福建省三明市普通高中2022屆高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測(cè)試卷

福建省三明市普通高中2022屆高三上學(xué)期物理期末質(zhì)量檢測(cè)試卷姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三四五總分評(píng)分一、單選題1．跑鞋的鞋墊通常選擇更軟、更有彈性的抗壓材料，如圖是跑鞋結(jié)構(gòu)示意圖，以下說(shuō)法中錯(cuò)誤的是（）A．鞋墊減小了人與地面的作用力B．鞋墊減小了人落地過(guò)程的動(dòng)量變化量C．鞋墊延長(zhǎng)了人與地面相互作用的時(shí)間D．鞋墊可將吸收的能量盡可能多的回饋給人2．如圖所示是常用的手機(jī)支架，背板垂直于下?lián)醢?，轉(zhuǎn)動(dòng)支架可調(diào)節(jié)合適的觀看角度。若不計(jì)背板摩擦，緩慢增大角度θ（θ<90°），下列判斷正確的是（）A．背板與下?lián)醢迨艿降膲毫龃驜．背板與下?lián)醢迨艿降膲毫鶞p小C．背板受到的壓力增大，下?lián)醢迨艿降膲毫p小D．背板受到的壓力減小，下?lián)醢迨艿降膲毫υ龃?．如圖。在xOy區(qū)域存在方向垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一個(gè)氕核11H和一個(gè)氦核24HeA． B．C． D．4．“無(wú)線藍(lán)牙耳機(jī)”可在一定距離內(nèi)實(shí)現(xiàn)與手機(jī)的無(wú)線連接。為了探究無(wú)線連接的最遠(yuǎn)距離。甲同學(xué)攜帶手機(jī)，乙同學(xué)佩戴無(wú)線藍(lán)牙耳機(jī)進(jìn)行檢測(cè)實(shí)驗(yàn)。開(kāi)始時(shí)兩人相距15m，乙在前甲在后，同時(shí)沿同一直線同向運(yùn)動(dòng)，其v?t圖像如圖所示，此過(guò)程中藍(lán)牙耳機(jī)能接收到手機(jī)信號(hào)的時(shí)間為6s。則最遠(yuǎn)連接距離為（）A．3.5m B．7m C．8m D．11.5m二、多選題5．金星是夜空中最亮的行星，也叫啟明星，《詩(shī)經(jīng)·小雅·大東》中寫(xiě)道：“東有啟明，西有長(zhǎng)庚?！币阎鹦抢@太陽(yáng)公轉(zhuǎn)的周期約為224天，可以判定（）A．金星的質(zhì)量大于地球的質(zhì)量B．金星的軌道半徑大于地球的軌道半徑C．金星公轉(zhuǎn)的線速度大于地球公轉(zhuǎn)的線速度D．金星的向心加速度大于地球的向心加速度6．如圖甲所示的“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”，由5號(hào)干電池、圓柱形強(qiáng)磁鐵、裸銅導(dǎo)線框組成，干電池的正極向上，各部分均保持良好接觸，放手后線框能持續(xù)轉(zhuǎn)動(dòng)，其原理如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是（）A．甲圖中①②兩部分電路是并聯(lián)關(guān)系B．“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”從上往下看逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)C．電池的輸出功率大于線框轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率D．“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”轉(zhuǎn)動(dòng)后，線框中的電流逐漸增大7．如圖，一粗糙斜面固定在地面上，斜面頂端裝有光滑定滑輪。一輕繩跨過(guò)滑輪，其一端與懸掛一物塊Q的豎直輕彈簧連接，另一端與斜面上的物塊P相連。托住物塊Q輕彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)?，F(xiàn)將Q由靜止釋放（未著地），P始終保持靜止，已知物塊P與Q質(zhì)量分別為3m與m，α=30°，輕繩不可伸長(zhǎng)，輕彈簧始終在彈性限度內(nèi)，以下判斷正確的（）A．Q下落過(guò)程，P所受的摩擦力一直減小B．Q下落過(guò)程，P所受的摩擦力先減小后增大C．Q從釋放至最低點(diǎn)過(guò)程中，Q所受的合力先做正功后做負(fù)功D．Q從釋放至最大速度過(guò)程中，Q克服彈簧彈力做的功等于重力勢(shì)能的減少量8．如圖甲，同一豎直平面內(nèi)A、B、M、N四點(diǎn)距O點(diǎn)的距離均為2L，O為水平連線AB的中點(diǎn)，M、N在AB連線的中垂線上。A、B兩點(diǎn)分別固定有一點(diǎn)電荷，電荷量均為Q（Q>0），以O(shè)為原點(diǎn)，豎直向下為正方向建立x軸。若取無(wú)窮遠(yuǎn)處為零電勢(shì)點(diǎn)，則ON上的電勢(shì)φ隨位置x的變化關(guān)系如圖乙所示。一電荷量為Q（Q>0A．小球S在M點(diǎn)的加速度為0B．從O點(diǎn)到N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)逐漸增大C．小球S在M點(diǎn)所受電場(chǎng)力大小為2D．