2024年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬科版選擇性必修2物理上冊階段測試試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、將陰極射線管的兩極與高壓電源連接后；加上如圖所示的磁場，可觀察到從負極向右射出的高速電子流的偏轉(zhuǎn)情況是。

A.平行于紙面向上偏轉(zhuǎn)B.平行于紙面向下偏轉(zhuǎn)C.垂直于紙面向內(nèi)偏轉(zhuǎn)D.垂直于紙面向外偏轉(zhuǎn)2、如圖所示，在同一鐵芯上繞著兩個線圈，左邊電路中兩電源相同，單刀雙擲開關原來接“1”，現(xiàn)在把它從“1”扳向“2”，直到電流重新穩(wěn)定。則在此過程中，電阻R中的電流方向是（）

A.先由P→Q，再由Q→PB.先由Q→P，再由P→QC.始終由Q→PD.始終由P→Q3、一長直導線通以如圖甲所示的交變電流，在導線下方有斷開的線圈，如圖乙所示，規(guī)定電流從左向右為正，則相對于b點來說，a點電勢最高的時刻是在()

A.t1時刻B.t2時刻C.t3時刻D.t4時刻4、如圖所示，正六邊形磁場邊界的邊長為內(nèi)有垂直于線框平面向里、磁感應強度大小為的勻強磁場，一帶電荷量為質(zhì)量為的帶正電粒子從點沿邊以初速度射入勻強磁場；不計粒子重力，則下列判斷正確的是（）

A.若取值恰當，粒子能分別從點射出磁場B.當時，粒子將從邊射出磁場C.當時，粒子正好從點射出磁場D.粒子在磁場中運動的最長時間為5、在豎直向上的勻強磁場中，水平放置一個不變形的單匝金屬圓線圈，規(guī)定線圈中感應電流的正方向如圖甲所示，當磁場的磁感應強度B隨時間t按圖乙所示變化時，下列選項中能正確表示線圈中感應電動勢E變化的是（）

A.B.C.D.6、如圖所示，一螺線管的線圈匝數(shù)為n，橫截面積為S，當接入穩(wěn)定直流電源時，螺線管內(nèi)部磁場可看作勻強磁場，磁感應強度大小為B；放在螺線管上方的小磁針的N極指向左側(cè)，由此可判斷（）

A.導線a端接電源負極B.螺線管內(nèi)部磁場的方向向左C.通過線圈的磁通量為D.通過線圈的磁通量為7、如圖所示，平行金屬導軌豎直放置，僅在虛線MN下面的空間存在著勻強磁場，磁場方向垂直紙面向里，導軌上端跨接一定值電阻R，質(zhì)量為m、電阻r的金屬棒兩端各套在導軌上并可在導軌上無摩擦滑動；導軌的電阻不計，將金屬棒從圖示位置由靜止釋放，則進入磁場后（）

A.a點的電勢高于b點的電勢B.金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱小于金屬棒機械能的減少量C.金屬棒受到的安培力大小為2mgD.金屬棒剛進入磁場過程中可能做勻減速運動評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖所示，在邊界上方存在著垂直紙面向里的勻強磁場，有兩個電荷量、質(zhì)量均相同的正、負粒子(不計重力)，從邊界上的O點以相同速度先后射入磁場中，入射方向與邊界成θ角；則正；負粒子在磁場中：

A.運動軌跡的半徑相同B.重新回到邊界所用時間相同C.重新回到邊界時速度大小和方向相同D.重新回到邊界時與O點的距離相等9、如圖，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比n1:n2＝2:1，V和A均為理想電表，燈泡電阻恒為RL＝6Ω，AB端電壓．下列說法正確的是()

A.電流頻率為50HzB.V的讀數(shù)為24VC.A的讀數(shù)為0.5AD.變壓器輸入功率為24W10、如圖所示為遠距離輸電原理圖，升壓變壓器、降壓變壓器均為理想變壓器，電流表和電壓表均為理想電表。升壓變壓器原、副線圈匝數(shù)比為發(fā)電機的輸出電壓、輸出功率一定，且降壓變器原、副線圈匝數(shù)比不變，若將增大；則（）

