目要求，每小題4分，第8so題有多項符合題目要求。每小題6分，全部選對的得6

分，選對但不全的得3分，有選錯或不答的得。分。

1.近年來，中國軍力發(fā)展很快，即直19和直20等直升機以及殲20等戰(zhàn)斗機入列，大大提高中國空軍的

綜合作戰(zhàn)能力。如圖為直20直升飛機吊裝全地形車的情景，飛機水平勻速飛行的同時把全地形車往上

提升，在此過程中繩始終保持豎直，讓全地形車豎直向上做勻加速直線運動，若全地形車剛開始向上運

動的位置為坐標原點，則全地形車的運動軌跡為（）

【答案】C

【詳解】因為全地形車水平方向做勻速直線運動，速度為V，豎直方向上做勻加速直線運動，加速度為4,

可得x=w，y=1〃2=竺；所以y-x圖像是一個運動軌跡彎向合力方向的拋物線圖。

"22v~

故選C。

2.牡基熔鹽核反應(yīng)堆不僅發(fā)電效率高，而且核廢料污染小，具有廣闊的應(yīng)用前景。記Th本身不能直接使

用，需經(jīng)過一系列核反應(yīng)后先生成;fPa,；：Pa再衰變生成鏟U,利用中子轟擊皆U發(fā)生裂變后釋放核

能，其典型產(chǎn)物是「Ba和;:Ke,已知;：Pa的半衰期為27天，則（）

A.丁U裂變反應(yīng)的方程為二Uf丁Ba+：：Ke+2M

B.黑Kc的結(jié)合能大于丁u的結(jié)合能

C.大量的；『Pa經(jīng)過54天后有四分之一發(fā)生了衰變

D.；fPa發(fā)生的是/?衰變

【答案】D

【詳解】A.松u發(fā)生裂變反應(yīng)時要有中子參加反應(yīng)，選項A錯誤；

B.利用中子轟擊腎U發(fā)生裂變后釋放核能，其產(chǎn)物是堞Ba和;*e,生成物更穩(wěn)定，比結(jié)合能更大，但

是質(zhì)量數(shù)不同無法判斷黑Ke的結(jié)合能與資U的結(jié)合能的關(guān)系，選項B錯誤；

C.已知罕Pa的半衰期為27天，則大量的;『Pa經(jīng)過54天后有四分之三發(fā)生了衰變，剩下原來的四分之

一沒有衰變，選項C錯誤；

D.；『Pa衰變生成聲u的反應(yīng)方程為;fpaT^u+JJe；則發(fā)生的是。衰變，選項D正確。

故選3

3.如圖所示，一束光沿半徑方向射向一塊半圓柱形玻璃磚,在玻璃磚底面上的入射角為0,經(jīng)折射后射出〃、

人兩束光線。則（）

A.在真空中，。光的波長大于〃光的波長

B.若改變光束的入射方向使。角逐漸變大，則折射光線人首先消失

C.分別用。、力光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，。光的干涉條紋間距小于力光

D.經(jīng)過相同寬度的狹縫時，。光比。光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象

【答案】C

【詳解】AC.由圖可知光線4的偏折程度大，根據(jù)折射定律公式〃=變；可知〃光的折射率大，a光的

sin<7

頻率高，根據(jù)c=2/，a光在其空中的波長較短：光線a在真空中的波長較短，根據(jù)雙縫干涉條紋間距

公式?二§%,分別用4、8光在同一個雙縫干涉實驗裝置上做實驗，〃光的干涉條紋間距小于方光的干

a

涉條紋間距，故A錯誤，C正確；

B.若改變光束的入射方向使0角逐漸變大，則折射光線a的折射角先達到90。，故。光先發(fā)生全反射，

折射光線先消失，故B錯誤；

D.由于〃光的波長小于力光的波長，經(jīng)過相同寬度的狹縫時，〃光比a光更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故D

錯誤。

故選C。

4.在f=0時刻，一波源從坐標原點的平衡位置沿），軸負方向開始振動，振動周期為0.2s,在同一均勻介質(zhì)

