重慶市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期聯(lián)考物理試題試卷

重慶市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期聯(lián)考物理試題試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四總分評(píng)分一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．2017年11月5日，我國(guó)用長(zhǎng)征火箭成功發(fā)射了兩顆北斗三號(hào)組網(wǎng)衛(wèi)星(如圖所示)，開(kāi)啟了北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)全球組網(wǎng)的新時(shí)代。下列關(guān)于火箭在豎直方向加速起飛階段的說(shuō)法，正確的是（）A．火箭只受到重力和空氣阻力的作用B．火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力大小相等C．火箭處于失重狀態(tài)D．保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，相對(duì)地面由靜止下落2．如圖（甲）所示，質(zhì)最m=2kg的小物體放在長(zhǎng)直的水平地面上，用水平細(xì)線繞在半徑R=0.5m的薄圓筒上。t=0時(shí)刻，圓筒由靜止開(kāi)始繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動(dòng)，其角速度ω隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖（乙）所示，小物體和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，重力加速度g=10m/s2。則下列判斷正確的是（）A．細(xì)線的拉力大小為4NB．細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率滿足P=4tC．小物體的速度隨時(shí)間的變化關(guān)系滿足v=4tD．在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為4N?g3．如圖所示，斜面置于粗糙水平地面上，在斜面的頂角處，固定一個(gè)小的定滑輪，質(zhì)量分別為m1、m2的物塊，用細(xì)線相連跨過(guò)定滑輪，m1擱置在斜面上．下述正確的是（）A．如果m1、m2均靜止，則地面對(duì)斜面沒(méi)有摩擦力B．如果m1沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力C．如果m1沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向左的摩擦力D．如果m1沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，則地面對(duì)斜面有向右的摩擦力4．如圖所示，斜面體B放置在粗糙的水平地面上，在水平向左的推力F作用下，物體A和斜面體B均保持靜止。若減小推力F，物體A仍然靜止在斜面體B上，則（）A．物體A受斜面體B的作用力一定減小B．物體A所受摩擦力一定減小C．斜面體B所受合力一定減小D．斜面體B所受地面的摩擦力可能增大5．科學(xué)家通過(guò)實(shí)驗(yàn)研究發(fā)現(xiàn)，放射性元素92238U有多種可能的衰變途徑：92238U先變成83210Bi，83210Bi可以經(jīng)一次衰變變成A．a(chǎn)＝211，b＝82B．①是β衰變，②是α衰變C．①②均是α衰變D．92238U6．如圖甲所示，被稱為“魔力陀螺”玩具的陀螺能在圓軌道外側(cè)旋轉(zhuǎn)不脫落，其原理可等效為如圖乙所示的模型：半徑為R的磁性圓軌道豎直固定，質(zhì)量為m的鐵球（視為質(zhì)點(diǎn)）沿軌道外側(cè)運(yùn)動(dòng)，A、B分別為軌道的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，軌道對(duì)鐵球的磁性引力始終指向圓心且大小不變，不計(jì)摩擦和空氣阻力，重力加速度為g，則A．鐵球繞軌道可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B．鐵球繞軌道運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒C．