A.輸電線損失的功率增大B.電流表的示數(shù)增大C.電壓表的示數(shù)增大D.用戶消耗的功率增大11、如圖所示是發(fā)電廠通過升壓變壓器進行高壓輸電，接近用戶端時再通過降壓變壓器降壓給用戶供電的示意圖（圖中變壓器均可視為理想變壓器，圖中電表均為理想交流電表。設發(fā)電廠輸出的電壓一定，兩條輸電線總電阻用R0表示），則當進入用電高峰時（）

A.電壓表V1、V2的讀數(shù)均不變，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A1的讀數(shù)減小B.電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表A2的讀數(shù)的比值不變C.電壓表V3、V4讀數(shù)的比值減小，電流表A2的讀數(shù)增大，電流表A3的讀數(shù)增大D.線路損耗功率增大12、如圖所示，傾角為θ=30°的足夠長的平行金屬導軌固定在水平面上，兩相同的導體棒ab、cd垂直于導軌放置，每根棒的質(zhì)量為m，空間存在足夠大的垂直導軌平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小為B?，F(xiàn)給導體棒ab一沿導軌平面向下的初速度v0。使其沿導軌向下運動，導體棒與導軌之間的動摩擦因數(shù)均為導軌電阻忽略不計。從ab開始運動到兩棒相對靜止的全過程中；兩導體棒始終與導軌保持良好的接觸且垂直導軌，運動過程中兩導體棒未碰撞，下列說法正確的是（）

A.導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)機械能守恒B.導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)動量守恒C.導體棒cd中產(chǎn)生的焦耳熱為D.導體棒cd中產(chǎn)生的焦耳熱為13、如圖所示，豎直放置的平行金屬導軌之間接有定值電阻金屬棒與兩導軌始終保持垂直并良好接觸且無摩擦，棒與導軌的電阻均不計，整個裝置放在勻強磁場內(nèi)，磁場方向與導軌平面垂直，棒在豎直向上的恒力作用下加速上升的一段時間內(nèi)；下列判斷正確的是（）

A.與安培力做的功的代數(shù)和等于棒的機械能增加量B.與安培力做的功的代數(shù)和等于棒的動能增加量C.克服重力做的功等于棒的重力勢能的增加量D.克服安培力做的功等于電阻上放出的熱量14、如圖所示；閉合金屬線框從距離有界磁場一定高度處自由落下，勻強磁場方向與線框下落的豎直面垂直，則下列描述正確的是（）

A.閉合金屬線框可能勻速進入磁場B.閉合金屬線框可能減速離開磁場C.閉合金屬線框進入和離開磁場的過程中線框的熱功率一定相等D.閉合金屬線框進入和離開磁場的過程中通過導體橫截面的電荷量一定相等15、一正方形金屬線框位于有界勻強磁場區(qū)域內(nèi)，線框平面與磁場垂直，線框的右邊緊貼著磁場邊界，如圖甲所示時刻對線框施加一水平向右的外力F，讓線框從靜止開始做勻加速直線運動穿過磁場外力F隨時間t變化的圖線如圖乙所示已知線框質(zhì)量電阻以下說法不正確的是

A.做勻加速直線運動的加速度為B.勻強磁場的磁感應強度為C.線框穿過磁場過程中，通過線框的電荷量為D.線框穿過磁場的過程中，線框上產(chǎn)生的焦耳熱為評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、光敏電阻在自動化裝置中有很多應用，街道路燈自動控制就是其應用之一，圖示電路為其模擬電路，其中干電池的內(nèi)阻可忽略不計，A處接電磁繼電器，B為三極管（當時，間的電阻R可忽略不計，當時，R可視為無窮大），b點的電勢由與的比值決定，中有一個是定值電阻；另一個是光敏電阻，阻值隨光照強度增強而減小，C為電磁繼電器，D為路燈。為了達到日出路燈熄，日落路燈亮的效果，請回答下列問題：