中形成沿x軸正、負兩方向傳播的簡諧橫波。/=0.3s時，該波的波形圖是（）

【答案】D

【詳解】波源振動在同一均勻介質(zhì)中形成沿x軸正、負兩方向傳播的簡諧橫波。/=0.3s時，該波沿x軸

正、負兩方向各傳播1.5個波長，且開始振動的質(zhì)點向y軸負方向運動。

故選Do

5.健身球是一種內(nèi)部充氣的健身輔助器材，如圖所示，球內(nèi)的氣體可視為理想氣體，當球內(nèi)氣體被快速擠

壓時來不及與外界熱交換，而緩慢變化時可認為能發(fā)生充分的熱交換。則下列說法正確的是（）

7F

該交變電流的表達式為i=10sin(10R+—)(A)=IOcoslO^(A)；故D錯誤。

2

故選C。

7.紙面內(nèi)存在沿某方向的勻強電場，在電場中取0點為坐標原點建立％軸，以。為圓心、R為半徑；從4

軸上的。點開始沿逆時針方向作圓，a-h是圓周上的8個等分點，如圖甲所示；測量圓二各點的電勢

0及各點所在半徑與x軸正方向的夾角描繪的8-。圖像如圖乙所示，則()

A.電場強度的大小為與港

2A

B.。點的電勢為丐出

C.a、e兩點的電勢差為>(例+仍)

2

D.若將電子從-點沿圓弧逆對針搬運到了點，電勢能先減小再增大

【答案】C

【詳解】A.由題圖可知圓周上電勢最高的點和電勢最低的點所在的直徑與X軸夾角為。=^；且電勢差的

O

值為u=6-(-0)=,+仍：由勻強電場的電場強度和電勢差的關(guān)系，可得電場強度的大小

七==二2普；方向與x軸正方向夾角為券，故A錯誤；

d2A6

D.根據(jù)選項A分析，可畫出如圖所示電場線。根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知從e到/,電勢先

降低再升高，根據(jù)與=如；電子的電勢能應(yīng)先增大再減小，故D錯誤；

B.根據(jù)勻強電場電勢分布特點，0點的電勢網(wǎng)=1+；->)=生產(chǎn)：故B錯誤：

C.a、e兩點的電勢差U,“=E-2RcosJ=&±@；故C正確。

，62

故選C。

電勢最離點

電勢鼓低女/吉丁/

8.某行星外圍有一圈厚度為d的發(fā)光物質(zhì)，簡化為如圖甲所示模型，R為該行星除發(fā)光帶以外的半徑?，F(xiàn)

