2025年華師大新版高三物理下冊階段測試試卷

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年華師大新版高三物理下冊階段測試試卷512考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共9題，共18分)1、（2015秋?貴陽期末）如圖所示，質(zhì)量為m的求置于斜面上，被一個固定在斜面上的豎直擋板擋住而處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一個水平力F拉斜面體，使球和斜面體在水平面上一起做加速度為a的勻加速直線運動，若忽略一切摩擦，與球靜止時相比（）A.豎直擋板對球的彈力不一定增大B.斜面對球的彈力保持不變C.斜面和擋板對球的彈力的合力等于maD.若加速度足夠大，斜面對球的彈力可能為零2、下列說法中正確的是（）A.用氣筒打氣需外力做功，是因為分子間的斥力作用B.溫度升高，布朗運動顯著，說明懸浮顆粒的分子運動劇烈C.相同質(zhì)量的0℃水的分子勢能比0℃冰的分子勢能大D.若把氫氣和氧氣看作理想氣體，則具有相同體積、相同質(zhì)量和相同溫度的氫氣和氧氣具有相等的內(nèi)能3、圖1是某同學(xué)設(shè)計的電容式速度傳感器原理圖,其中上板為固定極板,下板為待測物體.在兩極板間電壓恒定的條件下,極板上帶電量Q將隨待測物體的上下運動而變化.若Q隨時間t的變化關(guān)系為Q(a?b為大于零的常數(shù)),其圖象如圖2所示,那么圖3?圖4中反映極板間場強大小E和物體速率v隨t變化的圖線可能是()A.①和③B.①和④C.②和③D.②和④4、【題文】我國已成功發(fā)射多顆氣象衛(wèi)星，為氣象預(yù)報提供了大量有效信息，其中“風(fēng)云一號”是極地圓形軌道衛(wèi)星，“風(fēng)云二號”是地球同步衛(wèi)星。且“風(fēng)云一號”的運行周期是“風(fēng)云二號”的一半，比較這兩顆衛(wèi)星，下列說法中正確的是A.“風(fēng)云一號”離地面較近，對同一區(qū)域連續(xù)觀測時間長B.“風(fēng)云二號”離地面較近，觀測覆蓋區(qū)域大C.“風(fēng)云一號”運行線速度較大，觀測覆蓋區(qū)域大D.“風(fēng)云二號”運行線速度較大，對同一區(qū)域連續(xù)觀測時間長5、【題文】如圖（l）所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為20:1，已知電阻兩端的正弦交流電壓如圖（2）所示；則()

A.原線圈輸入電壓的最大值為400VB.交流電的頻率為100HzC.電容器所帶電量恒為D.電阻消耗的電功率為20W6、如圖所示，有一電荷靜止于電容器兩極板間，電源內(nèi)阻不可忽略，現(xiàn)將滑動變阻器滑片向上移動少許，穩(wěn)定后三個燈泡依然能夠發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A.小燈泡L1、L3變暗，L2變亮B.該電荷一定帶正電C.電容器C上電荷量減小D.靜止于電容器的電荷向下運動7、下列事實中哪一個能說明分子間存在間隙？（）A.把許多碎鉛塊壓緊就成一整塊鉛B.水分子的直徑約為4×10-10mC.水與酒精混合后的體積小于原來兩者體積之和D.溫度越高，布朗運動越激烈8、如圖所示的直線是真空中某電場的一條電場線，A、B是這條直線上的兩點，一帶負(fù)電粒子以速度vA經(jīng)過A點向B點運動，經(jīng)過一段時間后，粒子以速度vB經(jīng)過B點，且vB與vA方向相反，不計粒子重力，下面說法正確的是（）A.A點的場強小于B點的場強B.A點的電勢高于B點的電勢C.粒子在A點的速度小于在B點的速度D.粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能9、某核反應(yīng)U+n→Ba+Kr+xn放出x個中子，鈾235質(zhì)量為m1，中子質(zhì)量為m2，鋇144質(zhì)量為m3，氪89的質(zhì)量為m4，下列說法正確的是（）A.該反應(yīng)屬于人工轉(zhuǎn)變B.該反應(yīng)放出能量（m1-xm2-m3-m4）c2C.x的值是3D.由于該反應(yīng)釋放能量，根據(jù)E=mc2判斷，反應(yīng)后的總質(zhì)量增加評卷人得分二、填空題(共6題，共12分)10、（2016?棗莊校級模擬）某物理小組的同學(xué)設(shè)計了一個粗測玩具小車通過凹形橋最低點時的速度的實驗．所用器材有：玩具小車；壓力式托盤秤、凹形橋模擬器（圓弧部分的半徑為R=0.20m）．完成下列填空：