鐵球在A點(diǎn)的速度必須大于gRD．軌道對(duì)鐵球的磁性引力至少為3mg，才能使鐵球不脫軌二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．質(zhì)譜儀用來(lái)分析帶電粒子的質(zhì)量與電荷量，其構(gòu)造原理如圖所示。將第一種粒子源放于S處，經(jīng)加速電場(chǎng)（電壓為U）加速后垂直于磁場(chǎng)方向、垂直于磁場(chǎng)邊界進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)。在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)后到達(dá)磁場(chǎng)邊界上的P點(diǎn)。換第二種粒子源也放在S處，其粒子同樣到達(dá)P點(diǎn)。粒子從粒子源射出的初速度均為零，不計(jì)粒子重力。則下列說(shuō)法正確的是（）A．若第二種粒子的電性與第一種不同，需同時(shí)改變電場(chǎng)方向與磁場(chǎng)方向B．若第二種粒子的電性與第一種不同，只需改變電場(chǎng)方向或磁場(chǎng)方向即可C．若第二種粒子與第一種粒子是同位素，其質(zhì)量比為2627，保持電場(chǎng)電壓不變，則磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度需調(diào)整為原來(lái)的D．若第二種粒子與第--種粒子的質(zhì)量比為1314、電荷量比為12138．一靜止在水平地面上的物塊，受到方向不變的水平拉力F作用。0~4s時(shí)間內(nèi)，拉力F的大小和物塊加速度a的大小隨時(shí)間t變化的關(guān)系分別如圖甲、圖乙所示。若最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度g取10m/s2。由此可求得（）A．物塊與水平地面間的最大靜摩擦力的大小為2NB．物塊的質(zhì)量等于1.5kgC．在0~4s時(shí)間內(nèi)，合力對(duì)物塊沖量的大小為6.75N?SD．在0~4s時(shí)間內(nèi)，摩擦力對(duì)物塊的沖量大小為6N?S9．如圖所示，半徑為R的14A．粒子擊中點(diǎn)距O點(diǎn)的距離為RB．磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為mvC．粒子離開(kāi)磁場(chǎng)時(shí)速度方向相同D．粒子從離開(kāi)發(fā)射裝置到擊中y軸所用時(shí)間t的范圍為2Rv＜t<10．在水面上的同一區(qū)域內(nèi)，甲、乙兩列水面波獨(dú)立傳播，傳播方向互相垂直，波的頻率均為2Hz。t=0時(shí)刻其波峰與波谷情況如圖所示。甲波的振幅為5cm，乙波的振幅為10cm。質(zhì)點(diǎn)2、3、5共線且等距離。下列說(shuō)法中正確的是____。A．質(zhì)點(diǎn)2的振動(dòng)周期為0.5sB．質(zhì)點(diǎn)2的振幅為15cmC．圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)1、2的豎直高度差為15cmD．圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)3正處于平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)E．從圖示的時(shí)刻起經(jīng)0.25s，質(zhì)點(diǎn)5通過(guò)的路程為30cm三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．教材列出的木一木動(dòng)摩擦因數(shù)為0.30，實(shí)驗(yàn)小組采用如圖甲所示的裝置測(cè)量木塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)中，木塊在重錘的拉動(dòng)下，沿水平長(zhǎng)木板做勻加速運(yùn)動(dòng)。（1）實(shí)驗(yàn)所用重錘質(zhì)量150g左右，下列供選擇的木塊質(zhì)量最合適的是____；A．20g B．260g C．500g D．600g（2）關(guān)于實(shí)驗(yàn)操作和注意事項(xiàng)，下列說(shuō)法正確的有____；A．實(shí)驗(yàn)中先釋放木塊，后接通電源B．調(diào)整定滑輪高度，使細(xì)線與板面平行C．必須滿足細(xì)線對(duì)木塊拉力與重錘重力大小近似相等D．