不知發(fā)光帶是該行星的組成部分還是環(huán)繞該行星的衛(wèi)星群，某科學家做了精確觀測后發(fā)現(xiàn)：發(fā)光帶繞行

星中心運行的速度與到行星中心的距離，?的關(guān)系如圖乙所示（圖中所標如為已知），則下列說法正確的

是（）

A.發(fā)光帶是該行星的組成部分B.行星表面的重力加速度

C.該行星的質(zhì)量為笑D.該行星的平均密度為丁甯

G4/rG（R+d）

【答案】BC

【詳解】A.若光帶是該行星的組成部分，則其角速度與行星自轉(zhuǎn)角速度相同，應(yīng)有

丫二口「甘與廠應(yīng)成正比，與圖不符，因此該發(fā)光帶不是該行星的組成部分，故A錯誤；

22

B.當廠=R時有加g=〃?幺；可得行星表面的重力加速度為8=電；故B正確：

RR

C.光帶是環(huán)繞該行星的衛(wèi)星群，由萬有引力提供向心力，財有G絲=〃?E；可得該行星的質(zhì)量為

廠r

M=—；由圖乙知，當「=火時，懺％，則有M=兜；故C正確；

GG

D.該行星的平均密度為°一丁一44兀6大；故D錯誤。

—7TK

3

故選BCo

9.如圖所示，矩形A8C。內(nèi)部存在磁感應(yīng)強度為8的勻強磁場，方向垂直于紙面，已知A。邊長為23AB

邊長為L,E、E分別為AB、4。的中點。分別在E點和4點沿水平方向向右射入一個質(zhì)量為〃?、電荷量

為q的粒子，粒子的速度大小分別為3和V2,從E點射入的粒子從尸點射出，從8點射入的粒子從。

點射出，兩粒子在磁場中的運動時間分別為〃、0粒子所受的重力不計，下列說法正確的是（）

A.V2=2VIB.V2=4V/C.tl=t2D.t2=2ti

【答案】AC

【詳解】根據(jù)題意作出粒子軌跡示意圖，如圖

AFL4

在三角形中，由幾何關(guān)系可得￡（一+；求得彳=?小，

L—73=42sm幣=3=三

4

即從七點射入的粒子從尸點射出的粒子轉(zhuǎn)過的圓心角=3。；又由針外等；可得「嘴

同理，可得釬合甘攀；即從，點射入的粒子從。點射出的粒子轉(zhuǎn)過的圓心角。戶3。

比較速度可得電=2”粒子運動的時間關(guān)系/二2乃Bq

AC正確。

0,2?！?？

—s-x------T

24Bq

故選AC。

10.如圖所示，一彈性輕繩（繩的彈力與其伸長量成正比）穿過固定的光滑圓環(huán)B,左端固定在人點，右端

連接個質(zhì)量為，〃的小球，A、B、。在條水平線上，彈性繩自然K度為A瓦小球穿過豎直固定的桿，

從C點由靜止釋放，到。點時速度為零,C、。兩點間距離為人已知小球在C點時彈性繩的拉力為0.5〃?g,

身為重力加速度，小球和桿之間的動摩擦因數(shù)為0.5,彈性繩始終處在彈性限度內(nèi)，下列說法正確的是

K

C

、

、

、\

、.

A.小球從C點運動到。點的過程中，彈性繩彈力增大，其水平分力也增大。

B.整個運動過程中，彈性繩的最大彈性勢能大于助

C.若在。點給小球一個向上的速度y,小球恰好回到C點，則v=

D.若僅把小球質(zhì)量變?yōu)?,〃，則小球到達。點時的速度大小為瘋

【答案】BCD

【詳解1A.設(shè)8c的長度為心根據(jù)胡克定律，有05咫與豎直方向的夾角為。時，伸長量為

sina

故彈力為尸=女一^;水平方向&=Fsina=E=05理：可知，小球從C點運動到。點的過程中，彈

sma

性繩彈力增大，其水平分力保持不變，故A錯誤；

B.小球從。點運動到。點的過程中克服摩擦力做功為叱；=6〃=0.25mg/z

當運動到D時，繩子伸長最長，彈性勢能最大，根據(jù)能量守恒△不舛=4與長-叱；=0.75〃吆力

因為最初繩子也具有彈性勢能，所以，繩子最大的彈性勢能大于0.75〃長心故B正確：

C.對球從C到。過程，根據(jù)動能定理，有〃磔-3-%=0；解得%=0.75〃磔

若在。點給小球一個向上的速度V,小球恰好回到。點，根據(jù)動能定理，有1%-〃儂-他=0-；/加；

解得U=向；故C正確；

D.若僅把小球的質(zhì)量變成2〃?，小球從C到。過程，根據(jù)動能定理，有2/咫力-耳〃-1場=（2〃%2

解得匕=7^:故D1E確。

故選BCDo

二.實驗題（本大題共2小題，共14.0分。第一小題6分，第二小題8分）

11.在“探究平拋運動的特點"實驗中，某學習小組用如圖所示裝置研究平拋運動。將白紙和復(fù)寫紙對齊重疊

并固定在豎直的硬板上。鋼球沿斜槽軌道PQ滑下后從。點飛出，落在水平擋板MN上。由于擋板靠近

硬板一側(cè)較低，鋼球落在擋板上時，鋼球側(cè)面會在白紙上擠壓出一個痕跡點。移動擋板，重新釋放鋼球,

如此重復(fù)，白紙上將留下一系列痕跡點。

⑴下列實驗條件必須滿足的有0

A,斜槽軌道光滑

B.斜槽軌道末段水平

C.每次從斜槽卜.相同位置無初速度釋放鋼球

D.圖中檔條MN每次必須等間距下移

(2)在某次實驗中，甲同學每次都將小球從斜槽的同一位置無初速釋放，并從斜槽末端水平飛出。改變水

平擋板的高度，就改變了小球在板上落點的位置，從而可描繪出小球的運動軌跡。某同學設(shè)想小球先后

三次做平拋，將水平板依次放在如圖中1、2、3的位置，且1與2的間距等于2與3的間距。若三次實

驗中，小球從拋出點到落點的水平位移依次為4、/、忽略空氣阻力的影響，下面分析正確的是

B.x2-x1<x3-x2

D,無法判斷

⑶乙同學利用圖所示裝置研究平拋運動的規(guī)律。實驗時該同學使用頻閃儀和照相機對做平拋運動的小球

進行拍攝，頻閃儀每隔0.05s發(fā)出一次閃光，某次拍攝后得到的照片如圖所示(圖中未包括小球剛離開

軌道的影像)。圖中的背景是放在豎直平面內(nèi)的帶有方格的紙板，紙板與小球軌跡所在平面平行，其上

每個方格的邊長為5cm。該同學在實驗中測得的小球影像的高度差已經(jīng)在圖中標出。則小球運動到圖中

位置八時，其速度的水平分量大小為m/s；根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，當?shù)刂亓铀俣鹊拇笮?/p>