（1）將凹形橋模擬器靜置于托盤秤上；如圖（a）所示，托盤秤的示數(shù)為1.00kg；

（2）將玩具小車靜置于凹形橋模擬器最低點時，托盤秤的示數(shù)如圖（b）所示，該示數(shù)為____kg；

（3）將小車從凹形橋模擬器某一位置釋放；小車經(jīng)過最低點后滑向另一側(cè)．此過程中托盤秤的最大示數(shù)為m；多次從同一位置釋放小車，記錄各次的m值如下表所示：

。序號12345m（kg）1.801.751.851.751.90（4）根據(jù)以上數(shù)據(jù)，可求出小車經(jīng)過凹形橋最低點時對橋的壓力為____N；小車通過最低點時的速度大小為____m/s．（重力加速度大小取9.80m/s2，計算結(jié)果保留2位有效數(shù)字）11、（2012秋?金山區(qū)期末）如圖，一物體通過細(xì)繩懸掛于O點，用作用于A點的水平外力F1緩慢拉動細(xì)繩，在θ角逐漸減小的過程中，細(xì)繩的拉力F2大小逐漸____，外力F1大小逐漸____．（選填“變大”或“變小”）12、（2014秋?玄武區(qū)校級月考）如圖所示，是某次實驗中小車運動的v-t圖象，由圖可知，小車在第3s末的速度為____m/s，在第3s內(nèi)的位移為____m．13、如右圖所示，一根粗細(xì)均勻的鐵棒AB與一輛拖車相連接，連接端B為一固定的水平轉(zhuǎn)動軸，拖車在水平面上向右做勻速直線運動，棒長為L，棒的質(zhì)量為33kg，它與地面間的動摩擦因數(shù)為0.5，棒與水平面成37°角。運動過程中地面對鐵棒的支持力為_______N；若將鐵棒B端的固定轉(zhuǎn)動軸向下移一些，其他條件不變，則運動過程中地面對鐵棒的支持力將比原來__________（選填“增大”、“不變”或“減小”）。14、如圖所示，甲為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖，圖乙為質(zhì)點P的振動圖象．則該機械波的傳播速度為______m/s；

在t=0.25s時質(zhì)點Q的加速度______（填“大于”或“小于”）質(zhì)點P的加速度．

15、某人爬山，從山腳爬上山頂，然后又原路返回到山腳，上山的平均速度大小為v1，下山的平均速度大小為v2，則往返的平均速度的大小是____m/s．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)16、將未飽和汽轉(zhuǎn)化成飽和汽，可以用保持溫度不變，減小體積，或是保持體積不變，降低溫度，也可以用保持體積不變，減小壓強．____．（判斷對錯）17、甲、乙兩杯水，水中均有顆粒在做面朗運動，經(jīng)顯微鏡觀察后，發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，說明甲杯中水溫高于乙杯．____．（判斷對錯）18、光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波____（判斷對錯）19、青藏高原測水沸時的溫度：應(yīng)選用水銀溫度計和酒精溫度計．____．（判斷對錯）20、分子的動能和分子勢能的和叫做這個分子的內(nèi)能．____．（判斷對錯）評卷人得分四、實驗題(共3題，共15分)21、(6分)某同學(xué)在用如圖甲所示的裝置做“探究加速度與物體受力的關(guān)系”實驗時：（1）該同學(xué)在實驗室找到了一個小正方體木塊，用實驗桌上的一把十分度的游標(biāo)卡尺測出正方體木塊的邊長，如圖乙所示，則正方體木塊的邊長為____________cm；（2）接著用這個小正方體木塊把小車軌道的一端墊高，通過速度傳感器發(fā)現(xiàn)小車剛好做勻速直線運動。這個步驟的目的是；（3）然后用細(xì)線通過定滑輪掛上重物讓小車勻加速下滑，不斷改變重物的質(zhì)量m，測出對應(yīng)的加速度a，則下列圖象中能正確反映小車加速度a與所掛重物質(zhì)量m的關(guān)系的是___。22、在測定金屬絲電阻率的實驗中；某同學(xué)進行了如下實驗操作，請完成下列相應(yīng)的實驗內(nèi)容．

