2024年西藏拉薩市高考物理一模試卷(含詳細答案解析)

2024年西藏拉薩市高考物理一模試卷

一、單選題：本大題共5小題，共30分。

1.鉆60（9%。）是金屬元素鉆的放射性同位素之一，其半衰期為5.27年。靜止的鉆60發(fā)生一次衰變成為銀

60（期Ni）,同時放出X粒子和兩束y射線。下列說法正確的是（）

A.：/射線具有很強的電離作用B.10口鉆60經(jīng)過10.54年全部發(fā)生衰變

C.X粒子的質(zhì)量數(shù)為4D.X粒子帶負電

2.摩托車騎手從一斜坡沖出在空中飛越的情景如圖所示，不計空氣阻

力影響，假設(shè)摩托車發(fā)動機油門關(guān)閉，摩托車在空中￡行的過程中

（）

A.若要研究某時刻騎手的動作，可以把摩托車和騎手看作質(zhì)點

B.若不考慮轉(zhuǎn)動的影響，在最高點，騎手的動能為零

C.若不考慮轉(zhuǎn)動的影響，騎手的機械能先減小再增大

D.若不考慮轉(zhuǎn)動的影響，騎手的加速度不變

3.如圖甲所示的電路中，變壓器為理想變壓器，原，副線圈的匝數(shù)比為2：1,電壓表和電流表均為理想電

表，定值電阻R的限值為10。，〃端輸入如圖乙所示的電壓，則電流表的示數(shù)、電壓表的示數(shù)分別為

()