木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右（3）實(shí)驗(yàn)得到的一根紙帶如圖乙所示，從某個(gè)清晰的點(diǎn)開(kāi)始，每5個(gè)打點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，依次標(biāo)出0、l、2、3、4、5、6，測(cè)得點(diǎn)O與點(diǎn)3、點(diǎn)6間的距離分別為19.90cm、54.20cm，計(jì)時(shí)器打點(diǎn)周期為0.02s，則木塊加速度a=m/s2(保留兩位有效數(shù)字)；（4）實(shí)驗(yàn)測(cè)得μ=0.33，大于教材列表中的標(biāo)值，請(qǐng)寫出兩個(gè)可能的原因：，。12．圖甲是簡(jiǎn)易多用電表的電路原理圖，圖中E是電源，R1、R2、R3、R4、R5是定值電阻，R6是可變電阻，表頭G的滿偏電流為200μA。內(nèi)阻為600Ω，其表盤如圖乙所示。圖甲中虛線方框內(nèi)為換擋開(kāi)關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連，該多用電表有5個(gè)擋位，分別為：直流電流1A擋和500μA擋，歐姆×1kΩ擋，直流電壓2.5V擋和10V擋。（1）若用歐姆×1kΩ擋測(cè)二極管的反向電阻，則A端與二極管的（選填“正”或“負(fù)”）極相接觸，測(cè)得的示數(shù)如圖乙中a所示，則該二極管的反向電阻為kΩ。（2）某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖乙中b所示，若此時(shí)B端是與“1”相連的，則多用電表的示數(shù)為；若此時(shí)B端是與“4”相連的則多用電表的示數(shù)為。（3）根據(jù)題中所給的條件可得R1、R2的阻值之和為Ω。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．PQ為一接收屏，一半徑為R=0.1m半球形透明物的直徑MN恰好與接收屏垂直，如圖所示，一細(xì)光束由透明物的右側(cè)平行于接收屏射向透明物的球心?，F(xiàn)讓細(xì)光束以球心為圓心順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)30°時(shí)，經(jīng)觀測(cè)接收屏上出現(xiàn)兩個(gè)亮點(diǎn)，且兩亮點(diǎn)之間的距離用L表示；細(xì)光束轉(zhuǎn)過(guò)的角度為45°時(shí)，接收屏上剛好出現(xiàn)一個(gè)亮點(diǎn)。求：（1）該透明物的折射率為多大？（2）由以上敘述求L應(yīng)為多長(zhǎng)？14．一U形管豎直放置，管內(nèi)橫截面積處處相等，左管絕熱且上端封閉，右管導(dǎo)熱且用活塞封閉。活塞a、b、c為厚度可忽略的光滑輕活塞，a隔熱，b、c導(dǎo)熱，a、b活塞下方為水銀，上方為空氣（可視為理想氣體）。初始時(shí)，兩空氣柱和環(huán)境溫度均為27℃，管內(nèi)水銀柱和空氣柱長(zhǎng)度如圖所示。緩慢向下推動(dòng)活塞c，直至a、b活塞處于同一高度為止。測(cè)量發(fā)現(xiàn)左側(cè)空氣柱溫度升高5℃。已知大氣壓強(qiáng)p0=76.0cmHg。（計(jì)算結(jié)果保留一位小數(shù)）（1）求溫度升高后左側(cè)空氣柱的壓強(qiáng)；（2）求c活塞向下推動(dòng)的距離。15．研究表明，新冠病毒耐寒不耐熱，溫度在超過(guò)56℃時(shí)，30分鐘就可以滅活。如圖，含有新冠病毒的氣體被輕質(zhì)絕熱活塞封閉在絕熱氣缸下部a內(nèi)，氣缸頂端有一絕熱閥門K，氣缸底部接有電熱絲E。a缸內(nèi)被封閉氣體初始溫度t1=27℃，活塞位于氣缸中央，與底部的距離h1=60cm，活塞和氣缸間的摩擦不計(jì)。（1）若閥門K始終打開(kāi)，電熱絲通電一段時(shí)間，穩(wěn)定后活塞與底部的距離h2=66cm，持續(xù)30分鐘后，試分析說(shuō)明a內(nèi)新冠病毒能否被滅活?（2）若閥門K始終閉合，電熱絲通電一段時(shí)間，給a缸內(nèi)氣體傳遞了Q=1.0×104J的熱量，穩(wěn)定后氣體a內(nèi)能增加了△U=8.5×103J，求此過(guò)程氣體b的內(nèi)能增加量。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】A、火箭受到重力和空氣阻力以及內(nèi)部燃料噴出時(shí)的作用力，故A錯(cuò)誤；