（1）該同學(xué)首先用螺旋測微器測量了金屬絲的直徑，如圖1所示，則該金屬絲的直徑為____mm．

（2）該同學(xué)用多用電表粗測該金屬絲的阻值約為200Ω；為了更精確的測量該電阻，現(xiàn)給出如下器材：

A．電流表A1：量程為20mA；內(nèi)阻約為0.1Ω

B．電流表A2：量程為3A；內(nèi)阻約為0.05Ω

C．電壓表V1：量程為3V；內(nèi)阻約為3kΩ

D．電壓表V2：量程為15V；內(nèi)阻約為4kΩ

E．滑動變阻器R1：最大阻值為10Ω；額定電流1A

F．低壓直流電源：電壓4V；內(nèi)阻忽略。

G．電建K；導(dǎo)線若干。

①為減小實驗誤差，實驗中所選電流表為____（填“A1”或“A2”），所選電壓表為____（填“V1”或“V2”）．

②在下面的方框圖2中畫出實驗電路圖．

③根據(jù)所畫出的實驗電路圖；將圖3中所缺的實物連線畫出．

④如果實驗中電流表的度數(shù)為I，電壓表的讀數(shù)為U，并測出該金屬絲接入電路的長度為L、直徑為d，則該金屬絲的電阻率ρ=____（用測出的物理量的符號表示）．23、（2015春?株洲校級月考）用如圖所示裝置來驗證動量守恒的實驗，質(zhì)量為mB的鋼球B放在小支柱N上，球心離地面高度為H；質(zhì)量為mA的鋼球A用細(xì)線拴好懸掛于O點；當(dāng)細(xì)線被拉直時O點到球心的距離為L，且細(xì)線與豎直線之間夾角為α．球A由靜止釋放，擺到最低點時恰與球B發(fā)生正碰，碰撞后，A球把輕質(zhì)指示針C推移到與豎直線夾角為β處，B球落到地面上，地面上鋪有一張覆蓋有復(fù)寫紙的白紙D，用來記錄球B的落點．保持α角度不變，多次重復(fù)上述實驗，在白紙上記錄到多個B球的落地點．

（1）為保證實驗成功，必須保證mA____mB．（填“大于”；“等于”或“小于”）

（2）設(shè)碰撞前瞬間球A的速度為vA，碰撞后球A的速度為v′A，球B的速度為v′B，則實驗需要驗證的關(guān)系式為：____

（3）若實驗中測得mA、mB、L、α、β、H、s等物理量，用測得的物理量表示：mAvA=____；mAv′A=____；mBv′B=____．評卷人得分五、解答題(共3題，共21分)24、如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧，左端連著絕緣介質(zhì)小球B，右端連在固定板上，放在光滑絕緣的水平面上．整個裝置處在場強大小為E、方向水平向右的勻強電場中．現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的小球A，從距B球為S處自由釋放，并與B球發(fā)生碰撞．碰撞中無機械能損失，且A球的電荷量始終不變．已知B球的質(zhì)量M=3m，彈簧振子的周期（A；B小球均可視為質(zhì)點）．

（1）求A球與B球第一次碰撞后瞬間，A球的速度v1和B球的速度v2．

（2）要使A球與B球第二次仍在B球的初始位置迎面相碰；求勁度系數(shù)k的可能取值．

（3）若A球與B球每次都在B球的初始位置迎面相碰．請你以A球自由釋放的瞬間為計時起點，速度方向向右為正方向，求作A球的v-t圖線（要求至少畫出小球A與B球發(fā)生第三次碰撞前的圖線，必須寫出畫圖的依據(jù)）．25、加速度計是測定物體加速度的儀器．在現(xiàn)代科技中；它已成為導(dǎo)彈；飛機、潛艇或宇宙飛船制導(dǎo)系統(tǒng)的信息源．如圖所示為應(yīng)變式加速度計．當(dāng)系統(tǒng)加速時，加速度計中的敏感元件也處于加速狀態(tài)．敏感元件由彈簧連接并架在光滑支架上，架與待測系統(tǒng)固定在一起，敏感元件下端可在滑動變阻器R上自由滑動．當(dāng)系統(tǒng)加速運動時，敏感元件發(fā)生位移并轉(zhuǎn)換為電信號輸出，就可以根據(jù)輸出電壓的大小求出物體的加速度．

