江蘇省揚(yáng)州市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末考試物理

江蘇省揚(yáng)州市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期期末考試物理姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：共11題，每題4分，共44分。每題只有一個(gè)選項(xiàng)最符合題意。1．镅射線(xiàn)源是火災(zāi)自動(dòng)報(bào)警器的主要部件，镅95241Am的半衰期為432年，衰變方程為A．發(fā)生的是α衰變B．溫度升高，镅95241AmC．衰變產(chǎn)生的射線(xiàn)能穿透幾毫米厚的鋁板D．100個(gè)镅952412．如圖所示，水滴在潔凈的玻璃面上擴(kuò)展形成薄層，附著在玻璃上；在蠟面上可來(lái)回滾動(dòng)而不會(huì)擴(kuò)展成薄層。下列說(shuō)法正確的是（）A．水浸潤(rùn)石蠟B．玻璃面上的水沒(méi)有表面張力C．蠟面上水滴呈扁平形主要是由于表面張力D．水與玻璃的相互作用比水分子間的相互作用強(qiáng)3．如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體在絕熱過(guò)程中由狀態(tài)A變化到狀態(tài)B，該過(guò)程中（）A．外界對(duì)氣體做功B．氣體的內(nèi)能不變C．氣體分子的平均動(dòng)能增大D．單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)減小4．如圖所示，一束復(fù)色光從空氣射入光導(dǎo)纖維后分成a、b兩束單色光，a光照射某金屬可發(fā)生光電效應(yīng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．a(chǎn)光折射率較大B．a(chǎn)光的頻率較大C．a(chǎn)光在光導(dǎo)纖維中的速度較大D．用b光照射該金屬不能發(fā)生光電效應(yīng)5．一列簡(jiǎn)諧橫波向右傳播，波源M的振動(dòng)圖像如圖所示．t＝0.9s時(shí)，N點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置且向下振動(dòng)，且M、N之間只有一個(gè)波峰，則t＝0.9s時(shí)這列波的波形圖是（）A． B．C． D．6．在“探究變壓器原、副線(xiàn)圈電壓與匝數(shù)關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，裝置如圖所示，原線(xiàn)圈的“0”和“4”兩個(gè)接線(xiàn)柱接學(xué)生電源交流4V，下列操作可使交流電壓表示數(shù)變大的是（）A．原線(xiàn)圈改接直流6VB．取下變壓器上部的鐵芯C．將電源改接原線(xiàn)圈的“0”和“1”兩個(gè)接線(xiàn)柱D．將電壓表改接副線(xiàn)圈的“2”和“8”兩個(gè)接線(xiàn)柱7．某同學(xué)將手機(jī)用長(zhǎng)約1m的充電線(xiàn)懸掛于固定點(diǎn)，拉開(kāi)小角度釋放，手機(jī)在豎直面內(nèi)擺動(dòng)，手機(jī)傳感器記錄角速度隨時(shí)間變化的關(guān)系，如圖所示，則手機(jī)（）A．在A(yíng)→B過(guò)程中，速度增大B．在A(yíng)、C兩點(diǎn)時(shí)，速度方向相反C．在C點(diǎn)時(shí)，線(xiàn)中的拉力最小D．在B、D兩點(diǎn)時(shí)，線(xiàn)中拉力方向相同8．在“天宮課堂”第四課中，神舟十六號(hào)航天員朱楊柱、桂海潮展示了在微重力環(huán)境下用“特制”球拍擊打水球的現(xiàn)象，下列說(shuō)法正確的是（）A．在地面附近也可以獲得微重力環(huán)境B．在微重力環(huán)境下，水球的慣性減小C．水球懸浮時(shí)所受浮力與地球引力平衡D．物體在空間站中受地球引力比在地面小很多9．如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，以O(shè)點(diǎn)為圓心的圓周上有M、N、P、Q四個(gè)點(diǎn)．將兩根長(zhǎng)直導(dǎo)線(xiàn)垂直于紙面放在M、N處，并通入相同的電流，Q點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0。則（）A．P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0 B．O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為0C．P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向右 D．O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向左10．如圖所示，在光滑水平面上靜止放置一個(gè)弧形槽，其光滑弧面底部與水平面相切，將一小滑塊從弧形槽上的A點(diǎn)由靜止釋放。已知小滑塊與輕彈簧碰撞無(wú)能量損失，弧形槽質(zhì)量大于小滑塊質(zhì)量，則（）A．下滑過(guò)程中，小滑塊的機(jī)械能守恒B．下滑過(guò)程中，小滑塊所受重力的功率一直增大C．下滑過(guò)程中，弧形槽與小滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒D．