B、火箭噴出的熱氣流對(duì)火箭的作用力與火箭對(duì)熱氣流的作用力為作用力和反作用力，二者大小相等，故B正確；

C、火箭加速向上，故處于超重狀態(tài)，故C錯(cuò)誤；

D、保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度，故做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤。

故答案為：B。

【分析】相互作用力等大，反向，作用在不同物體上。加速度向上，物體處于超重狀態(tài)。保溫泡沫塑料從箭殼上自行脫落后，由于具有向上的速度。2．【答案】D【解析】【解答】AC．根據(jù)圖象可知，圓筒做勻加速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度隨時(shí)間變化的關(guān)系式為ω=t圓筒邊緣線速度與物塊前進(jìn)速度大小相同，根據(jù)v=ωR得v=ωR=0.5t物體運(yùn)動(dòng)的加速度a=根據(jù)牛頓第二定律得F?μmg=ma解得細(xì)線的拉力大小為F=2×0.5+0.1×2×10=3NAC不符合題意；B．細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率P=Fv=3×0.5t=1.5tB不符合題意；D．物體的合力大小為F在0-4s內(nèi)，小物體受合力的沖量為I=D符合題意。故答案為：D。

【分析】利用線速度的表達(dá)式結(jié)合加速度的定義式可以求出加速度的大小和速度和時(shí)間的關(guān)系，結(jié)合牛頓第二定律可以求出拉力的大??；利用功率的表達(dá)式可以求出瞬時(shí)功率的大小；利用合力和時(shí)間可以求出沖量的大小。3．【答案】A【解析】【解答】如果m1、m2均靜止或m1沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，以m1、m2和斜面組成的整體為研究對(duì)象，整體的為合力都為零，其受力情況如圖1，由平衡條件得知，地面對(duì)斜面沒(méi)有摩擦力．A符合題意，B不符合題意．如果m1沿斜面向上加速運(yùn)動(dòng)，將m1的加速度分解為水平和豎直兩個(gè)方向如圖2，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水平向右分加速度，則地面對(duì)斜面有向右的摩檫力．C不符合題意．與C項(xiàng)同理可知，如果m1沿斜面向下加速運(yùn)動(dòng)，其加速度沿斜面向下，整體有水平向左的分加速度，根據(jù)牛頓第二定律得知，地面對(duì)斜面有向左的摩檫力．D不符合題意．故答案為：A.

【分析】利用整體的平衡方程可以判別地面沒(méi)有摩擦力的作用；利用整體法結(jié)合牛頓第二定律的合力方向可以判別地面摩擦力的方向。4．【答案】A【解析】【解答】A．物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F和物體A受斜面體B的作用力，根據(jù)平衡條件可知物體A受斜面體B的作用力為F減小推力F，物體A受斜面體B的作用力一定減小，A符合題意；B．物體A始終處于平衡狀態(tài)，所以物體A受到的重力、推力F、斜面體B對(duì)物體A的支持力和摩擦力，設(shè)斜面的夾角為θ，若斜面體B對(duì)物體A的摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向則有Fcosθ+f?當(dāng)F減小時(shí)，物體A所受摩擦力增大；若斜面體B對(duì)物體A的摩擦力方向沿斜面向下，根據(jù)平衡條件在沿斜面方向則有Fcosθ?f?當(dāng)F減小時(shí)，則物體A所受摩擦力減小，B不符合題意；C．斜面體B始終處于平衡狀態(tài)，所以受到的合外力始終等于0，不變，C不符合題意；D．視物體A和斜面體B為整體，在水平方向受到推力F和地面對(duì)斜面體B的摩擦力，根據(jù)平衡條件可知水平方向受到推力F大小等于地面對(duì)斜面體B的摩擦力，當(dāng)F減小時(shí)，地面對(duì)斜面體B的摩擦力也減小，D不符合題意；故答案為：A。