(1)是___________（選填“光敏電阻”或“定值電阻”）；

(2)請用筆畫線代替導線，將實物連接成正確的電路。（________）17、當線圈平面位于中性面時，線圈中的磁通量_____，線圈中的電流_____，且線圈平面經(jīng)過中性面時，____________就發(fā)生改變，故線圈轉(zhuǎn)動一周電流方向改變_______。18、如圖所示，兩電子沿MN方向從M點射入兩平行平面間的勻強磁場中，它們分別以v1、v2的速率射出磁場，則v1：v2=______，通過勻強磁場所用時間之比t1、t2=______。

19、一矩形閉合線圈，長a，寬b，通過電流I，放在均勻磁場中，磁場方向與線圈平面平行，如右圖所示，磁感應強度大小為B。則該線圈所受到磁力矩大小為______。

20、帶電粒子在勻強磁場中的運動。

（1）若v∥B，帶電粒子以速度v做勻速直線運動，其所受洛倫茲力F=______；

（2）若v⊥B，此時初速度方向、洛倫茲力的方向均與磁場方向______；粒子在垂直于磁場方向的平面內(nèi)運動；

a.洛倫茲力與粒子的運動方向垂直，只改變粒子速度的______，不改變粒子速度的______；

b.帶電粒子在垂直于磁場的平面內(nèi)做______運動，______力提供向心力。21、如圖所示是醫(yī)用回旋加速器的示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻交流電源相連，保持回旋加速器中所加磁場不變，分別加速氚核（H）和氦核（He），則加速氚核（H）和氦核（H）時所加高頻電源的頻率之比為________，氚核（H）和氦核（He）的最大速度之比為________。

22、如圖所示，阻值為R的金屬棒從圖示ab位置分別以v1、v2的速度沿光滑導軌（電阻不計）勻速滑到a′b′位置，若v1∶v2=1∶2，則在這兩次過程中回路的電流I1∶I2=___________，產(chǎn)生的熱量Q1∶Q2=___________，通過任一截面的電荷量q1∶q2=___________，外力的功率P1∶P2=___________

23、如圖所示，將邊長為l、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向；垂直線圈平面）

(1)所用拉力F＝_________．

(2)拉力F做的功W＝________．

(3)拉力F的功率PF＝________．

(4)線圈放出的熱量Q＝_________．

(5)線圈發(fā)熱的功率P熱＝___________．

(6)通過導線截面的電量q＝_________．評卷人得分四、作圖題(共4題，共20分)24、在圖中畫出或說明圖中所示情形下通電導線I所受磁場力的方向。

25、要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈；電燈由光敏開關和聲敏開關控制，光敏開關在天黑時自動閉合，天亮時自動斷開；聲敏開關在有聲音時自動閉合，無聲音時自動斷開。在下圖中連線，要求夜間且有聲音時電燈自動亮，插座隨時可用。

26、在“探究楞次定律”的實驗中；某同學記錄了實驗過程的三個情境圖，其中有兩個記錄不全，請將其補充完整。

27、如圖所示：當條形磁鐵向右靠近通電圓環(huán)時，圓環(huán)向右偏離，試在圖中標出圓環(huán)中的電流方向___________．評卷人得分五、實驗題(共3題，共27分)28、物理研究課上；同學們用可拆變壓器探究“變壓器的電壓與匝數(shù)的關系”?？刹鹱儔浩魅鐖D甲；乙所示：

(1)下列說法正確的是____；

A.為確保實驗安全；實驗中要求原線圈匝數(shù)小于副線圈匝數(shù)。

B.變壓器的原線圈接低壓交流電；測量副線圈電壓時應當用多用電表的“直流電壓擋”