已知：敏感元件的質(zhì)量為m，兩側(cè)兩要一樣彈簧的勁度系數(shù)均為k，電源電動勢為E，電源內(nèi)阻不計，滑動變阻器的總電阻值為R，有效長度為l．靜態(tài)時，輸出電壓為0，試寫出加速度a隨輸出電壓U變化的關(guān)系式．26、如圖所示；為一做直線運動物體的x-t圖象，問：

（1）圖中OA；AB、BC、CD各表示物體怎樣運動？

（2）哪段運動最快？第3s內(nèi)的位移多大？

（3）這5s內(nèi)物體的位移和路程分別為多少？評卷人得分六、計算題(共2題，共4分)27、如圖所示；小球質(zhì)量為m，用長為l的細(xì)繩懸掛在一枚細(xì)釘上，用一大小為F的水平恒力拉球，至細(xì)繩偏轉(zhuǎn)角度為θ（θ＜90°）時撤去，如在運動中繩子始終處于伸直狀態(tài)．求：

（1）小球能上升的最大高度．

（2）小球又回到最低點時，細(xì)繩上張力的大?。?8、如圖所示，一半圓柱形玻璃磚的截面半徑R=18cm，玻璃磚的折射率n=，可繞其圓心O在紙面內(nèi)轉(zhuǎn)動，M為一根光標(biāo)尺，開始時玻璃磚的直徑PQ與光標(biāo)尺平行．一束激光從玻璃磚左側(cè)垂直于PQ射到O點，在M上留下一光點O1．保持入射光方向不變，使玻璃磚繞O點逆時針緩慢轉(zhuǎn)動，光點在標(biāo)尺上移動，最終在距離O1點h處消失（圖中沒標(biāo)出）．已知O、O1間的距離l=24cm，光在真空中傳播速度c=3.0×108m/s；sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：

（1）h的值．

（2）光點消失后，光從射入玻璃磚到射出經(jīng)歷的時間t．參考答案一、選擇題(共9題，共18分)1、B【分析】【分析】以小球為研究對象，分析受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分析豎直擋板對球的彈力和斜面對球的彈力情況，小球所受的合力為ma．【解析】【解答】解：A、B以小球為研究對象，分析受力情況，如圖：重力mg、豎直擋板對球的彈力F2和斜面的彈力F1．設(shè)斜面的加速度大小為a，根據(jù)牛頓第二定律得

豎直方向：F1cosθ=mg①

水平方向：F2-F1sinθ=ma；②

由②看出，若加速運動時，F(xiàn)2=F1sinθ+ma．F2將增大；故A錯誤；

B、由①看出，斜面的彈力F1大小不變；與加速度無關(guān)，不可能為零．故B正確，D錯誤；

C；根據(jù)牛頓第二定律知道；重力、斜面和擋板對球的彈力三個力的合力等于ma．故C錯誤．

故選：B2、C【分析】【分析】用氣筒給車胎打氣，到后來覺得氣體難以壓縮，是因為克服輪胎的內(nèi)外的壓力差；布朗運動是液體中的固體小顆粒的無規(guī)則的運動，是液體分子運動的反映；物體的內(nèi)能大小與其溫度、體積及所含物質(zhì)的量三者有關(guān)；【解析】【解答】解：A；用氣筒給車胎打氣；到后來覺得氣體難以壓縮，是因為克服輪胎的內(nèi)外的壓力差，并不是分子間的斥力，故A錯誤．

B；溫度升高；布朗運動顯著，說明液體的分子運動劇烈；故B錯誤；

C；相同質(zhì)量的0℃水和0℃冰比較；內(nèi)能比較大而分子的平均動能相等，所以相同質(zhì)量的0℃水的分子勢能比0℃冰的分子勢能大；故C正確；

D；相同質(zhì)量的氫氣與氧氣的物質(zhì)的量不同；所以具有相同體積、相同質(zhì)量和相同溫度的氫氣和氧氣的內(nèi)能不相等；故D錯誤；

故選：C．3、C【分析】設(shè)板間距離為d,則板間場強故E-t圖線為②.由Q=CU=可見,板間距離d隨時間均勻增大,即下板移動速率v不變,即v-t圖線為③,綜上,應(yīng)選C.【解析】【答案】C4、C【分析】【解析】