A.HA,22072VB.114,220V

C.11/2/1,220VD.11/I4,220/2K

4.質(zhì)量為0.2kg的物塊在水平地面上做直線運動，其速度隨時間變化的

規(guī)律如圖所示，根據(jù)u-t圖像所提供的信息，可知（）

A.0~4s內(nèi)，物塊沿同一個方向運動

B.在￡>4s時間段，物塊做勻加速直線運動

C.悠個運動過程中，物塊的加速度逐漸減小，直至為零

D.0?1s內(nèi)，物塊運動的速度方向和加速度方向相同

5.據(jù)統(tǒng)計，我國發(fā)射的衛(wèi)星已近600顆，位居世界第二位，這些衛(wèi)星以導航、遙感、通信為主要類別。如

圖，A、B、C為我國發(fā)射的3顆衛(wèi)星，其軌道皆為圓形，其中衛(wèi)星A、8的軌道在赤道平面內(nèi)，衛(wèi)星C的

軌道為極地軌道，軌道半徑下列說法正確的是（）

A.衛(wèi)星4的加速度大小比衛(wèi)星B的大B.衛(wèi)星B的動能比衛(wèi)星A的大

C.衛(wèi)星8一定與地球自轉(zhuǎn)同步D.衛(wèi)星C的線速度大小可能為8.0km/s

二、多選題：本大題共5小題，共27分。

6.在游樂場有一種與眾不同的游樂設(shè)施一一瘋狂魔盤，游客在魔盤上可以體會到慣性帶來的樂趣，如圖

甲，其工作原理可以簡化為圖乙模型，水平圓盤在水平面內(nèi)可繞中心軸勻速轉(zhuǎn)動，圓盤上距離轉(zhuǎn)軸分別為

八2r處有兩個完全相同的小物塊八b,質(zhì)量均為機。物塊八。與圓盤間的動摩擦因數(shù)均為〃，最大靜摩

擦力等于滑動摩擦力?，F(xiàn)讓圓盤沿逆時針（俯視）方向以角速度3做勻速圓周運動，物塊〃、〃相時于圓盤靜

止，重力加速度為g,下列說法正確的是（）

乙

A.若增大3,物塊〃先滑動

B.物塊a受到的摩擦力大小始終為〃mg

C.物塊b受到的摩擦力是物塊。的2倍

D.若逐漸增大3,保持物塊4、力不滑動，則物塊〃、人受到的摩擦力不再沿半徑指向圓心

7.如圖，虛線4,從C為靜電場中的等勢線，實線為一帶電粒子在靜電場中的運動軌

跡，8點是曲線運動的拐點，不計粒子的重力，下列說法正確的是（）

A.粒子從4點運動到B點的過程，加速度減小、速度增大

B.粒子從A點運動到B點的過程，電勢能增大，動能減小

C.粒子從4點運動到3點電場力做功的絕對值大于從A點到C點電場力做功的絕對

值

D.粒子運動到A點時的動能大于。點時的動能

8.如圖，在水平絕緣桌面上固定兩條相距為乙的平行長直光滑金屬導軌，導軌的

左端連接阻值為R的定值電阻，質(zhì)量為m的金屬桿垂直放在導軌上，金屬桿接//一方

入也路的電阻也為R，整個裝置處于垂直導軌平面向下、磁感應強度大小為8的夕1/F

勻強磁場中，給金屬桿施加一個水平向右的拉力凡拉力的功率始終為p,經(jīng)時L—L--------

間3金屬桿的加速度剛好為0,再經(jīng)時間/撤去拉力，整個運動過程中金屬桿始終與導軌垂直且接觸良

好，導軌電阻不計，下列說法正確的是（）

A.金屬桿運動的最大速度為零

B.金屬桿運動的最大速度為萼

C.拉力作用過程中，通討電阻R的焦耳熱為Pt-器

D.撤去拉力后，通過金屬桿的電荷量為再孚

B七

9.下列說法正確的是（）

A.利用高壓鍋蒸煮東西時，鍋內(nèi)氣體溫度升高，氣體分子平均動能增加

B.用肉眼直接觀察到的在無風情形下空氣中塵埃的運動不是布朗運動

C.兩氣體分子從很遠距離逐漸靠近，直到不能再靠近的過程中，分子間引力減小，斥力增加

D.液晶電視機的工作原理中利用了液晶的光學性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向同性

E.盡管技術(shù)不斷進步，制冷機還是不可能將溫度降到-273.15℃,熱機的效率也不可以達到100%

1().一列沿X軸傳播的簡諧橫波在i=0時的波形圖如圖所示，此時刻后介

質(zhì)中質(zhì)點P回到平衡位置時間比質(zhì)點Q回到平衡位置早0.8s,已知￡=0時

P、。兩質(zhì)點相對平衡位置位移相同，均為5“〃，波的振幅為18/〃，下列

說法正確的是()

A.波的傳播方向沿x軸正方向B.波的傳播速度為10m/s

C.t=0時質(zhì)點尸做加速運動D.尸、。兩質(zhì)點間的距離始終不變

E.質(zhì)點戶回到平衡位置的最短時間為0.2s

三、實驗題：本大題共2小題，共15分。

11.某同學用如圖甲所示裝置做“探究加速度與力的關(guān)系”實驗。力傳感器固定在小車上，細線連接在力

傳感器卜.，位移傳感器與計算機相連接，可以描繪出小車運動的位移x與小車運動時間的平方的關(guān)系圖

像。

(1)為了保證小車受到的合外力等于細線的拉力，需要的操作是。

A.保證祛碼和托盤的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量

平衡摩擦力

C調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽引小車的細線與長木板平行

(2)調(diào)節(jié)好裝置后，將小車從靠近位移傳感器的位置由靜止釋放，根據(jù)位移傳感器測得的數(shù)據(jù)，計算機描

繪出小車運動的位移與運動時間的平方的關(guān)系圖像如圖乙所示。若圖像的斜率為生則小車運動的加速度

(3)保持小車和力傳感器的總質(zhì)量"不變，多次改變托盤中祛碼質(zhì)量進行實驗，測得多組力傳感器的示數(shù)