C.可以先保持原線圈電壓；匝數(shù)不變；改變副線圈的匝數(shù)，研究副線圈匝數(shù)對副線圈電壓的影響。

D.測量副線圈電壓時；先用最大量程試測，大致確定電壓后再選用適當?shù)膿跷贿M行測量。

E.變壓器開始正常工作后；鐵芯導電，把電能由原線圈輸送到副線圈。

F.變壓器開始正常工作后；若不計各種損耗，在原線圈上將電能轉(zhuǎn)化成磁場能，在副線圈上將磁場能轉(zhuǎn)化成電能，鐵芯起到“傳遞”磁場能的作用。

(2)如圖丙所示；某同學自己繞制了兩個線圈套在可拆變壓器的鐵芯上。原線圈接學生電源的交流輸出端，副線圈接小燈泡。下列說法正確的是____。

A.與變壓器未通電時相比較；此時若將可拆變壓器上端的橫條鐵芯取下將更費力。

B.若僅增加原線圈繞制的圈數(shù)；小燈泡的亮度將保持不變。

C.若僅增加副線圈繞制的圈數(shù)，學生電源的過載指示燈可能會亮起A.B.C.E.E.29、利用光敏電阻作為傳感器；借助電磁開關，可以實現(xiàn)路燈自動在白天關閉，黑夜打開。某同學利用如下器材制作了一個簡易的路燈自動控制裝置。

A.勵磁線圈電源B.路燈電源C.路燈燈泡LD.定值電阻

E.光敏電阻F.電磁開關G.導線；開關等。

（1）電磁開關的內(nèi)部結構如圖甲所示。1、2兩接線柱接勵磁線圈（電磁鐵上繞的線圈），3、4兩接線柱分別與彈簧片和觸點連接，相當于路燈的開關。當流過勵磁線圈的電流大于某個值時，電磁鐵吸合鐵片，彈簧片和觸點分離，3、4斷開，路燈熄滅。該同學首先用多用電表的歐姆擋測量勵磁線圈的電阻，將選擇開關置于“×1”擋，調(diào)零后測量時的示數(shù)如圖丙所示，則勵磁線圈的電阻約為________Ω。

（2）圖乙為光敏電阻的阻值隨照度的變化關系（照度可以反映光的強弱，光越強，照度越大，單位為lx）。從圖中可以看出，光敏電阻的阻值隨照度的增大而________（選填“減小”“不變”或“增大”）。

（3）如圖丁所示，請你用筆畫線代替導線，將該同學設計的自動控制電路補充完整________。

（4）已知勵磁線圈電源（內(nèi)阻不計），定值電阻若設計要求當流過勵磁線圈的電流為0.05A時點亮路燈，則此時的照度約為________lx。30、如圖是某學習小組在空曠的場地上做“搖繩發(fā)電實驗”的示意圖．他們將一銅芯線像甩跳繩一樣勻速搖動，銅芯線的兩端分別通過細銅線與靈敏交流電流計相連．搖繩的兩位同學的連線與所在處的地磁場（可視為勻強磁場）垂直．搖動時，銅芯線所圍成半圓周的面積S＝2m2，轉(zhuǎn)動角速度rad/s，用電流計測得電路中電流I＝40μA，電路總電阻R＝10Ω，g取10m/s2，＝2.25，則該處地磁場的磁感應強度B=_______;從銅芯線所在平面與該處地磁場平行開始計時，求其轉(zhuǎn)過四分之一周的過程中，通過電流計的電荷量q=______；求銅芯線轉(zhuǎn)動一周的過程中，電路產(chǎn)生的焦耳熱Q=________