試題分析：由周期公式可知半徑越大周期越大，風(fēng)云一號周期較小，則半徑較小，由線速度公式可知對同一區(qū)域連續(xù)觀測時間較短；AB錯；同理C對；D錯；

考點：考查天體運動公式的理解。

點評：本題難度較小，天體運動的問題其實還是圓周運動的問題，只是由萬有引力提供向心力，另外字母參量較多，公式較多，考查了學(xué)生對公式的推導(dǎo)和判斷能力【解析】【答案】C5、A|D【分析】【解析】

試題分析：變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為20:1，由圖2知，副線圈電壓的最大值為20V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得原線圈電壓最大值為400V，所以A正確；由圖2知交流電的周期為0.02s，故頻率為周期的倒數(shù)等于50Hz，故B錯誤；電容器兩板間的電壓是變化的，故所帶電荷量也是變化的，故C錯誤；R1電壓的有效值為所以消耗電功率為

考點：本題考查交流電、變壓器電功率的計算等?！窘馕觥俊敬鸢浮緼D6、A【分析】【分析】從圖可知，滑動變阻器的滑片向上移動時，滑動變阻器的阻值變大，根據(jù)并聯(lián)電路電阻的特點判斷出電路中總電阻的變化，再根據(jù)閉合電路歐姆定律判斷總電流的變化；根據(jù)并聯(lián)電路的特點，依據(jù)各支路互不影響，從而判斷出L2燈亮度的變化，根據(jù)通過L1電流的變化，判斷出L2燈和L3燈電流的變化，判斷它們的變化．根據(jù)外電路中順著電流方向，電勢降低，確定電容器極板的電性，判斷板間場強的方向，即可由平衡條件分析該電荷的電性．根據(jù)電容器電壓如何變化，判斷電容器是充電還是放電．根據(jù)：E=可判斷出極板之間的電場強度的變化，然后由F=qE判斷出電場力的變化，最后根據(jù)力與運動的關(guān)系判定電荷運動的方向．【解析】【解答】解：A、當(dāng)滑動變阻器的滑片向上移動時，滑動變阻器的阻值增大，外電路中并聯(lián)部分的總電阻增大，外電路中總電阻增大，再根據(jù)閉合電路歐姆定律得知：總電流減小，電源的內(nèi)電壓減小，路端電壓增大，通過L2的電流也增大，所以L2燈變亮．

根據(jù)總電流減小，而L2的電流增大，則知通過L1的電流減小，L1、L3變暗．故A正確．

B；根據(jù)外電路中順著電流方向；電勢降低，可知電容器上極板帶正電，板間場強方向向下，由平衡條件分析可知，該電荷所受的電場力向上，與場強方向相反，所以該電荷帶負(fù)電．故B錯誤；

C、根據(jù)電容器的電壓等于R與L3串聯(lián)的總電壓，路端電壓增大，L1的電壓減??；所以電容器的電壓增大，其電量將增加，故C錯誤；

D、電容器的電壓增大，根據(jù)：E=可知極板之間的電場強度增大；電荷受到的電場力：F=Eq增大，可知電場力增大后大于重力，所以電荷將向上運動，故D錯誤．

故選：A．7、C【分析】【分析】根據(jù)分子動理論的幾項內(nèi)容分析解答即可．溫度越高，布朗運動越激烈．【解析】【解答】解：A；把許多碎鉛塊壓緊就成一整塊鉛；說明分子之間的距離比較小時，分子之間的吸引力明顯．不能說明分子之間有間隙．故A錯誤；