小滑塊能追上弧形槽，但不能到達(dá)弧形槽上的A點(diǎn)11．如圖所示，三角形支架豎直放置，兩個(gè)相同的小球用輕質(zhì)彈簧相連，分別穿過(guò)兩根光滑的傾斜直桿。兩球初始高度相同，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)。現(xiàn)將兩球同時(shí)由靜止釋放，左側(cè)小球從P點(diǎn)開(kāi)始下滑，能到達(dá)的最低點(diǎn)是Q點(diǎn)，O是PQ中點(diǎn)。則左側(cè)小球（）A．到達(dá)Q點(diǎn)后保持靜止B．運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大C．從P運(yùn)動(dòng)至Q的過(guò)程中，加速度逐漸減小D．從P運(yùn)動(dòng)至O的時(shí)間比從O運(yùn)動(dòng)至Q的時(shí)間短二、非選擇題：共5題，共56分，其中第13題～第16題解答時(shí)請(qǐng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要的演算步驟，只寫(xiě)出最后答案的不能得分；有數(shù)值計(jì)算時(shí)，答案中必須明確寫(xiě)出數(shù)值和單位。12．某同學(xué)實(shí)驗(yàn)測(cè)量合金絲的電阻Rx（1）先用多用電表粗測(cè)合金絲的電阻，將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋的“×10”位置，按照正確操作步驟進(jìn)行測(cè)量，指針位置如圖1中a所示、接著將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋位置（選填“×1”或“×100”），將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)圖2中（選填“A”“B”或“C”），使指針指在0Ω處，再進(jìn)行測(cè)量，指針位置如圖1中b所示。（2）用多用電表測(cè)量一未知電源的電壓，將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到直流電壓10V擋，指針位置如圖1中c所示．用此電源設(shè)計(jì)如圖3所示的電路測(cè)量合金絲的電阻，其中電壓表V量程為3V，內(nèi)阻為3.0kΩ；電流表A量程為0.6A，內(nèi)阻約為0.2Ω；定值電阻R為6.0kΩ．滑動(dòng)變阻器R＇應(yīng)選用（選填“R1（0～20Ω）”或“R2（0～2kΩ）”），單刀雙擲開(kāi)關(guān)S應(yīng)接（3）在器材選擇及操作正確的情況下，測(cè)出多組電壓表示數(shù)U和對(duì)應(yīng)的電流表示數(shù)I，作出U—I圖像，如圖4所示，則可得到合金絲的電阻Rx為Ω（4）若定值電阻R的實(shí)際值略大于6.0kΩ，由此造成合金絲電阻Rx的測(cè)量值會(huì)13．如圖所示，一束光從空氣中射到棱鏡界面BC上的D點(diǎn)，AB＝BD，已知棱鏡材料的折射率為2，判斷光束能否從界面AC射出并求光束離開(kāi)棱鏡時(shí)與界面的夾角θ。14．如圖所示，一個(gè)正方形導(dǎo)線(xiàn)框abcd，邊長(zhǎng)l＝0.1m，總電阻R=0.4Ω，質(zhì)量m＝0.01kg。線(xiàn)框從磁場(chǎng)上方h1=0.（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小B；（2）ab邊下落至磁場(chǎng)下邊界過(guò)程中，線(xiàn)框中產(chǎn)生的焦耳熱Q。15．如圖所示，光滑水平桌面上，一輕質(zhì)彈簧左端固定，用質(zhì)量m＝0.1kg的小球壓縮，釋放后，小球離開(kāi)彈簧的速度v0=2?m/s。小球從O點(diǎn)飛出，在斜面上第一次落點(diǎn)為A，第二次落點(diǎn)為B。小球與斜面碰撞前后沿斜面的分速度不變，垂直斜面的分速度大小不變、方向相反．已知斜面傾角為37°，sin37°=0（1）彈簧的彈性勢(shì)能最大值Ep（2）小球從O到A運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t1（3）O與B間距離L。16．如圖1所示，在真空中有一光滑水平面xOy，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向下，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B；在第四象限存在沿－y軸方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E．質(zhì)量為m，電荷量為－q的小滑塊在xOy平面內(nèi)從y軸上的P點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)，速度大小為v0，方向與＋y軸方向成30°角，剛好垂直于x軸進(jìn)入由兩平行擋板構(gòu)成的狹縫MN中，狹縫足夠長(zhǎng)，寬度略大于滑塊．已知滑塊與擋板間動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，從M處離開(kāi)狹縫時(shí)的速度大小為v（1）P點(diǎn)的縱坐標(biāo)y；（2）滑塊克服摩擦力所做的功W；（3）在圖2中定性畫(huà)出滑塊從進(jìn)入狹縫到離開(kāi)狹縫過(guò)程的速度—時(shí)間圖像；并利用此圖像計(jì)算滑塊在此過(guò)程中所受電場(chǎng)力的沖量大小I。