【分析】對(duì)物體進(jìn)行受力分析，在重力、支持力、推力和摩擦力的作用下，物體處于平衡狀態(tài)，合力為零，結(jié)合推力大小的變化分析其他力的變化。5．【答案】D【解析】【解答】ABC、經(jīng)過(guò)①變化核電荷數(shù)減少2，為α衰變，經(jīng)過(guò)②變化質(zhì)量數(shù)沒(méi)有發(fā)生變化，為β衰變，即故b=83+1=84，故ABC錯(cuò)誤；

D、經(jīng)過(guò)7次α衰變，則質(zhì)量數(shù)少28，電荷數(shù)少14，在經(jīng)過(guò)5次β衰變后，質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加5，此時(shí)質(zhì)量數(shù)為238-28=210，電荷數(shù)為92-14+5=83。故D正確。

故答案為：D。

【分析】熟悉掌握α粒子和β粒子的質(zhì)量數(shù)和核電荷數(shù)情況。物體發(fā)生核反應(yīng)，其核反應(yīng)方程滿足質(zhì)量數(shù)守恒及核電荷數(shù)守恒。6．【答案】B【解析】【解答】AB、小鐵球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，其中鐵球受軌道的磁性引力始終指向圓心且大小不變，支持力的方向過(guò)圓心，它們都始終與運(yùn)動(dòng)的方向垂直，所以磁力和支持力都不能對(duì)小鐵球做功，只有重力會(huì)對(duì)小鐵球做功，所以小鐵球的機(jī)械能守恒，在最高點(diǎn)的速度最小，在最低點(diǎn)的速度最大。小鐵球不可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。故A錯(cuò)誤，B正確；

C、小鐵球在運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中受到重力、軌道的支持力和磁力的作用，在最高點(diǎn)軌道對(duì)小鐵球的支持力的方向可以向上，小鐵球的速度只要大于0即可通過(guò)最高點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；

D、小鐵球在最高點(diǎn)的速度恰好為0，而且到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)，軌道對(duì)鐵球的支持力恰好等于0時(shí)，軌道對(duì)鐵球的磁性引力最小。根據(jù)機(jī)械能守恒定律，小鐵球在最低點(diǎn)時(shí)的最小速度為2mgR=此時(shí)軌道對(duì)鐵球的支持力恰好等于0，則磁力與重力的合力提供向心力，即F-mg=聯(lián)立得F＝5mg故D錯(cuò)誤。

故答案為B。

【分析】本題模型屬于豎直平面內(nèi)的雙軌道模型的變式。小球到達(dá)最高點(diǎn)的臨界速度為零，在最低點(diǎn)速度最小，且支持力最小時(shí)，磁性引力最小。7．【答案】A,C,D【解析】【解答】AB、如圖所示

帶電粒子運(yùn)動(dòng)有3個(gè)子過(guò)程。兩種粒子要在電場(chǎng)中加速，則電場(chǎng)力方向相同。因電性不同，則電場(chǎng)方向相反。粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)速度方向相同，在磁場(chǎng)中均向下偏轉(zhuǎn)，所受洛倫茲力方向相同，由左手定則知粒子電性不同，則磁場(chǎng)方向不同，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD、加速電場(chǎng)加速有qU=磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)有qvB=解得B=第二種粒子與第一種粒子是同位素，其電荷量q相同，若質(zhì)量比為2627B若第二種粒子與第一種粒子的質(zhì)量比為1314、電荷量比為12U故CD正確。