B、水分子的直徑約為4×10-10m說明分子由一定的大??；不能說明分子之間有間隙．故B錯誤；

C；水與酒精混合后的體積小于原來兩者體積之和；能說明分子之間有間隙．故C正確；

D；溫度越高；布朗運動越激烈．說明分子運動的激烈程度與溫度有關(guān)，不能說明分子之間有間隙．故D錯誤．

故選：C8、B【分析】【分析】電場線的疏密代表電場的強弱，由于只有一條電場線，所以無法判斷哪個位置電場線更密集．由于帶負(fù)電的粒子在A點時速度方向向右而到達B點時速度方向向左，故負(fù)電荷所受電場力方向向左，場強向右，沿電場線方向電勢降低，由于從A到B過程中電場力做負(fù)功，粒子的電勢能增大，動能減小【解析】【解答】解：A；由于只有一條電場線；所以無法判斷哪個位置電場線更密集，故無法判斷AB兩點哪兒場強更大，故A錯誤．

B；由于帶負(fù)電的粒子在A點時速度方向向右而到達B點時速度方向向左；故負(fù)電荷所受電場力方向向左，而負(fù)電荷所受電場力的方向與電場的方向相反，故場強向右，所以A點電勢高于B點的電勢．故B正確．

C；由于從A到B過程中電場力做負(fù)功；故電荷在A點的動能更大，故粒子在A點時的速度大于它在B點時的速度，故C錯誤．

D；由于從A到B過程中電場力做負(fù)功；故粒子的電勢能增大．故D錯誤．

故選：B9、C【分析】【分析】根據(jù)質(zhì)量虧損，結(jié)合愛因斯坦質(zhì)能方程求出釋放的能量．鈾核裂變放出的能量很高，反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒，有質(zhì)量虧損．【解析】【解答】解：A；這一反應(yīng)類型是重核裂變；不是人工轉(zhuǎn)變，故A錯誤．

B、核反應(yīng)過程中，質(zhì)量虧損為：△m=[m1-（x-1）m2-m3-m4]；

則釋放的核能為：△E=△mc2=[m1-（x-1）m2-m3-m4]c2．故B錯誤．

C；根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒；有：

235+1=144+89+x

解得：x=3；故C正確；

D；反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)守恒；質(zhì)量不守恒，有質(zhì)量虧損，故D錯誤；

故選：C．二、填空題(共6題，共12分)10、1.407.91.4【分析】【分析】根據(jù)量程為10kg；最小分度為0.1kg，注意估讀到最小分度的下一位；

根據(jù)表格知最低點小車和凹形橋模擬器對秤的最大壓力平均值為mg，根據(jù)Fm=m橋g+FN，知小車經(jīng)過凹形橋最低點時對橋的壓力FN；

根據(jù)FN=m0g+m0，求解速度．【解析】【解答】解：（2）根據(jù)量程為10kg；最小分度為0.1kg，注意估讀到最小分度的下一位，為1.40kg；

（4）根據(jù)表格知最低點小車和凹形橋模擬器對秤的最大壓力平均值為：

Fm=N=m橋g+FN

解得：FN=7.9N

根據(jù)牛頓運動定律知：FN-m0g=m0；

代入數(shù)據(jù)解得：v=1.4m/s

故答案為：（2）1.40，（4）7.9，1.411、減小減小【分析】【分析】在A點用水平力F1緩慢拉動細(xì)繩，在θ角逐漸減小的過程中，抓住合力為零，分別求出兩個拉力的大小，從而判斷其變化．【解析】【解答】解：A點的受力如圖，根據(jù)共點力平衡得：

F2=

F1=mgtanθ．

θ減小，則F1減小，F(xiàn)2減?。?/p>

故答案為：減??；減小12、65【分析】【分析】根據(jù)速度圖象的斜率等于速度求出小車的加速度，再根據(jù)運動學(xué)基本公式即可求解．【解析】【解答】解：根據(jù)圖象的斜率表示加速度可知，a=；

則3s末的速度v3=at3=2×3=6m/s；

2s末的速度v2=at2=2×2=4m/s；

則第3s內(nèi)的位移

故答案為：6、513、略

【分析】【解析】【答案】120增大14、略

【分析】解：由振動圖象與波動圖象可知，λ=4m，T=0.2s，波速v=．

因t=0.25s=1時；據(jù)波的周期性可知，P質(zhì)點到達波谷，Q質(zhì)點到達平衡位置上方，但沒有到達波峰，則質(zhì)點Q的加速度小于質(zhì)點P的加速度．