F,及對應的小車的加速器度4,作Q-E圖像，如果圖像是一條過原點的直線，且圖像的斜率等于

______,則表明質(zhì)量一定時，加速度與合外力成正比。

12.某學校實驗小組設(shè)計了如圖甲所示的電路圖，可?以同時測量電壓表V的內(nèi)阻和電流表G的內(nèi)阻?？晒?/p>

選用的儀器有：

A.內(nèi)阻約3X2的待測電壓表匕量程0?3P

8內(nèi)阻約500。的待測電流表G,量程0?3nL4

C足值電阻R（阻值已知）

D電阻箱入

E.滑動變阻器匕（0~3kQ）

”.滑動變阻器&（0?50。）

G電源電動勢￡=6V,內(nèi)阻忽略不計

”.開關(guān)、導線若干

（1）為了準確測量電壓，電流表的內(nèi)阻，滑動變阻器應選______（選填"RJ或"％”）。

（2）實驗中電阻箱的示數(shù)如圖乙所示，則&=o

（3）閉合&前，將滑動變阻器的滑片P調(diào)到_____（選填或"b”）處。

（4）將單刀雙擲開關(guān)撥到1,調(diào)節(jié)滑動變阻器使得V和G有明顯的讀數(shù)，分別為/、/1；再將單刀雙擲開關(guān)

撥到2,調(diào)節(jié)滑動變陽阻器，使得V和G有明顯的讀數(shù)，分別為“、k，則電壓表V的內(nèi)阻巾=，

電流表G的內(nèi)阻力=_____。（均選用Ui、4、人、/2,R和Ro表示）

四、簡答題：本大題共4小題，共38分。

力，求:

(1)電場強度大小;

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑。

14.如圖，一光滑的圓弧軌道固定在豎直平面內(nèi)，一個質(zhì)量為4依的小球。

從軌道A點靜止釋放，運動到軌道的最低點時，與靜止在該點質(zhì)量為1依的〃

球發(fā)生碰撞，碰撞后，兩小球粘在一起繼續(xù)運動。若圓弧軌道的半徑R為

1陽.A、8兩端點和圓心。的連線與觸直方向的夾角。均為37。，。、力兩小球

體積相等，且均看作質(zhì)點，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37。=

0.8o求：

(1)小球4碰撞前的瞬間速度大小外；

(2)小球4、力碰撞后瞬間整體的速度大小V,以及此時4、。整體對軌道的壓力”；

(3)小球隊碰撞后，。、沙整體繼續(xù)運動上升的最大高度H(相對于軌道最低點)。

15.如圖,導熱性能良好的氣缸固定在傾角為30。的斜面匕斜面底端有

一固定擋板。距離氣缸底部E=6cm處有質(zhì)量m=2kg,橫截面積S=

lOcm?的活塞，活塞與固定在擋板上的輕質(zhì)彈簧相連接，活塞與氣缸之

間無摩擦且不漏氣，彈簧壓縮量〃=2.5cm,并被鎖定，(缸內(nèi)氣體的

壓強p=5xl()4pa,彈簧勁度系數(shù)k=20N/cm,重力加速度g取

10m/s2,大氣壓強po=1x105Pcio求:

(1)解鎖彈簧的瞬間.活塞的加速度大小;

(2)解鎖彈簧待穩(wěn)定后。氣缸內(nèi)的壓強。

16.如圖，半徑為R=30cm的玻璃球臺，球臺平面對應的球心隹為120。，與球

臺平?面等面積的單色光柱垂直臺面射向球體。己知玻璃對單色光的折射率為

2,光在真空中的速率為c=3.0xl08m/s,求：

(1)該單色光在玻璃球臺中的傳播速度；

(2)光在玻璃球臺內(nèi)傳播的最長時間(只考慮全反射)。

答案和解析

1.【答案】D

【解析】解：4y射線的電離能力弱，穿透能力強，故A錯誤；

2x

B.10g鉆60經(jīng)過10.54年，即經(jīng)過2個半衰期，則m=7n0(1)=加。=10,。=2.5g,即還剩余2.5g,

故B錯誤；

CD根據(jù)質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X的質(zhì)量數(shù)A=60-60=0,電荷數(shù)z=27-28=-l,可知X是6粒