故答案為：ACD。

【分析】確定粒子在電場(chǎng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)電場(chǎng)力和電場(chǎng)線的關(guān)系及左手定則確定電性及場(chǎng)強(qiáng)方向和磁場(chǎng)方向的關(guān)系。根據(jù)質(zhì)譜儀規(guī)律確定磁感應(yīng)強(qiáng)度與比荷及電壓的關(guān)系，再結(jié)合題意進(jìn)行分析。8．【答案】B,C【解析】【解答】A．t=1s時(shí)，物體開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，故此時(shí)的拉力等于物體的最大靜摩擦力，故有f=F=1.5NA不符合題意；B．根據(jù)牛頓第二定律有F?f=ma代入F=6N，a=3m/s2B符合題意；C．在v－t圖象中，與時(shí)間軸所圍面積為物體的速度，則有v=由動(dòng)量定理可得I=mΔv=1.5×4.5N?s=6.75N?sC符合題意；D．在0~4s時(shí)間內(nèi)，F(xiàn)的沖量為I則摩擦力沖量為ID不符合題意。故答案為：BC。

【分析】利用圖像加速度等于0可以求出摩擦力的大小；結(jié)合牛頓第二定律可以求出質(zhì)量的大小；利用面積可以求出速度的大小結(jié)合質(zhì)量可以求出合力沖量的大?。焕煤狭Φ臎_量結(jié)合拉力的沖量可以求出摩擦力沖量的大小。9．【答案】A,B,D【解析】【解答】由題意，某時(shí)刻發(fā)出的粒子都擊中的點(diǎn)是y軸上同一點(diǎn)，由最高點(diǎn)射出的只能擊中（0，R），則擊中的同一點(diǎn)就是（0，R），即粒子擊中點(diǎn)距O點(diǎn)的距離為R，所以A選項(xiàng)正確。從最低點(diǎn)射出的也擊中（0，R），那么粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，由洛侖茲力提供向心力得：qvB＝mv2R，則磁感應(yīng)強(qiáng)度B=mvqR故答案為：ABD。

【分析】粒子在豎直方向上受電場(chǎng)力的方向而做加速運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)能定理求解速度，洛倫茲力提供向心力做圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子的運(yùn)初速度大小列方程求解軌道半徑即可。

10．【答案】A,B,E【解析】【解答】Ａ、兩列波的頻率均為2Hz，可知周期為T=故A正確；

B、質(zhì)點(diǎn)2是波谷與波谷疊加，則振動(dòng)加強(qiáng)，則質(zhì)點(diǎn)2的振幅為15cm，故B正確；

C、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)1在波峰位置，位移為正向15cm；質(zhì)點(diǎn)2為波谷位置，位移為負(fù)向15cm，則此時(shí)質(zhì)點(diǎn)1、2的豎直高度差為30cm，故C錯(cuò)誤；

D、圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)2在波谷，質(zhì)點(diǎn)5在波峰位置，質(zhì)點(diǎn)3正處于2和5的中間位置，由波的傳播方向與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)方向的關(guān)系可知，質(zhì)點(diǎn)3處于平衡位置且向下運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；

E、質(zhì)點(diǎn)5的振動(dòng)加強(qiáng)，振幅為A=15cm，則從圖示的時(shí)刻起經(jīng)0.25s=0.5T，質(zhì)點(diǎn)5通過(guò)的路程為2A=30cm，故E正確。

故答案為：ABE。

【分析】波谷與波谷疊加或波峰與波峰疊加，則該處振動(dòng)加強(qiáng)，振幅等于此時(shí)兩波振幅之和。根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系，確定質(zhì)點(diǎn)在該時(shí)間段內(nèi)運(yùn)動(dòng)的路程。11．【答案】（1）B（2）B；D（3）1.6（4）木塊、木板表面粗糙程度有差異；細(xì)線與滑輪摩擦或紙帶與計(jì)時(shí)器摩擦【解析】【解答】（1）由題知，重錘的質(zhì)量m=150g左右，動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.30，設(shè)木塊的質(zhì)量為M，為使木塊在重錘的拉動(dòng)下沿水平長(zhǎng)木板做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)整體，根據(jù)牛頓第二定律有mg-μMg=解得a=根據(jù)長(zhǎng)木板做勻加速運(yùn)動(dòng)，即a>0，可得mg-μMg>0解得M<500g當(dāng)木塊的質(zhì)量M越小時(shí)，滑動(dòng)摩擦力越小，整體的加速度越大，在紙帶上打的點(diǎn)越少，則在計(jì)算加速度時(shí)誤差較大，綜上分析可知，木塊質(zhì)量最合適的是260g，故B符合題意，ACD不符合題意；