故答案為：20；小于。

由振動圖象與波動圖象可求出波的傳播速度，t=0.25s=1時；據(jù)波的周期性判斷該時刻兩個質(zhì)點的位置，從而判斷加速度大小．

考查由波動圖象與振動圖象來確定波速，掌握質(zhì)點不隨著波遷移，理解在不同時刻時，質(zhì)點的位置、加速度與速度的如何變化．【解析】20；小于15、0【分析】【分析】平均速度大小是位移與所用時間的比值，從山腳爬上山頂，然后又從原路返回到山腳時，通過位移為零，因此平均速度為零．【解析】【解答】解：從山腳爬上山頂；然后又從原路返回到山腳時，通過位移為零，因此平均速度為零；

故答案為：0三、判斷題(共5題，共10分)16、×【分析】【分析】根據(jù)飽和汽壓僅僅與溫度有關(guān)，然后結(jié)合理想氣體的狀態(tài)方程即可正確解答．【解析】【解答】解：根據(jù)與飽和蒸汽壓有關(guān)的因素可知；同一種蒸汽的飽和蒸汽壓僅僅與溫度有關(guān)，與其體積無關(guān)．所以該說法是錯誤的．

故答案為：×17、×【分析】【分析】懸浮在液體（或氣體）中固體小顆粒的無規(guī)則運動是布朗運動，固體顆粒越小、液體（或氣體）溫度越高，布朗運動越明顯；布朗運動是液體（或氣體）分子無規(guī)則運動的反應(yīng)．【解析】【解答】解：布朗運動的激烈程度與液體的溫度；懸浮顆粒的大小有關(guān)；溫度越高，懸浮物的顆粒越小，布朗運動越激烈．所以發(fā)現(xiàn)甲杯的布朗運動比乙杯中的激烈，不一定是由于甲杯中水溫高于乙杯．所以以上的說法是錯誤的．

故答案為：×18、√【分析】【分析】可以把波分為橫波和縱波兩類，傳播的只是振動形式和能量，而偏振現(xiàn)象與橫波有關(guān)，從而即可求解．【解析】【解答】解：偏振是橫波特有的現(xiàn)象；所以光的偏振現(xiàn)象說明光是橫波．以上說法是正確的．

故答案為：√19、×【分析】【分析】選擇溫度計的原則是：溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的凝固點應(yīng)低于被測物體的溫度，同時，溫度計內(nèi)測溫物質(zhì)的沸點應(yīng)高于被測物體的溫度．【解析】【解答】解：在海平面上水的沸點為100℃；在青藏高原水的沸點也有80℃多，而酒精的沸點只有78℃，所以不能選擇酒精溫度計．該說法是錯誤的．

故答案為：×．20、×【分析】【分析】從微觀上說，系統(tǒng)內(nèi)能是構(gòu)成系統(tǒng)的所有分子無規(guī)則運動動能、分子間相互作用勢能的總和，是大量分子的統(tǒng)計規(guī)律．【解析】【解答】解：物體內(nèi)能是指物體內(nèi)部所有分子做無規(guī)則運動所具有的動能和分子勢能的總和；注意是物體的內(nèi)能，不是分子的內(nèi)能；

故答案為：×四、實驗題(共3題，共15分)21、略

【分析】試題分析：(1)主尺刻度為3.50cm，游標(biāo)尺刻度為6，所以游標(biāo)卡尺的示數(shù)為3.50cm+6×0.01cm=3.56cm。（2）小車剛好做勻速直線運動，重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，這個步驟的目的是平衡摩擦力。（3）m越大，越不滿足m遠(yuǎn)小于M，實際加速度應(yīng)小于理論值，所以圖線向下彎曲。故選C?？键c：探究加速度與物體受力的關(guān)系【解析】【答案】（1）3.56cm；（2）平衡摩擦力（意思對的都給分）；（3）C22、0.697A1V1【分析】【分析】（1）螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)；在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀；

（2）結(jié)合電源電動勢的值選擇電壓表量程，估測電路中的最大電流后選擇電流表量程，伏安法測電阻，題目要求較精確測量，選擇滑動變阻器分壓接法，另還需注意電流表內(nèi)接外接的選擇，由電阻定律公式變形即可求得電阻率的表達式．【解析】【解答】解：（1）螺旋測微器的固定刻度為0.5mm；可動刻度為：19.7×0.01mm=0.197mm，所以最終讀數(shù)為：0.5mm+0.197mm=0.697mm；