子，即電子，帶負電，質(zhì)量數(shù)為零，故C錯誤，。正確。

故選：

根據(jù)射線的特點判斷；根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒判斷X粒子；經(jīng)過一個半衰期有半數(shù)發(fā)生衰變，根據(jù)

m=根0《)”求解剩余的鉆60o

解決本題的關(guān)鍵知道衰變的過程中電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道a衰變和/?衰變的實質(zhì)，理解半衰期，并

能進行計算。

2.【答案】D

【解析】解：A、當要研究某一時刻騎手的動作，就要展現(xiàn)出騎手的運動細節(jié)，而把騎手和摩吒車看成質(zhì)

點就不能看到騎手的動作了。故A錯誤。

B、因為騎手是斜向上沖上斜坡，所以有平行于地面的速度，所以當騎手騎到最高點時，其豎直方向的速

度為0,但是其動能不為0。故8錯誤。

C、因為騎手從斜坡沖出的時刻，騎手就只受重力的影響，在只受重力作用的情況下其機械能始終不變。

故C錯誤。

。、當騎手從斜坡沖出時，騎手只受到重力的作用，其加速度等于重力加速度，所以騎手的加速度不變。

故D正確。

故選:Do

分析騎手從沖出斜坡開始，箭手只受到重力的影響，并且其豎直方向上的速度先減小后增大，水平方向的

速度保持不變，并且當物體在只受重力影響時，物體的機械能守恒，從而得出答案為多少。

此題主要考查斜拋的知識點，主要要注意在只受重力的情況下其機械能保持不變。

3.【答案】B

【解析】解：由圖乙和在，輸入電壓的最大值Um=220，1人電壓表的示數(shù)為電壓的有效值，原線圈電

壓的有效值為由=5==220V,所以電壓表的示數(shù)為220%

根據(jù)理想變壓器甩壓與或數(shù)比的美系

%=電

"1一九2

可得：U2=1107

根據(jù)歐姆定律可得副線圈的電流即電流表的示數(shù)為

，2=第=繆4=114，故ACO錯誤，B正確。

n1U

故選:B。

電壓表測量的是電壓有效值，由圖乙讀出輸入電壓的最大值，由0=空求出電壓有效值，即得到電壓表的

v2

示數(shù)。根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系亙=”求出副線圈的電壓，再由歐姆定律計算電流表的示數(shù)。

叫n2

本題的關(guān)鍵要理想變壓器的電壓與匝數(shù)的關(guān)系，以及電流與匝數(shù)的關(guān)系，并能熟練運用。

4.【答案】C

【脩析】解?：4由圖可知0?1s內(nèi)和1?4s內(nèi)物塊的速度分別為負值和正值，所以兩段時間內(nèi)物塊的速度

方向相反。故A錯誤：

8.由圖可知，在4s時間段，物塊做勻速直線運動。故8錯誤；

C.圖線的斜率表示物塊的加速度，由此可知，在t=0時，物塊加速度最大，t=4s時，加速度最小(a=

0)，物塊的加速度越來越小，直至為零。故C正確；

D由圖可知，0?1s內(nèi)，物塊做減速運動，所以物塊的速度方向和加速度方向相反。故D錯誤。

故選：Co

根據(jù)u-t圖像中圖線的形狀及變化情況來判斷物塊的速度變化情況，由圖線斜率表示加速度進行加速度大

小及方向的判斷。

本題考查學生對"-七圖像中圖線斜率的理解，解題關(guān)健是正確理解廿一￡圖像。是一道基礎(chǔ)題目。

5.【答案】A

【解析】解：4衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：

GMm

-3—=ma

解得：af

由圖可知三顆衛(wèi)星的軌道半徑關(guān)系為:

rc<rA<rB

可知三顆衛(wèi)星的加速度大小關(guān)系為：

%;>%>%，故A正確；

A根據(jù)萬有引力提供向心力，由牛頓第二定律得：

GMmv2

丁2r

解得：已=

則衛(wèi)星的動能為：

1

Ek=2mp2

解得：后〃=等

三顆衛(wèi)星的質(zhì)量大小關(guān)系不知道，無法比較動能的大小，故B錯誤；

C地球同步衛(wèi)星的軌道平面必須位于赤道平面，且距離地面的高度一定，血衛(wèi)星8里然位于赤道的止上

方，但是高度不一定在同步衛(wèi)星的軌道高度，所以衛(wèi)星3不一定與地球自轉(zhuǎn)同步，故。錯誤；

。.第一宇宙速度為7.9km/s,是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度，所以衛(wèi)星C的線速度大小一定小于7.9/nn/s,故。