故答案為：B。

（2）A、實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源，再釋放紙帶，故A錯(cuò)誤；

B、為保證木塊所受的拉力為細(xì)線的拉力，則應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細(xì)線與木板平行，故B正確；

C、根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理mg-μMg=可知不必滿足細(xì)線對(duì)木塊拉力與重錘重力大小近似相等，故C錯(cuò)誤；

D、假設(shè)木板光滑，對(duì)整體受力分析，根據(jù)牛頓第二定律有mg=將（1）問(wèn)中的m=150g，M=260g代入上式，可得加速度a≈4為減少誤差，計(jì)算方便，一般在紙帶上是每隔5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，即時(shí)間間隔t=5×0.02s通常是取5至6個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則總時(shí)間為0.5s到0.6s，取最開(kāi)始的計(jì)數(shù)點(diǎn)是從初速度為0開(kāi)始的，根據(jù)位移時(shí)間公式有x=取t=0.5s計(jì)算可得x=0.50取t=0.6s計(jì)算可得x=0.72故為提高紙帶利用效率，減少實(shí)驗(yàn)誤差，木塊釋放位置到滑輪距離正常應(yīng)在0.6m左右，故D正確。

故答案為：BD。

（3）由題知，每隔5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，則時(shí)間間隔t=5×0.02根據(jù)?x=a可得加速度為a=由題知x03=19.90cm，x06=54.20cm，代入數(shù)據(jù)解得a=1.6（4）實(shí)驗(yàn)測(cè)得μ=0.33，大于教材列表中的標(biāo)值，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理分析，可能存在的原因有：木塊、木板表面粗糙程度有差異；細(xì)線與滑輪摩擦或紙帶與計(jì)時(shí)器摩擦。

【分析】根據(jù)牛頓第二定律確定木板加速度的表達(dá)式，結(jié)合加速度大于零確定木板質(zhì)量的范圍，再結(jié)合測(cè)量的準(zhǔn)確性確定質(zhì)量的取值。根據(jù)計(jì)數(shù)點(diǎn)個(gè)數(shù)的要求，確定木塊釋放位置與滑輪的距離。摩擦系數(shù)比標(biāo)值大，即所受實(shí)際摩擦力比理論值大，說(shuō)明實(shí)驗(yàn)中還有系統(tǒng)摩擦未考慮或粗糙程度不準(zhǔn)確。12．【答案】（1）負(fù)；7.0（2）0.30A；0.75V（3）400【解析】【解答】(1)若測(cè)二極管的反向電阻，則電流從二極管的負(fù)極流入；又歐姆表的電流從A端流出，A端與二極管的負(fù)極相接觸；根據(jù)刻度盤，得出示數(shù)為7.0，又選用了×1kΩ擋，故二極管的反向電阻為7.0kΩ。(2)若此時(shí)B端是與“1”相連的，則此時(shí)是大量程電流表，為直流1A檔，故此時(shí)每小格表示0.02A，讀數(shù)為0.30A；若此時(shí)B端是與“4”相連的，則此時(shí)為小量程的電壓表，為直流電壓2.5V檔，故此時(shí)每小格表示0.05V，讀數(shù)為0.75V。(3)由電路特點(diǎn)，由題意知（500-200）×10-6×（R1+R2）=200×10-6×600整理得R1+R2=400Ω

【分析】（1）利用紅進(jìn)黑出可以判別二極管負(fù)極接A端；利用示數(shù)和檔數(shù)可以求出電阻的大??；

（2）利用電流表量程和分度值