（2）①電源電動勢為4V，若選擇15V量程，則最大示數(shù)不足電表量程的三分之一，故為了減小誤差應(yīng)選擇3V量程的V1；

則電路中的最大電流I=，故選擇電流表A1；

②；故被測電阻屬于大電阻，電流表應(yīng)選內(nèi)接法，又題目要求盡量精確測量故變阻器應(yīng)用分壓式接法；

電路圖如圖所示：

③根據(jù)電路圖；連接實物圖，如圖所示：

④根據(jù)Rx=，其中S=；

解得：ρ=．

故答案為：（1）0.697；（2）①A1；V1；②如圖所示；③如圖所示；④23、大于mAvA=mAvA′+mBvB′mAmAmBS【分析】【分析】A球下擺過程機械能守恒，根據(jù)守恒定律列式求最低點速度；球A上擺過程機械能再次守恒，可求解碰撞后速度；碰撞后小球B做平拋運動，根據(jù)平拋運動的分位移公式求解碰撞后B球的速度，求出動量的表達式，然后分析答題【解析】【解答】解：（1）根據(jù)實驗原理可知；小球A沒有落到地面上，只有B落地，故應(yīng)讓A球的速度大于B球；

（2）由動量守恒定律可知：

應(yīng)滿足的表達式為：mAvA=mAvA′+mBvB′

（3）小球從A處下擺過程只有重力做功；機械能守恒，由機械能守恒定律得：

mAgL（1-cosα）=mAvA2-0；

解得：vA=；

則PA=mAvA=mA；

小球A與小球B碰撞后繼續(xù)運動；在A碰后到達最左端過程中，機械能再次守恒，由機械能守恒定律得：

-mAgL（1-cosβ）=0-mAvA′2；

解得vA′=；

PA′=mAvA′=mA；

碰前小球B靜止，則PB=0；

碰撞后B球做平拋運動，水平方向：S=vB′t，豎直方向H=gt2；

解得：vB′=S；

則碰后B球的動量為：PB′=mBvB′=mBS；

故答案為：（1）大于；（2）mAvA=mAvA′+mBvB′（3）mA；mA；mBS．五、解答題(共3題，共21分)24、略

【分析】【分析】（1）兩球發(fā)生彈性碰撞時滿足動量守恒定律和機械能守恒定律；記住碰后兩球速度的表達式；

（2）A球碰后先向左減速再反向加速兩次時間相等；B球從碰后再回到原位置的時間具有周期性，二者相等即可求解．

（3）A球與B球的第二次碰撞過程中機械能守恒，動量守恒，根據(jù)機械能守恒定律，動量守恒定律列式求解碰后速度，尋找軌跡，從而畫出圖象．【解析】【解答】解：（1）設(shè)A球與B球碰撞前瞬間的速度為v0；

由動能定理得，qES=

解得：

碰撞過程中動量守恒mv0=mv1+Mv2

機械能無損失，有

解得，v0=負(fù)號表示方向向左。

v1=v0（舍）

v0=，方向向右v2=0（舍）

（2）由（1）可知，碰撞后A球向左減速，B球以初速v0向右做簡諧運動，要使m與M第二次迎面碰撞仍發(fā)生在原位置，則必有A球重新回到O處所用的時間t恰好等于B球的（n+）T

a=

則t=2=nT+（n=0；1、2、3）

t=2

解得：k=（n=0；1、2、3）

（3）A球與B球的第二次前速度分別為-v1、-v2，碰撞后速度分別為v′1和v′2；應(yīng)滿足。

碰撞過程中動量守恒-mv1-Mv2=mv′1+Mv′2

機械能無損失，有+=+

解得：v′1=2v1=-v0=-方向向左，v′2=0

可見；當(dāng)A球再次回到O處與B球發(fā)生第三次碰撞時，第三次碰撞是第一次碰撞的重復(fù)，此后過程將周而復(fù)始地進行，A球的v-t圖線如圖所示；

其中，

答：（1）A球與B球第一次碰撞后瞬間，A球的速度大小為，方向向左，和B球的速度大小為方向向右；

（2）要使A球與B球第二次仍在B球的初始位置迎面相碰，勁度