錯誤。

故選：

根據(jù)萬有引力提供向心力解得線速度、加速度和周期與軌道半徑大小之間的關(guān)系，根據(jù)半徑大小判斷速

度、加速度的大小，再根據(jù)動能公式比較衛(wèi)星的動能；根據(jù)地球同步軌道衛(wèi)星的特點分析：根據(jù)第一宇宙

速度是衛(wèi)星的最大環(huán)繞速度分析。

本題考查了地球衛(wèi)星軌道相關(guān)知識點，地球衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運動，圓心是地球的地心，萬有引力

提供向心力，軌道的中心一定是地球的球心，注意理解同步衛(wèi)星的特點。

6.【答案】CD

【解析】解：4由摩擦力提供向心力得年=m32R

可知增大角速度，物塊。、。所需向心力均增大，其中做勻速圓周運動半徑較大的物塊〃最先達到最大靜

摩擦力，故物塊。先滑動，故4錯誤；

注物塊。繞轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運動，靜摩擦力充當向心力，〃滑動前受到的摩擦力始終小于〃mg,故3錯

誤；

C物塊〃、力均繞轉(zhuǎn)軸做勻速圓周運動，靜摩擦力充當向心力，有F/nmdR

由于弓二/，rb=2r

可得2/^=Pfb

故C正確；

。.若逐漸增大3,保持物塊。、〃不滑動，則物塊。、〃做加速圓周運動，摩擦力沿半徑和切線方向均有分

量，分別產(chǎn)生切向加速度和向心加速度，故摩擦力不再沿半徑指向圓心，故。正確。

故選：

根據(jù)最大靜摩擦力與向心力，分析哪一個最先滑動，根據(jù)牛頓第二定律解答。

本題考查向心力，解題關(guān)鍵掌握牛頓第二定律在圓周運動中的應用，注意靜摩擦力提供向心力。

7.【答案】13C

【解析】解：4B.因A點等勢面密集，則電場線密集，則A點電場強度大，粒子從A點運動到B點的過程

受到的電場力減小，由牛頓第二定律可知加速度減??；根據(jù)曲線的彎曲方向可知粒子的受力方向大致向

右，則粒子從A點運動到8點的過程電場力做負功，動能減小，速度減小，電勢能增大，故A錯誤，。正

確：

C.A,B點間的電勢差比人、C點間的電勢差大，根據(jù)W=可知粒子從八點運動到B點電場力做功的絕

對值大于從4點到C點電場力做功的絕對值，故C正確；

0.4點和。點在同一等勢面上，粒子運動到A點的動能等于。點時運動，故。錯誤。

故選：BC。

由等勢面的疏密可知電場強度的大小，由尸=Eq可知電場力的大小關(guān)系，從而判斷加速度關(guān)系；根據(jù)曲線

的彎曲方向可知粒子的受力方向，進而判斷出電場力做功的特點，然后判斷動能與電勢能的變化“

本題中解題的關(guān)鍵在于?曲線的彎曲方向的判斷，應掌握根據(jù)彎曲方向判斷受力方向的方法；本題中告訴的

是等勢面，很多同學由于思維定勢當成了電場線從而出現(xiàn)錯解.