評卷人得分六、解答題(共1題，共8分)31、間距為l的兩平行金屬導軌固定在水平面上，如圖甲所示。導軌的一部分處于寬度為3L的勻強磁場區(qū)間中，磁感應強度隨時間變化的圖像如圖乙所示，在磁場區(qū)間內(nèi)鎖定放置“聯(lián)動雙桿”（由兩根相同的金屬桿ab和cd用長度為L的剛性絕緣輕桿連接構成），其中cd桿恰好位于磁場內(nèi)部。t=0時刻，一金屬桿ef從左側(cè)以速度v0=12m/s滑向“聯(lián)動雙桿”。t=5s時桿ef與“聯(lián)動雙桿”發(fā)生碰撞（碰撞前解除鎖定），碰后桿ef和cd合在一起形成“聯(lián)動三桿”。為使“聯(lián)動三桿”恰好能從磁場區(qū)間滑出，在桿ef和cd碰撞后立即對“聯(lián)動三桿”施加一平行導軌的水平恒力F，并在桿ab到達磁場右邊界時撤去。已知桿ab、cd和ef的質(zhì)量均為m=0.1kg，長度均為l=0.5m，電阻均為R=0.02Ω，L=0.3m。運動過程中，桿ab；cd和ef與導軌始終接觸良好；且保持與導軌垂直，不計摩擦阻力和導軌電阻，忽略磁場邊界效應，規(guī)定垂直紙面向里為磁場正方向。求：

（1）在t=4s時，流過桿ab的電流I的大小和方向；

（2）“聯(lián)動三桿”在磁場區(qū)間所受的水平恒力F；

（3）桿ab兩端電壓Uab與“聯(lián)動三桿”位移大小x的關系。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【詳解】

應用左手定則判斷洛侖茲力時；四指指向電子運動的反方向，磁場穿過掌心，則大拇指方向垂直于紙面向外，故電子束垂直紙面向外偏轉(zhuǎn)；

A．與分析不符；故A錯誤；

B．與分析不符；故B錯誤；

C．與分析不符；故C錯誤；

D．與分析相符；故D正確；

故選D。2、A【分析】【分析】

【詳解】

單刀雙擲開關接在點1上時，A線圈中的電流恒定不變，在鐵芯中產(chǎn)生的磁場方向是沿鐵芯自右向左．當單刀雙擲開關由點1扳向點2的過程中，通過線圈A中的電流，先沿原方向減小到零，再由零增大到原電流值，所以B中產(chǎn)生的感應電流分兩個階段分析：(1)在A中電流沿原方向減小到零的過程中，A的磁場自右向左也跟著減弱，導致穿過線圈B的磁通量在減小，由楞次定律知，線圈B中會產(chǎn)生右上左下的感應電流，即流過電阻R的電流方向是P→Q；(2)在A中電流由零增大到原方向的電流的過程中，A的磁場自右向左也跟著增強，導致穿過線圈B的磁通量在增大．由楞次定律知，線圈B中會產(chǎn)生左上右下的感應電流，即通過電阻R的電流方向是Q→P。綜上分析知，全過程中流過電阻R的電流方向先是P→Q，然后是Q→P。故A正確。

故選A。3、D【分析】【分析】

【詳解】

AC．欲使a相對b電勢最高，即ab間電動勢最大，t1、t3時刻電流i最大但電流的變化率最??；感應電動勢為零，AC錯誤；

B．在電流向右減小，根據(jù)安培定則知線圈所在區(qū)域的磁場的方向向里減小，則感應電流的磁場的方向向里，根據(jù)楞次定律知線圈a端電勢低于b端的電勢，由于原來電流變化逐漸變快，故ab之間的電勢差逐漸增大，t2時刻a電勢最低，即b點電勢最高；B錯誤；

D．在電流向左減小，根據(jù)安培定則知線圈所在區(qū)域的磁場的方向向外減小，則感應電流的磁場的方向向外，根據(jù)楞次定律知線圈a端電勢高于b端的電勢，由于原來電流變化逐漸變快，故ab之間的電勢差逐漸增大，t4時刻a電勢最高；D正確。