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】A、衰變過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，X的電荷數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，發(fā)生的是α衰變，具有很強(qiáng)的電離性，不能穿透幾毫米厚的鋁板，故A正確，C錯(cuò)誤；

B、放射性元素的半衰期不隨溫度、狀態(tài)及化學(xué)變化而變化，是由原子核內(nèi)部本身決定的，故B錯(cuò)誤；

D、衰變具有統(tǒng)計(jì)性，對(duì)個(gè)別原子不適用，故D錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】衰變過(guò)程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，放射性元素的半衰期不隨溫度、狀態(tài)及化學(xué)變化而變化，是由原子核內(nèi)部本身決定的。2．【答案】D【解析】【解答】水滴在潔凈的玻璃面上擴(kuò)展形成薄層，是浸潤(rùn)現(xiàn)象，說(shuō)明水和玻璃的相互作用比水分子之間的相互作用強(qiáng)，玻璃面上的水存在表面張力，在蠟面上可來(lái)回滾動(dòng)而不會(huì)擴(kuò)展成薄層，是不浸潤(rùn)現(xiàn)象，水在蠟面上不浸潤(rùn)，則水分子間表現(xiàn)為引力。

故答案為：D。

【分析】水滴在潔凈的玻璃面上擴(kuò)展形成薄層，是浸潤(rùn)現(xiàn)象，說(shuō)明水和玻璃的相互作用比水分子之間的相互作用強(qiáng)。在物體表上可來(lái)回滾動(dòng)而不會(huì)擴(kuò)展成薄層，是不浸潤(rùn)現(xiàn)象。3．【答案】D【解析】【解答】A、由圖像可知，氣體的體積不斷增大，故氣體對(duì)外界做功。故A錯(cuò)誤；

B、由于氣體對(duì)外做功，而理想氣體處于絕熱狀態(tài)。故根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU=Q+W可知，理想氣體的內(nèi)能減小。故B錯(cuò)誤；

C、理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，有上分析可知，理想氣體的內(nèi)能減小，故理想氣體的溫度降低，則氣體分子的平均動(dòng)能減小。故C錯(cuò)誤；

D、氣體的體積變大，平均動(dòng)能減小，而分子總個(gè)數(shù)不變，則單位體積的分子個(gè)數(shù)減少。故單位時(shí)間內(nèi)與單位面積器壁碰撞的分子數(shù)減小。故D正確。

故答案為：D。

【分析】由圖像確定氣體體積變化情況，理想氣體的內(nèi)能只與溫度有關(guān)，根據(jù)熱力學(xué)第一定律確定氣體做功及內(nèi)能變化情況。熟悉掌握氣體壓強(qiáng)的微觀(guān)意義。4．【答案】C【解析】【解答】A、入射角相同，但a光的折射角大于b光的折射角，根據(jù)折射定律n=式中θ1為入射角，θ2為折射角，可知，折射角越小折射率越大，因此a光的折射率小于b光的折射率，故A錯(cuò)誤；