從O點(diǎn)到N點(diǎn)小球S的動(dòng)能增加了(三、實(shí)驗(yàn)題9．（1）如圖，20分度游標(biāo)卡尺讀數(shù)為mm。（2）如圖，彈簧秤的讀數(shù)為N。10．某同學(xué)利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律，所用器材包括：安裝phyphoxAPP的智能手機(jī)、鐵球、刻度尺、鋼尺等。實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：⑴一鋼尺伸出水平桌面少許，將質(zhì)量為m的鐵球放在鋼尺末端，用刻度尺測(cè)出鋼尺上表面與地板間的高度差h=78.⑵運(yùn)行智能手機(jī)中的聲音“振幅”（聲音傳感器）項(xiàng)目；⑶迅速敲擊鋼尺側(cè)面，鐵球自由下落。傳感器記錄下聲音振幅隨時(shí)間變化曲線如圖10乙所示，第一、第二個(gè)尖峰的橫坐標(biāo)分別對(duì)應(yīng)鐵球開(kāi)始下落和落地時(shí)刻。測(cè)得這兩個(gè)尖峰的時(shí)間間隔為t=0.⑷若鐵球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則應(yīng)滿足等式：（請(qǐng)用物理量符號(hào)m、g、h、t表示）。⑸若已知鐵球質(zhì)量為50g，g=9.80m/s2，則下落過(guò)程中減小的重力勢(shì)能ΔEp=0⑹敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若鐵球獲得一個(gè)較小的水平速度，對(duì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果（填“有”或“沒(méi)有”）影響。11．某同學(xué)要將一量程為3mA的毫安表改裝為較大量程的電流表，其改裝的電路如圖甲所示。（1）圖甲中“表頭”線圈由銅線制作，阻值Rg會(huì)隨溫度升高而增大，定值電阻R1由錳銅或鎳鉻合金制作，阻值幾乎不隨溫度變化。若改裝后的電流表放到高溫環(huán)境下使用，會(huì)造成測(cè)量結(jié)果（2）為了校正電表因溫度變化產(chǎn)生的測(cè)量誤差，如圖乙所示，將表頭與一個(gè)溫度補(bǔ)償電阻R0串聯(lián)后接入電路。為保證測(cè)量的準(zhǔn)確，溫度補(bǔ)償電阻R0的阻值需隨溫度升高而（3）見(jiàn)圖乙改裝的電流表，當(dāng)使用O、A兩接線柱，量程為0.6A，當(dāng)使用O、B兩接線柱，量程為3A，已知Ig=3mA，Rg+R四、填空題12．根據(jù)以下三幅圖按要求作答：（1）圖a中r>r0時(shí)引力（2）圖b中T1T（3）圖c中從狀態(tài)A到狀態(tài)B過(guò)程氣體熱量（填“吸收”或“放出”）。五、解答題13．如圖所示，用水銀血壓計(jì)測(cè)量血壓時(shí)，先向袖帶內(nèi)充氣、然后緩慢放氣。某次測(cè)量充入袖帶內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為1.5P0，體積為V。已知阿伏加德羅常數(shù)為N（1）若該狀態(tài)下氣體的摩爾體積為V0（2）若緩慢放棄過(guò)程中溫度保持不變，袖帶內(nèi)氣體體積變?yōu)?.8V，壓強(qiáng)變回到P014．滑沙是國(guó)內(nèi)新興的戶外運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)模型簡(jiǎn)化成如圖甲所示，總質(zhì)量為30kg的小孩和滑沙板從傾角為37°的滑道頂端由靜止開(kāi)始下滑，為了防止下滑過(guò)快，滑沙板后方有一大人沿斜面向上拉滑沙板，拉力T的大小隨下滑位移的變化關(guān)系如圖乙所示。滑道末端安裝有緩沖輪胎，滑沙板撞上輪胎后經(jīng)1.5s停止運(yùn)動(dòng)。已知滑沙板前端A至緩沖輪胎B的長(zhǎng)度為30m，滑沙板與滑道的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，忽略輪胎形變產(chǎn)生的位移，g取10m/s2，sin（1）當(dāng)拉力為108N時(shí)，小孩的加速度大?。唬?）滑沙板到達(dá)緩沖輪胎處的速度大??；（3）緩沖過(guò)程輪胎與滑沙板間的平均作用力大小。15．如圖，豎直平面內(nèi)有一固定的光滑絕緣軌道ABCD，圓弧BC與水平軌道CD相切于C點(diǎn)，傾角α=53°的斜軌AB與圓弧相切于B點(diǎn)，O為圓弧圓心，半徑為R，半徑OC所在豎直線左側(cè)區(qū)域存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為m，電荷量為q的帶正電小滑塊P（可視為質(zhì)點(diǎn)）從A處由靜止開(kāi)始沿斜軌下滑，進(jìn)入水平軌道后與D處?kù)o止的絕緣小滑塊Q發(fā)生彈性正碰。已知AB兩點(diǎn)間的距離為2R，場(chǎng)強(qiáng)大小為E=3mg4q，重力加速度大小為g，水平軌道CD足夠長(zhǎng)，sin53°=0（1）P第一次到達(dá)圓弧軌道C點(diǎn)時(shí)所受的支持力N；（2）P的最大速度vm；（3）若Q質(zhì)量M=6m，P與Q發(fā)生第二次碰撞后，P能否到達(dá)軌道上與O點(diǎn)等高處的H點(diǎn)（請(qǐng)通過(guò)計(jì)算判斷）。