故選D。4、B【分析】【詳解】

A．圓心在AE連線上；AB是圓的切線，A為切點，所以圓不可能過B點，故A錯誤；

B．粒子從C點出去時圓心在E點，半徑為根據(jù)此時速度當時，粒子將從邊射出磁場；故B正確；

C．從D點出去時，半徑為根據(jù)此時速度故C錯誤；

D．從F點出去時，時間最大為故D錯誤。

故選：B5、B【分析】【詳解】

0-1s內(nèi)；磁場均勻增大，根據(jù)楞次定律，線圈中感應電流為負方向，且保持不變；1-3s內(nèi)，磁場不變，線圈中感應電流為零；3-5s內(nèi)磁場均勻減小，同理，線圈中感應電流為正方向，且保持不變。0-1s內(nèi)和3-5s內(nèi)磁場的變化率為2:1，即感應電動勢為2:1?？傻贸龈袘妱觿輬D像為B。

故選B。6、D【分析】【詳解】

AB．由小磁針的N極指向左側(cè)可知，螺線管的外部磁場方向向左，則內(nèi)部磁場方向從左指向右，由安培定則可知，導線a端接電源正極；AB錯誤；

CD．由勻強磁場的磁通量計算公式Ф=BS可知，經(jīng)線圈的磁通量為BS；C錯誤，D正確。

故選D。7、B【分析】【詳解】

A．根據(jù)右手定則判斷可知：ab中產(chǎn)生的感應電流方向從a到b，a點相當于電源的負極，b點相當于電源的正極，則a點的電勢低于b點的電勢；故A錯誤；

B．金屬棒進入磁場時回路中產(chǎn)生電能，轉(zhuǎn)化為電阻R和金屬棒的內(nèi)能；根據(jù)能量轉(zhuǎn)化和守恒定律得知：金屬棒中產(chǎn)生的焦耳熱小于金屬棒機械能的減少量，故B正確；

C．若棒做減速運動，最終做勻速運動，此時安培力最小為mg；若棒做加速運動，最終做勻速運動，此時安培力最大為mg；若勻速運動，安培力不變大小為mg；故C錯誤；

D．金屬棒剛進入磁場的過程中，若安培力大于重力，棒做減速運動，隨著速度的減小，根據(jù)安培力公式可知；安培力不斷減小，合力減小，加速度減小，所以棒做加速度減小的變減速運動，不可能做勻減速運動，故D錯誤。

故選B。二、多選題(共8題，共16分)8、A:C:D【分析】【詳解】

A．根據(jù)牛頓第二定律得：

解得：

由題q、m、v、B大小均相同，則r相同。故A正確。

B．粒子的運動周期由題q、m、B大小均相同，則知T相同。粒子運動軌跡如圖所示：

根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時針偏轉(zhuǎn)，負離子順時針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時正離子的速度偏向角為2π-2θ，軌跡的圓心角也為2π-2θ，運動時間為：

同理，負離子運動時間為：

顯然時間不等。故B錯誤。

C．正負離子在磁場中均做勻速圓周運動；速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對稱性可知，重新回到邊界時速度大小與方向相同。故C正確。

D．根據(jù)幾何知識得知重新回到邊界的位置與O點距離S=2rsinθ，r、θ相同，則S相同。故D正確。

故選ACD。9、A:D【分析】【詳解】

電流頻率為f=═50Hz，故A正確；電壓表的示數(shù)為電路的有效電壓的大小，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，可知，U2=×V=12V，故B錯誤；A的讀數(shù)為故C錯誤；P1=P2=U2I2=12×2W=24W；故D正確．故選AD．

點睛：此題關鍵知道變壓器電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，變壓器的輸入功率和輸出功率相等.10、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．增大；則輸送電壓增大，由于輸送功率一定，則輸送電流減小，輸電線上損失的功率減小，A錯誤；

BC．輸電線損失的電壓減??；降壓變壓器輸入；輸出電壓均增大，輸入、輸出電流均減小，電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)減小，B錯誤，C正確；

D．由于輸入功率一定；輸電線損失的功率減小，用戶消耗的功率增大，D正確。

故選CD。11、B:D【分析】【詳解】

A．變壓器兩端的電壓與負載無關，輸入電壓和匝數(shù)比都不變，因此V1、V2的讀數(shù)均不變，用電高峰期，并聯(lián)的用電器增多，總電阻減小，電流增大，根據(jù)電流與匝數(shù)比成反比可知，電流表A2、A1的讀數(shù)都增大；故A錯誤；