8.【答案】AD

【解析】解：4B.設(shè)金屬桿最大速度為％］，由題意知

F.i：=B1L

BLvm

解得4n=零，故A正確，B錯誤;

C.拉力作用過程，根據(jù)動能定理有

1

2Pt-2Q=9

解得Q=P￡-$，故C錯誤；

D撤去拉力后，設(shè)安培力方向為正方向，根據(jù)動量定理有

BIL-t=mvm

q=I-t

解得9=嘿襄，故D正確“

故選:ADO

當金屬桿的加速度為零時金屬桿的速度達到最大值，進而求解其最大速度。根據(jù)功能關(guān)系分析金屬桿克服

安培力做功等于回路產(chǎn)生的焦耳熱；牛頓第二定律結(jié)合安培力公式求解判斷金屬桿的運動情況；根據(jù)動量

定理求解通過金屬桿的電荷量。

對于安培力作用下導體棒的運動問題，如果涉及電荷量、求位移問題，常根據(jù)動量定理結(jié)合法拉第電磁感

應定律、閉合電路的歐姆定律列方程進行解答；分析涉及電磁感應現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動能定

理、功能關(guān)系等列方程求解。

9.【答案】ABE

【解析】解：4、溫度是分子平均動能的標志，當氣體溫度升高時，氣體分子的平均動能增加，故4正

確；

B、用肉眼看到的物體（比如空氣中的灰塵）的運動不是布朗運動，因為布朗運動要用顯微鏡放大才能看

到，故8正確；

C、兩氣體分子從很遠距離逐漸靠近，直到不能靠近為止，分子間引力和斥力都增加，故C錯誤；

。、液晶像液體一樣可以流動，又具有某些晶體的結(jié)構(gòu)特征，光學性質(zhì)具有各向異性，故。錯誤：

E、根據(jù)熱力學第三定律可知，制冷機不可能將溫度降到-273.15。根據(jù)熱力學第二定律可知，熱機效率

不可能達到100%,故E正確。

故選:ABE。

溫度是分子平均動能的標志。布朗運動用肉眼不能直接觀察到。兩氣體分子從很遠距離逐漸靠近時，分子

間引力和斥力都增加。液晶具有各向異性。結(jié)合熱力學第二、第三定律分析。

解答本題的關(guān)鍵要掌握熱力學的基礎(chǔ)知識，特別要知道溫度是分子平均動能的標志，溫度越高，分了?的平

均動能越大。

10.【答案】ACE

【解析】解:4c.質(zhì)點尸回到平衡位置時間比質(zhì)點Q回到平衡位置早0.8s,說明￡=0時質(zhì)點?向下振動,

做加速運動，根據(jù)平移法可知，波沿x軸正方向傳播，故AC正確；

￡.設(shè)波的周期為了，波源的振動方程

27r

y=/4sin(y+9)

振幅A=10cm,0點位移》=5cm則

TTTST

%=適，％=?一冠=衣

所以

At=—tP=0.8s

則T=2.4s,tP=0.2s

故E正確;

B.由波動圖像可知波長2=12m,波速

A12

V=y；=2^m/s=5m/s

故B錯誤;

DP、Q兩質(zhì)點均做簡諧運動，由于兩質(zhì)點的起振動時刻不同，只有當兩質(zhì)點位移相同時相距最近，其他

時刻兩質(zhì)點間距離不斷變化，故。錯誤。

故選：ACE.

由題意，分析P、。回到平衡位置的時間差，分析質(zhì)點的運動情況，根據(jù)振動的一般方程分析E,由圖讀

出波長，求出波速，介質(zhì)中質(zhì)點在振動，兩點的位移會變化。

本題關(guān)鍵要根據(jù)質(zhì)點的振動過程確定其振動周期，得到波的周期.要注意介質(zhì)中質(zhì)點只在各自的平衡位置

附近振動，不隨波遷移。

U.【答案】"2溫

【解析】解：(1)保證小車受到的合外力等于細線的拉力，需要平衡摩擦力，并且調(diào)節(jié)滑輪的高度，使牽

引小車的細線與長木板平行；因為本實驗中使用力的傳感器測量繩子的拉力，因此不需要滿足跌碼和托盤

的質(zhì)量遠小于小車的質(zhì)量。故A錯誤，BC正確。

故選：BC.

(2)根據(jù)位移公式％=；砒2,可知

1

2a

解得

a=2k

(3)由牛頓笫二定律可得

1

a=MF

可知，如果圖像是一條過原點的直線，且圖像的斜率等于三，則表明質(zhì)量一定時.,加速度與合外力成正

比。

故答案為：(1)BC；(2)2k；(3).