答案解析部分1．【答案】B【解析】【解答】ACD．根據(jù)動(dòng)量定理(F?mg)t=0?(?mv)解得F=鞋墊的作用是延長(zhǎng)了人與地面的作用時(shí)間t，減小了人和地面的作用力F，鞋墊的作用是將盡可能多的能量反饋給人，ACD正確，不符合題意；B.鞋墊沒(méi)有改變?nèi)说某鮿?dòng)量0，也沒(méi)有改變?nèi)说哪﹦?dòng)量mv，人落地過(guò)程的動(dòng)量變化量不變，B錯(cuò)誤，符合題意；故答案為：B。

【分析】根據(jù)動(dòng)量定理得鞋墊的作用是減小了人和地面的作用力F。鞋墊沒(méi)有改變?nèi)说某鮿?dòng)量0，也沒(méi)有改變?nèi)说哪﹦?dòng)量mv，鞋墊沒(méi)有減小人落地過(guò)程的動(dòng)量變化量。2．【答案】C【解析】【解答】對(duì)手機(jī)受力分析結(jié)合牛頓第三定律可知，背板受到的壓力F下?lián)醢迨艿降膲毫當(dāng)緩慢增大角度θ時(shí)，則背板受到的壓力變大，下?lián)醢迨艿降膲毫p小。故答案為：C。

【分析】將物體重力沿斜面和垂直斜面分解，得出兩個(gè)方向分力大小。根據(jù)分力表達(dá)式，得到當(dāng)緩慢增大角度θ時(shí)，各個(gè)物體受力情況。3．【答案】D【解析】【解答】氕核11H和一個(gè)氦核2解得R=而兩粒子初動(dòng)能相同，則R故答案為：D。

【分析】根據(jù)左手定可知洛倫茲力方向，洛倫茲力提供圓周運(yùn)動(dòng)的向心力。兩粒子初動(dòng)能相同，得到粒子運(yùn)動(dòng)半徑之比。4．【答案】D【解析】【解答】甲做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a=設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t兩人的距離到達(dá)藍(lán)牙信號(hào)距離的最大值，則s經(jīng)過(guò)(t+6)s兩人間距又到達(dá)藍(lán)牙信號(hào)距離的最大值，則s解得t=1ssm=11.5m故答案為：D。

【分析】根據(jù)vt圖像得到甲做勻減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小，兩物體速度相等時(shí)。兩人的距離到達(dá)藍(lán)牙信號(hào)距離的最大值。5．【答案】C,D【解析】【解答】A．根據(jù)數(shù)據(jù)無(wú)法比較環(huán)繞天體即金星和地球的質(zhì)量，A不符合題意；B．由開(kāi)普勒第三定律r知金星的軌道半徑小于地球半徑，B不符合題意；C．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G得v=可知金星公轉(zhuǎn)的線速度大于地球公轉(zhuǎn)的線速度，C符合題意；D．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有G得a=金星的向心加速度大于地球的向心加速度，D符合題意。故答案為：CD。