B、光的頻率越大，則其折射率越大，根據(jù)以上分析可知，a光的折射率小于b光的折射率，則a光的頻率小于b光的頻率，故B錯(cuò)誤；

C、根據(jù)v=可知，a光的折射率小于b光的折射率，則a光在光導(dǎo)纖維中的速度較大，故C正確；

D、b光的頻率大于a光的頻率，根據(jù)愛(ài)因斯坦的光電效應(yīng)方程E可知，a光照射某金屬可發(fā)生光電效應(yīng)，則用b光照射該金屬一定能發(fā)生光電效應(yīng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】折射角越小，折射率越大，光的頻率越大，則其折射率越大，在光導(dǎo)纖維中的速度較小。熟悉掌握產(chǎn)生光電效應(yīng)現(xiàn)象的條件。5．【答案】B【解析】【解答】由題圖可知t＝0.9s時(shí)，M位于波谷位置，波向右傳播，且N點(diǎn)經(jīng)過(guò)平衡位置且向下振動(dòng)，根據(jù)平移法可知B圖符合題意。

故答案為：B。

【分析】根據(jù)波的傳播方向及質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況，再根據(jù)上下坡法或者同側(cè)法結(jié)合題意確定波形圖。6．【答案】C【解析】【解答】A、感應(yīng)線(xiàn)圈只適用于交流電，直流電無(wú)法產(chǎn)生感應(yīng)電流。故A錯(cuò)誤；

B、如果拆去鐵芯，線(xiàn)圈的自感系數(shù)下降，電壓表的示數(shù)下降。故B錯(cuò)誤；

C、將電源改接原線(xiàn)圈的“0”和“1”兩個(gè)接線(xiàn)柱，原線(xiàn)圈的匝數(shù)將減小，而副線(xiàn)圈匝數(shù)不變，則電壓表示數(shù)將變大，故C正確；

D、將電壓表改接副線(xiàn)圈的“2”和“8”兩個(gè)接線(xiàn)柱，負(fù)線(xiàn)圈的匝數(shù)將減小，而原線(xiàn)圈匝數(shù)不變，則電壓表示數(shù)將變小，故D錯(cuò)誤；

故答案為：C。

分析】感應(yīng)線(xiàn)圈只適用于交流電，直流電無(wú)法產(chǎn)生感應(yīng)電流。拆去鐵芯，線(xiàn)圈的自感系數(shù)下降。熟悉掌握變壓器原理及其特點(diǎn)。7．【答案】B【解析】【解答】A、根據(jù)v=rω可知，在A(yíng)→B過(guò)程中，角速度減小，速度減小，故A錯(cuò)誤；

B、A、C兩點(diǎn)剛好相差半周期，單擺的速度最大，即在最低點(diǎn)，則速度方向相反，故B正確；

C、在C點(diǎn)時(shí)，單擺速度最大，在最低點(diǎn)，根據(jù)牛頓第二定律F-mg=可知，線(xiàn)中的拉力最大，故C錯(cuò)誤；

D、B、D兩點(diǎn)相差半個(gè)周期，速度為0，可知單擺在對(duì)稱(chēng)的兩側(cè)最高點(diǎn)，線(xiàn)中拉力方向不相同，故D錯(cuò)誤；

故答案為：B。

【分析】手機(jī)做單擺運(yùn)動(dòng)，在平衡位置速度最大，加速度為零，拉力最大，再振幅最大處，加速度最大，速度為零。8．【答案】A【解析】【解答】A、在地面附近也可以獲得微重力環(huán)境，如自由落體的過(guò)程，故A正確；

B、在微重力環(huán)境下，水球的質(zhì)量不變，慣性不變，故B錯(cuò)誤；

C、水球懸浮是由于完全失重的原因，故C錯(cuò)誤；

D、物體在空間站中的軌道半徑與地球半徑相差不大，根據(jù)萬(wàn)有引力公式可知物體在空間站中受地球引力比在地面并非小很多，故D錯(cuò)誤；

故答案為：A。

【分析】質(zhì)量不變，慣性不變。懸浮是由于完全失重的原因。物體在空間站中的軌道半徑與地球半徑相差不大，根據(jù)萬(wàn)有引力公式分析引力的大小情況。9．【答案】C【解析】【解答】AC、根據(jù)右手定則可知，M、N處的導(dǎo)線(xiàn)在P點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場(chǎng)方向均水平向右，根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原則可知，P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，且其磁感應(yīng)強(qiáng)度方向水平向右。故A錯(cuò)誤，C正確；