m/s\（結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字）

【答案】⑴BC；（2）A；⑶1.09.7

【詳解】（1）AC.為了獲得相同的初速度，需要每次從斜槽上相同的位置無初速度釋放鋼球，斜槽軌道

不需要光滑，故A錯誤，C正確；

B.為保證小球匕出時速度水平，所以斜槽軌道末段需要水平，故B止確：

D.擋板只要能記錄下小球在不同高度時的不同位置，不需要等間距變化，故D錯誤。

故選BC“

（2）因為平拋運動在豎宜方向上做自由落體運動，下落的速度越來越快，則下落相等位移的時間越來

越短，水平方向上做勻速直線運動，所以占-王＞玉-士；故選A。

（3）⑴⑵由題意，根據(jù)圖中數(shù)據(jù)可得，小球運動到圖中位置A時，水平方向上有x=，=i/

可得其速度的水平分量大小為%=端Sm/s=L0m/s

(11.0+13.4-6.1-8.6)xl0-2

根據(jù)圖中數(shù)據(jù)在豎直方向上，根據(jù)逐差法可得&=m/s2=9.7m/s2

4X0.05?

12.實驗室有一只電流表，滿偏電流/.為200HA,內(nèi)電阻&約200Q。某同學欲用半偏法測量該電流表的內(nèi)

電阻?，然后把這只電流表改裝成量程為6V的電壓表。

實驗室還能提供實驗器材規(guī)格如下：

A.滑動變阻器（0~50kC）

B.滑動變阻器（0~10。）

C.電阻箱（0~9999。）

D.電源（電動勢為6V,內(nèi)阻不計）

E.開關(guān)兩個、導(dǎo)線若干

（1）滑動變阻器應(yīng)選用（填選項序號）。

⑵將測電流表內(nèi)電阻的實物連線圖補充完整。

⑶實驗時進行的主要步驟有：

①把滑動變阻器阻值調(diào)到最大，在開關(guān)S?斷開的前提下，閉合開關(guān)加；

②調(diào)節(jié)滑動變阻器的觸頭，使電流表指針偏轉(zhuǎn)到滿刻度：

③閉合開美邑，在滑動變阻器阻值保持不變的前提下，調(diào)節(jié)電阻箱使得電流表指針指向表就中央刻度；

④記下電流表指針指向表盤中央刻度時電阻箱的讀數(shù)4=I8OC;

根據(jù)以上實驗得到的數(shù)據(jù)，電流表內(nèi)阻的測量值々=C,々的測最值與真實值相比（填“偏大”

或"偏小

⑷把這只電流表改裝成量程為6V的電壓表需要（填“印聯(lián)”或"并聯(lián)”）--只阻值為Q的定值電

阻.

【答案】⑴A；⑵見解析；⑶180；偏小;（4）串聯(lián);29820

【詳解】（1）在滑動變阻器阻值遠大于電阻箱阻值的前提下，閉合“，此時電阻箱阻值對電路中總電阻

的影響很小，可認為干路中的電流沒有發(fā)生變化，且滑動變阻器B阻值較小，采用限流式接法會燒壞電

流表。

故選Bo

（2）根據(jù)實驗步驟，開關(guān)S?斷開，閉合開關(guān)S-電流表工作，則可知電流表串聯(lián)在電路中，閉合開關(guān)工，

在滑動變阻器阻值保持不變的前提下，調(diào)節(jié)電阻箱使得電流表半偏；說明電阻箱和開關(guān)S?與電流表并聯(lián),

其實物連線圖如圖所示。

（3）⑴若接入電阻箱后干路中電流近似不變，調(diào)節(jié)電阻箱使得電流表半偏，則流經(jīng)電阻箱的電流和流

經(jīng)電流表的電流相等，且電阻箱和電流表并聯(lián)，因此凡故填180Q

⑵在并入電阻箱后，電路總電阻減小，干路電流將會增大。流過電流表的電流為;乙，所以流過電阻箱

的電流要大于所以凡，測量值小于真實值。

故填"偏小

（4）[1]電流表改裝成電壓表串聯(lián)一個大電阻。故填"串聯(lián)"。

⑵由公式知U=/,（%+R）；代入得R4f=五鼻？。-180C=29820Q

故填“29820〃。

三.解答題（本大題共3小題，共40.0分。第一小題10分，第二小題11分，第三小題19分）

13.如圖甲所示，質(zhì)量為〃?=lkg小球從固定斜面上的A點由靜止開始做加速度大小為生的運動，小球在

乙=ls時刻與擋板碰撞，然后沿著斜面做加速度大小為生的運動，在4=L25s時刻到達C點，接著從C

點運動到B點，到達B點的時刻為與，以上過程的-T圖像如圖乙所示（%未知），已知生與為大小的

差值為4m/s2,重力加速度g=10m/s。求:

（1）小球受到阻力的大?。?/p>

（2）斜面傾角的正弦值：

（3）〃=?