【分析】萬(wàn)有引力定律中環(huán)繞天體即金星和地球的質(zhì)量都會(huì)相互抵消，所以無(wú)法求解。萬(wàn)有引力提供金星和地球運(yùn)動(dòng)向心力，越近線速度和加速度越大。6．【答案】A,C【解析】【解答】A．甲圖中①②兩部分電路是并聯(lián)關(guān)系，A符合題意；B．甲圖中①部分電路上邊電流向左，磁場(chǎng)偏上，根據(jù)左手定則，安培力向里，同理，②部分電路所受安培力向外，“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”從上往下看順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，B不符合題意；C．電池的輸出功率等于線框轉(zhuǎn)動(dòng)的機(jī)械功率與回路的熱功率之和，C符合題意；D．“簡(jiǎn)易電動(dòng)機(jī)”轉(zhuǎn)動(dòng)后，產(chǎn)生感應(yīng)電流與原電流方向相反，線框中的電流逐漸減小，D不符合題意。故答案為：AC。

【分析】電流有多條路徑，甲圖中①②兩部分電路是并聯(lián)關(guān)系。根據(jù)左手定則①部分所受安培力向里，②部分電路所受安培力向外。電池的輸出功率等于線框的機(jī)械功率加上回路的熱功率。7．【答案】B,C【解析】【解答】AB．Q剛開(kāi)始釋放時(shí)，只受重力作用，加速度方向向下，根據(jù)牛頓第二定律可得a=g當(dāng)Q下到最低點(diǎn)時(shí)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性，可知此時(shí)Q的加速度大小也為g，方向豎直向上，根據(jù)牛頓第二定律有F?mg=mg解得F=2mgQ釋放前P所受的摩擦力為F方向向上；Q在最低點(diǎn)時(shí)P所受的摩擦力為F方向向下，所以Q下落過(guò)程，P所受的摩擦力先減小后增大，A不符合題意，B符合題意；C．Q從釋放至最低點(diǎn)過(guò)程中，Q所受的合力先向下后向上，所以合力先做正功后做負(fù)功，C符合題意；D．Q從釋放至最大速度過(guò)程中，Q克服彈簧彈力做的功等于重力勢(shì)能的減少量與動(dòng)能增加量之差，D不符合題意。故答案為：BC。

【分析】Q剛開(kāi)始釋放時(shí)，只受重力作用，加速度為g。Q運(yùn)動(dòng)可以看成簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，平衡位置重力等于彈力，所以當(dāng)Q下到最低點(diǎn)時(shí)，Q的加速度大小也為g。Q從釋放至最低點(diǎn)過(guò)程中，合力先向下后向上，先做正功后做負(fù)功。8．【答案】A,C,D【解析】【解答】A．小球在N點(diǎn)的加速度大小為2g，說(shuō)明在N點(diǎn)的電場(chǎng)力大小等于mg，方向豎直向下，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性，在M點(diǎn)的電場(chǎng)力大小也為mg，且向上，故M點(diǎn)的加速度為0，A符合題意；B．圖像的斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度，結(jié)合圖像來(lái)看的話從O點(diǎn)到N點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)先增大后減小，B不符合題意；C．根據(jù)庫(kù)侖定律可知兩個(gè)點(diǎn)電荷在M點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)力大小都為F=則合成之后的合力大小為FC符合題意；D．從O點(diǎn)到M點(diǎn)合力做功為W=有動(dòng)能定理可知，從O點(diǎn)到N點(diǎn)小球S的動(dòng)能增加了(2故答案為：ACD。

【分析】小球在N點(diǎn)的加速度大小為2g，在N點(diǎn)的電場(chǎng)力大小等于mg，根據(jù)對(duì)稱(chēng)性在M點(diǎn)的電場(chǎng)力大小也為mg。由動(dòng)能定理可得動(dòng)能增加量等于合力做功。9．【答案】（1）20.45（2）1.0【解析】【解答】（1）20分度游標(biāo)卡尺讀數(shù)為2cm+9×（2）由圖知彈簧秤的讀數(shù)為1.0N。