B．電壓表V2、V3的讀數(shù)之差與電流表A2的讀數(shù)的比值為輸電線的電阻值；為定值，不變化，故B正確；

C．電壓表V3、V4讀數(shù)的比值等于降壓變壓器的匝數(shù)比，保持不變，由于電流表A2的讀數(shù)增大，因此電流表A3的讀數(shù)也增大；故C錯誤；

D．由于輸電線電流增大；輸電線路上損失的功率增大，故D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

A．系統(tǒng)除重力外還有安培力和摩擦力做功，所以導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)機械能不守恒；故A錯誤。

B．因為

且兩棒受的安培力等大反向，則系統(tǒng)所受外力之和為零，所以導體棒ab和cd組成的系統(tǒng)動量守恒；故B正確。

CD．根據(jù)動量守恒

故C錯誤；D正確。

故選BD。13、A:C:D【分析】【詳解】

A．除重力以外其它力做功等于機械能的增量，可知與安培力做功的代數(shù)和等于棒的機械能增加量；故A正確；

B．合力做功等于動能的增加量，即安培力和重力做功的代數(shù)和等于棒動能的增加量；故B錯誤；

CD．由功能關系可知，克服重力做功等于棒重力勢能的增加量，克服安培力做的功等于等于整個電路中電阻產(chǎn)生的熱，棒與導軌的電阻均不計，則克服安培力做的功等于電阻上放出的熱量；故CD正確。

故選ACD。14、A:B:D【分析】【詳解】

A．線框進入磁場之前，由動能定理得

設線框下邊長L，線框剛好進入磁場時有

由牛頓的定律得

聯(lián)立解得

可知，當h為適當值時，a=0；線框勻速進入磁場。故A正確；

B．由于不知道磁場的高度，無法確定線框到達磁場下邊界的速度同理得

可知，當為適當值時，a<0；線框減速離開磁場。故B正確；

C．閉合金屬線框進入或者離開磁場的過程中，設其平均速度為根據(jù)功能關系得

可知；由于無法比較進出磁場的平均速度大小，則無法比較進出磁場線框的熱功率。故C錯誤；

D．設線框右邊長長線框進出磁場有

聯(lián)立解得

可知；閉合金屬線框進入和離開磁場的過程中通過導體橫截面的電荷量一定相等。故D正確。

故選ABD。15、A:B:C【分析】【詳解】

1.0s后線框傳出磁場，F(xiàn)=ma，a=1m/s2，A對；由0-1.0s線框運動位移為在1.0s時速度為1m/s，F(xiàn)=3N，有公式可得磁感應強度為T，B對；由C，C對；有動能定理三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]由于光敏電阻阻值隨著光照強度的增大而減小，為使路燈正常工作，在白天時電磁繼電器的觸點斷開，電磁鐵通電，變小或變大，而白天時光敏電阻阻值變小，所以是光敏電阻；

(2)[2]根據(jù)題述分析可知；A處與繼電器相連，路燈與火線；零線相連接，開關應接在火線上，畫導線時要避免交叉電路圖如圖所示。

【解析】光敏電阻17、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]當線圈平面位于中性面時；線圈中的磁通量最大；

[2]線圈中的電流為零；

[3]且線圈平面經(jīng)過中性面時；電流方向就發(fā)生改變；

[4]故線圈轉(zhuǎn)動一周電流方向改變兩次?！窘馕觥竣?最大②.為零③.電流方向④.兩次18、略

【分析】【詳解】

[1]粒子運動軌跡如下圖所示

電子垂直射入磁場，在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，洛倫茲力提供向心力有，根據(jù)