(1)根據(jù)探究加速度和力的實驗的注意事項可進行解答；

(2)根據(jù)位移公式，可以得到加速度與圖像斜率的關(guān)系；

(3)根據(jù)牛頓第二定律進行作答。

本題考查探究加速度與力的關(guān)系的實驗，要求掌握實驗原理和實驗注意事項。

12.【答案】R22500.0a,2+?RRo

【解析】解：(1)滑動變阻器采用分壓式接法，為了方便調(diào)節(jié)滑動變阻器選擇

(2)根據(jù)電阻箱是讀數(shù)規(guī)則，電阻箱接入電路中的電阻為3=2xlooon+5xloon+0x10/2+0x

IP4-0x0.W=2500.0/2；

(3)為了確保電路的安全，閉合S前,應將滑動變阻器的滑片調(diào)到最左端即“處；

(4)將單刀雙擲開關(guān)撥到1時，有％=((R+&+%)

將里刀雙擲開關(guān)撥到2,有華

聯(lián)立解得電流表內(nèi)阻3

電壓表內(nèi)阻4二束然。

故答案為：(1)色；(2)2500.0；(3)a；(4)j■然；空一R-R。。

12?一”2*1

(1)滑動變阻器采用分壓式接法，從方便調(diào)節(jié)的角度選擇滑動變電器；

(2)根據(jù)電阻箱的讀數(shù)規(guī)則讀數(shù)；

(3)滑動變阻器采用分壓式接法，為了保證電路安全，閉合開關(guān)前，滑動片應位于分壓電壓為零的那一

端；

(4)根據(jù)申聯(lián)、并聯(lián)電路的特點，結(jié)合歐姆定律分析作答。

本題主要考查了電壓表V的內(nèi)阻和電流表G的內(nèi)阻的測量，要明確實驗的原理，掌握串聯(lián)、并聯(lián)電路的特

點，掌握歐姆定律的運用是解題的關(guān)鍵。

13.【答案】解：(1)粒子在甩場中做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律得:

XQ=votx

由已知可得：XQ=20cm=0.2m,yP=10cm=O.lzn,=20C/kg

解得：匕=0.02s,E=25V/m

(2)設(shè)粒子到達。點的速度大小為v,粒子從P運動到Q,只有電場力做功，根據(jù)動能定理可得：

1212

EPq/p=2mV~2mV^

解得：v—10V^m/s

粒子在磁場中做勻速圓周運動，設(shè)粒子在磁場中運動的半徑為凡由洛倫茲力提供向心力得：

mv2

qvB=T

解得：R=0.1m=10cm

答：(1)電場強度大小為25P/m；

(2)粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑為lOc/zu

【解析】(1)粒子在電場中做類平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律利牛頓第二定律求解；

(2)根據(jù)動能定理求得粒子到達。點的速度，粒子在磁場中做勻速圓周運動，由洛倫茲力提供向心力求解

粒子在磁場中運動的半徑。

本題是非?；A(chǔ)的帶電粒子在電場和磁場中的運動問題，典型的磁場中勻速圓周運動，電場中的類平拋運

動。帶電粒子在磁場的運動，確定其軌跡半徑和圓心角是基本功。電場中的勻變速曲線運動處理的方法是

運動的分解與合成。

14.【答案】解：(1)對小球小下滑至碰前，由動能定理有：magR(l-cos0)=^mav^-0

解得小球a碰撞前的瞬間速度大?。簐0=2m0

(2)對〃、人兩小球，碰撞為完全非彈性碰撞，取a初速度方向為正方向，根據(jù)動量守恒定律可得：

=(ma+mb)v

解得：v=1.6m/s

對、整體，碰后瞬間，由牛頓第二定律得：

abFN-(ma+m^g=(ma4-inb)

由牛頓第三定律可得：F=FN

解得：P=62.8/V,壓力的方向豎直向下；

2

(3)對