BD、根據(jù)右手定則可知，M處的導(dǎo)線(xiàn)在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N處的導(dǎo)線(xiàn)在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向上。而M、N處導(dǎo)線(xiàn)電流相等，且O為圓心。故M、N處的導(dǎo)線(xiàn)在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等。根據(jù)矢量疊加原則可知，P點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度不為零，且其方向水平向右。故BD錯(cuò)誤。

故答案為：C。

【分析】根據(jù)右手定則確定M、N處的導(dǎo)線(xiàn)在P點(diǎn)及O點(diǎn)產(chǎn)生的合磁場(chǎng)方向，根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原則確定P點(diǎn)及O點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向。10．【答案】D【解析】【解答】A、滑塊在弧形槽上下滑動(dòng)過(guò)程中，由于弧形槽向左滑動(dòng)，弧形槽對(duì)滑塊的作用力對(duì)滑塊做功，小滑塊的機(jī)械能不守恒，故A錯(cuò)誤；

B、滑塊在弧形槽上下滑過(guò)程中，開(kāi)始時(shí)滑塊速度為零，下滑到最低點(diǎn)時(shí)滑塊的速度水平，豎直方向速度為零，故可知滑塊的速度沿豎直方向的分速度先增大后減小，故小滑塊所受重力的功率先增大后減小。故B錯(cuò)誤；

C、滑塊在弧形槽上下滑過(guò)程中，滑塊和弧形槽構(gòu)成的系統(tǒng)在水平方向上合外力為零，動(dòng)量守恒。在豎直方向上滑塊具有向下的加速度，系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量不守恒，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)小滑塊剛好滑離弧形槽時(shí)，水平方向上根據(jù)動(dòng)量守恒定律有M根據(jù)能量守恒定律有mgh=由于弧形槽的質(zhì)量M大于小滑塊的質(zhì)量m，故v2＞v1。小滑塊與輕彈簧碰撞無(wú)能量損失，故小滑塊與彈簧分離后，小滑塊的速度大小不變，方向相反。故小滑塊能追上弧形槽。當(dāng)小滑塊在弧形槽上到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，水平方向上根據(jù)動(dòng)量守恒定律有M根據(jù)能量守恒定律有mg故可得h即小滑塊不能到達(dá)弧形槽上的A點(diǎn)。故D正確。

故答案為：D。

【分析】滑塊在弧形槽上下滑動(dòng)過(guò)程中，兩物體構(gòu)成的系統(tǒng)水平方向上動(dòng)量守恒，系統(tǒng)機(jī)械能守恒。計(jì)算重力的功率時(shí)，需注意考慮滑塊在豎直方向上分速度的變化情況，再根據(jù)功率的定義進(jìn)行分析。11．【答案】B【解析】【解答】AB、設(shè)小球釋放后向下運(yùn)動(dòng)，彈簧的伸長(zhǎng)量為x，則沿著桿方向由牛頓第二定律有mg類(lèi)比豎直的彈簧振子的受力可知，兩小球均做簡(jiǎn)諧振動(dòng)，O點(diǎn)為平衡位置，則運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大，小球到達(dá)Q點(diǎn)時(shí)速度為零，而加速度向上最大，故A錯(cuò)誤，B正確；

C、從P運(yùn)動(dòng)至Q的過(guò)程中，加速度先逐漸減小到零，再反向逐漸增大，故C錯(cuò)誤；

D、結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，從P運(yùn)動(dòng)至O的時(shí)間與從O運(yùn)動(dòng)至Q的時(shí)間相等，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】小球釋放后再PQ之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，O點(diǎn)為平衡位置，動(dòng)能最大，小球到達(dá)P及Q點(diǎn)時(shí)速度為零，加速度最大。再結(jié)合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行分析。12．【答案】（1）×1；B（2）R1（3）13.0（4）偏小【解析】【解答】（1）由圖可知，歐姆表指針偏轉(zhuǎn)過(guò)大，應(yīng)更換更小擋位進(jìn)行測(cè)量。故將選擇開(kāi)關(guān)旋轉(zhuǎn)到歐姆擋×1位置；將兩表筆直接接觸，調(diào)節(jié)圖2中B處，對(duì)多用電表進(jìn)行歐姆調(diào)零；