電子做圓周運動的半徑

則得電子在電場中的運動速度之比等于電子做圓周運動的半徑之比，根據(jù)幾何關系有

所以電子在電場中的速度之比為

[2]電子在磁場中做圓周運動的周期

以v1運動的電子在磁場中運動的時間

以v2運動的電子在磁場中運動的時間

所以電子在磁場中運動的時間之比為【解析】1:23:219、略

【分析】【詳解】

線圈上下兩邊與磁場平行，不受安培力作用，左右兩邊與磁場垂直，受到安培力大小均為

則該線圈所受到磁力矩大小

解得【解析】abIB20、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】0垂直方向大小勻速圓周洛倫茲21、略

【分析】【詳解】

[1]回旋加速器的高頻電源的周期和粒子圓周運動的周期相同，帶電粒子在磁場中運動得周期為

因為兩個粒子的周期之比

則它們的頻率之比

[2]根據(jù)

得

氚核（H）和氦核（He）的最大速度之比【解析】22、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]回路中感應電流為。

則有。

[2]產(chǎn)生的熱量為。

則有。

[3]通過任一截面的電荷量為。

即q與v無關；則有。

[4]由于棒勻速運動；外力的功率等于電路中的熱功率，即。

則有。

【解析】1∶21∶21∶11∶423、略

【分析】【詳解】

（1）因為線圈被勻速拉出，所以F=F安

感應電動勢的大小為：E=Blv

根據(jù)閉合歐姆定律得：I=Blv/R；

則拉力為：F=F安=

（2）拉力F做的功為：W=Fl=

（3）拉力的功率：PF=Fv=

（4）線圈放出的熱量為：Q=

（5）線圈的發(fā)熱功率等于拉力的功率：P熱=

（6）通過導線截面的電量為：q=It=【解析】B2L2v/RB2L3v/RB2L2v2/RB2L3v/RB2L2v2/RBL2/R四、作圖題(共4題，共20分)24、略

【分析】【詳解】

根據(jù)左手定則，畫出通過電導線I所受磁場力的方向如圖所示。

【解析】25、略

【分析】【分析】

根據(jù)題中“要在居民樓的樓道安裝一個插座和一個電燈”可知；本題考查交流電的常識，根據(jù)開關作用和交流電接線常識，進行連接電路圖。

【詳解】

晚上；天黑光控開關閉合，有人走動發(fā)出聲音，聲控開關閉合，燈亮，說明兩個開關不能獨立工作，只有同時閉合時，燈才亮，即兩個開關和燈泡是三者串聯(lián)后連入電路；根據(jù)安全用電的原則可知，開關控制火線，開關一端接火線，一端接燈泡頂端的金屬點，零線接燈泡的螺旋套；三孔插座通常的接線方式是面對插座，上孔接地線，左孔接零線，右孔接火線；電路圖如下圖所示。

【解析】26、略

【分析】【分析】

【詳解】

由第一個圖可知：當條形磁鐵的N極插入線圈過程中；電流計的指針向右偏轉(zhuǎn)，則有：線圈中向下的磁場增強，感應電流的磁場阻礙磁通量增加，感應電流的磁場方向向上，則指針向右偏，記錄完整。

第二個圖指針向左偏；說明感應電流的磁場方向向下，與磁鐵在線圈中的磁場方向相反，則線圈中磁場增強，故磁鐵向下運動，如圖。

第三個圖指針向右偏；說明感應電流的磁場方向向上，與磁鐵在線圈中的磁場方向相同，則線圈中磁場減弱，故磁鐵向上運動，如圖。

【解析】27、略

【分析】【詳解】

當條形磁鐵向右靠近圓環(huán)時；導線線圈的磁通量向右增大，由楞次定律：增反減同可知，線圈中產(chǎn)生感應電流的方向順時針（從右向左看），如圖所示：

【解析】如圖所示五、實驗題(共3題，共27分)28、A:C:C:D:F【分析】【分析】

【詳解】

(1)[1]A．為確保實驗安全；實驗中要求副線圈匝數(shù)小于原線圈匝數(shù)，使得次級電壓較小，故A錯誤；