甲乙

【答案】（1）2N：（2）0.6；（3）

4

【詳解】（1）設(shè)斜面傾角為凡小球從A運動到擋板，即在0~ls時間內(nèi)由速度時間公式和牛頓第二定律

可得2%=，mgsin0-f=（nax

小球從擋板運動到C點，即在4&時間內(nèi)由速度時間公式和牛頓第二定律可得%=%值-乙），

〃陪sinf）+f=maz

乂有生一4=4m/s?

2

聯(lián)立解得4=4m/s2,a2=8nVs,v0=2m/s,/=2N

（2）由（1）分析可知mgsin。-/=/叫,?1=4in/s2,/=2N

解得sin8=0.6

（3）根據(jù)uT圖像，4c之間位移大小為x=5x&Tj=O.25m

設(shè)小球從C運動到8的時間為3由位移時間公式，則有內(nèi)

解得f=^^s；則.=%+r='s

14.如圖，質(zhì)量為3〃?，足夠長的長木板A放在光滑水平面上，質(zhì)量為3〃?的鐵塊B放在長木板A的上表面

左端,質(zhì)量為加的小球C用長為R的細線懸于。點。將小球C拉至與O等高的位置，細線伸直，由靜

止釋放，小球C運動到最低點時剛好沿水平方向與鐵塊B發(fā)生彈性碰撞，碰撞后鐵塊B在長木板上表面

向右滑動。已知鐵塊B與長木板A上表面的動摩擦因數(shù)為0.3,鐵塊B、小球C均看作質(zhì)點，重力加速

度為g。求：

（1）小球C與鐵塊B碰撞前一瞬間，細線對小球的拉力大小；

（2）小球C與鐵塊B碰撞后一瞬間，鐵塊B的速度大??；

（3）最終鐵塊B與長木板A相對靜止時因摩擦產(chǎn)生的熱量①

co-----------?（）

\!?

\

、、、

、“2HB

,〃〃〃〃〃〃〃〃，〃〃〃〃〃〃〃〃〃，

【答案】（1）3mg；（2）且反；（3）即髻

28

【詳解】⑴小球C從靜止釋放到與鐵塊B碰撞前?瞬間，根據(jù)機械能守恒“得，跖/?=5礴

解得％=阿

2

根據(jù)牛頓第二定律可得T-〃依=〃?里

R

解得細線對小球的拉力大小了=3mg

（2）小球C與鐵塊B發(fā)生彈性碰撞，根據(jù)動量守恒可得〃叫="八2+36%

根據(jù)機械能守恒可得;〃鳳=+gx3〃近

聯(lián)立解得小球C與鐵塊B碰撞后一瞬間，鐵塊B的速度大小為%=4坐

（3）碰撞后鐵塊B在長木板上表面向右滑動，鐵塊B做勻減速直線運動，長木板A做勻加速直線運動，

鐵塊B與長木板A最終達到共速相對靜止，根據(jù)動量守恒可得癡心=（3〃?+3〃7）々

解得廢=哼豆

根據(jù)能最守恒定律可得3x3〃喏=1x（3〃汁3〃?）噓+Q

解得因摩擦產(chǎn)生的熱量。=即警

O

則最終鐵塊B與長木板A相對靜止時因摩擦產(chǎn)生的熱量。=之警

O

15.如圖所示,傾角為6=37。的足夠長平行導(dǎo)軌頂端兒間、底端ad間分別連一電阻，其限值為凡=&=2廠，

兩導(dǎo)軌間距為L=lm。在導(dǎo)軌與兩個電阻構(gòu)成的回路中有垂直于軌道平面向下的磁場，其磁感應(yīng)強度

4=1T。在導(dǎo)軌上橫放一質(zhì)量m=lkg、電阻r=1。、長度也為乙的導(dǎo)體棒/導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌始終良好

接觸，導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)〃=0.5。在平行導(dǎo)軌的頂端通過導(dǎo)線連接一面積為S=051?、總

電阻為八匝數(shù)N=100匝的線圈（線圈中軸線沿豎直方向），在線圈內(nèi)加上沿豎直方向、且均勻變化的

磁場區(qū)（圖中未畫出），連接線圈電路上的開關(guān)K處于斷開狀態(tài)，g=10m/s2,不計導(dǎo)軌電阻。疝37。=0.6,

cos37°=0.8>求：