【分析】（1）游標(biāo)卡尺讀數(shù)等于固定刻度讀數(shù)加游標(biāo)讀數(shù)。

（2）最小刻度為0.2牛，讀數(shù)不用估讀。10．【答案】mgh=12m【解析】【解答】（4）鐵球下落t2的速度為根據(jù)初速度為0的勻變速直線運(yùn)動(dòng)的公式有vv=at解得鐵球下落時(shí)間t的速度為v=若鐵球下落過(guò)程中機(jī)械能守恒，則應(yīng)滿足等式mgh=代入數(shù)據(jù)解得mgh=12（5）下落過(guò)程中增加的動(dòng)能Δ相對(duì)誤差η=（6）根據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性，敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若鐵球獲得一個(gè)較小的水平速度，不影響鐵球豎直方向的運(yùn)動(dòng)，對(duì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果沒(méi)有影響。

【分析】（1）由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式和機(jī)械能守恒定律求得鐵球下落過(guò)程中應(yīng)滿足的等式。

（2）根據(jù)相對(duì)誤差表達(dá)式，代入題中數(shù)據(jù)求得相對(duì)誤差大小。

（3）敲擊鋼尺側(cè)面時(shí)若鐵球獲得一個(gè)較小的水平速度，這個(gè)速度不會(huì)影響豎直方向運(yùn)動(dòng)，所以對(duì)實(shí)驗(yàn)測(cè)量結(jié)果無(wú)影響。11．【答案】（1）偏?。?）減?。?）1.2【解析】【解答】（1）設(shè)在不同溫度下兩次測(cè)量同一電流I，則流過(guò)表頭的電流I放到高溫環(huán)境下使用，阻值Rg會(huì)隨溫度升高而增大，流過(guò)同樣的電流I，I（2）阻值Rg會(huì)隨溫度升高而增大，而與之串聯(lián)的溫度補(bǔ)償電阻R（3）當(dāng)使用O、A兩接線柱，量程I1為0.6A，根據(jù)電流表改裝原理則有當(dāng)使用O、B兩接線柱，量程I2為3A，根據(jù)電流表改裝原理則有已知Ig=3mA，R

【分析】（1）求出流過(guò)表頭的電流表達(dá)式，在高溫條件下，阻值Rg會(huì)增大，表頭的電流變小，測(cè)量結(jié)果偏小。

（2）串聯(lián)的溫度補(bǔ)償電阻和原電阻阻值之和應(yīng)保持不變，阻值應(yīng)該隨溫度升高而減小。

12．【答案】（1）大于（2）小于（3）吸收【解析】【解答】（1）圖a中r>r（2）因?yàn)闇囟仍礁?，則分子的平均速率越大，則速率較大的分子占分子總數(shù)的比例越大，則圖線的“腰”越粗，則圖b中T1小于T（3）圖c中從狀態(tài)A到狀態(tài)B過(guò)程氣體體積變大，對(duì)外做功，溫度升高，內(nèi)能增加，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸收熱量。

【分析】（1）分子距離較大，分子力表現(xiàn)為引力。

（2）因?yàn)闇囟仍礁?，分子的平均速率越大，速率較大的分子占分子總數(shù)的比例越大。

（3）狀態(tài)A到狀態(tài)B過(guò)程氣體體積變大，對(duì)外做功，由理想氣體狀態(tài)方程，溫度升高。結(jié)合能量守恒定律，氣體要吸收熱量。13．【答案】（1）解：氣體物質(zhì)的量n=袖帶內(nèi)氣體的分子數(shù)N=（2）解：對(duì)原袖帶內(nèi)氣體，發(fā)生等溫變化，壓強(qiáng)為P0時(shí)氣體體積為V1解得V袖帶內(nèi)剩余氣體的質(zhì)量與放氣前總質(zhì)量的比值：η=【解析】【分析】（1）求出氣體物質(zhì)的量，代入阿伏加德羅常數(shù)得出袖帶內(nèi)氣體的分子數(shù)。（2）對(duì)原袖帶內(nèi)氣體，發(fā)生等溫變化，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，得到袖帶內(nèi)氣體原體積，從而得出剩余氣體的質(zhì)量與放氣前總質(zhì)量的比值。14．【答案】（1）解：設(shè)小孩和滑沙板的總質(zhì)量為m，斜面傾角為θ，滑沙板與滑道間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，支持力大小為N，滑動(dòng)摩擦力大小為f，拉力為108N時(shí)的加速度大小為a。由牛頓第二定律和滑動(dòng)摩擦力公式有mgN=mgf=μN(yùn)聯(lián)立并代入題給數(shù)據(jù)得a=0（2）解：設(shè)AB段運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中拉力所做的功為W，由功的定義有W=?式中T1、T2和s1