（2）由多用電表示數(shù)可知，電源電壓約為8.4V。電流表的量程為0.6A。故電路中的最小電阻為R由（1）中歐姆表偏轉(zhuǎn)情況可知待測(cè)電阻阻值約為10Ω。為了使測(cè)量準(zhǔn)確和操作方便，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選R1；電壓表與定值電阻串聯(lián)相當(dāng)于改裝成量程更大的電壓表。電壓表的阻值遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻的阻值，故電流表應(yīng)采用外接法，單刀雙擲開(kāi)關(guān)S應(yīng)接2；

（3）根據(jù)歐姆定律可得R整理可得U=故結(jié)合圖像有R代入數(shù)據(jù)可得R（4）根據(jù)R整理得R可知若R實(shí)際值大于6kΩ，則合金絲電阻Rx的測(cè)量值會(huì)偏小。

【分析】熟悉掌握多用電表的使用方法及操作要求。根據(jù)歐姆定律及電路圖確定圖像的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。13．【答案】解：根據(jù)折射定律n=解得折射角r＝30°發(fā)生全反射的臨界角sin故C＝45°在界面AC上，入射角為60°＞C發(fā)生全反射，光束不能從界面AC射出光束垂直界面AB射出，如圖，根據(jù)幾何關(guān)系θ＝90°【解析】【分析】根據(jù)幾何關(guān)系及折射定律確定光線(xiàn)在BC邊上的折射角，再根據(jù)幾何關(guān)系確定關(guān)系在A(yíng)C邊的入射角，根據(jù)全反射定律判斷是否發(fā)生全反射。再畫(huà)出光線(xiàn)在玻璃中的路線(xiàn)，根據(jù)幾何關(guān)系確定夾角θ值。14．【答案】（1）解：由動(dòng)能定理得mg線(xiàn)圈勻速進(jìn)入磁場(chǎng)有FF安根據(jù)歐姆定律有I=解得B=（2）解：線(xiàn)圈勻速進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程中產(chǎn)生焦耳熱，由能量守恒得Q=mgl=0【解析】【分析】（1）根據(jù)動(dòng)能定理確定線(xiàn)圈進(jìn)入磁場(chǎng)的速度，線(xiàn)圈ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)后，線(xiàn)框做勻速運(yùn)動(dòng)，確定線(xiàn)圈的受力情況，再根據(jù)平衡條件及安培力公式及歐姆定律進(jìn)行解答；

（2）線(xiàn)圈完全進(jìn)入磁場(chǎng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，線(xiàn)圈中不產(chǎn)生感應(yīng)電流，即不產(chǎn)生焦耳熱。故ab邊下落至磁場(chǎng)下邊界過(guò)程中，只有ab邊進(jìn)入磁場(chǎng)到cd邊進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中產(chǎn)生焦耳熱，此過(guò)程線(xiàn)圈做勻速運(yùn)動(dòng)。再根據(jù)能量守恒定律進(jìn)行解答即可。15．【答案】（1）解：小球離開(kāi)彈簧的過(guò)程彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，由能量守恒定律有E代入數(shù)據(jù)得E（2）解：小球從O到A的過(guò)程做平拋運(yùn)動(dòng)，故水平方向有x=v豎直方向有y=根據(jù)幾何關(guān)系可知，O到A過(guò)程中水平方向位移與豎直方向上位移有tan解得t（3）解：如圖，將小球從O點(diǎn)飛出后的運(yùn)動(dòng)分解到沿斜面方向和垂直斜面方向則沿斜面方向和垂直斜面方向的初速度分別為vx=v沿斜面方向和垂直斜面方向的加速度分別為ax=g根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性可知，小球運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，小球在垂直斜面方向的速度與從O點(diǎn)飛出時(shí)垂直斜面方向的初速度大小相等，方向相反，故小球從O到A運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t同理，小球從A到B運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t故t小球從O運(yùn)動(dòng)到B的時(shí)間為t=2故O與B間距離為L(zhǎng)=【解析】【分析】（1）小球離開(kāi)彈簧的過(guò)程彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為小球的動(dòng)能，根據(jù)能量守恒定律進(jìn)行解答即可；

（2）小球從O到A的過(guò)程做平拋運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律進(jìn)行解答即可；

（3