2024年蘇教新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請(qǐng)※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年蘇教新版選修3物理下冊(cè)月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識(shí)點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級(jí)：______考號(hào)：______總分欄題號(hào)一二三四五六總分得分評(píng)卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、冬天雪后屋檐上結(jié)起的冰掛現(xiàn)象，它是（）A.由水蒸氣液化而成的B.由水蒸氣凝華而成的C.由水汽化而成的D.由水凝固而成的2、如圖所示，為一定質(zhì)量的理想氣體變化過程中的三個(gè)不同狀態(tài)；下列說法正確的是（）

A.三個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)相等B.從到氣體的內(nèi)能減小C.從到氣體吸收熱量D.從到與從到氣體對(duì)外界做功的數(shù)值相等3、提出分子電流假說并用以解釋物質(zhì)磁性及磁化現(xiàn)象的科學(xué)家是（）A.奧斯特B.安培C.歐姆D.法拉第4、處于磁場(chǎng)B中的矩形金屬線框可繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)線框中通以電流I時(shí)，如圖所示，此時(shí)線框左右兩邊受到安培力F的方向正確的是。

A.B.C.D.5、帶電粒子僅在電場(chǎng)力作用下，從電場(chǎng)中a點(diǎn)以初速度進(jìn)入電場(chǎng)并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動(dòng)到b點(diǎn)，如圖所示，則從a到b過程中（）

A.粒子一直做加速運(yùn)動(dòng)B.粒子的電勢(shì)能一直在減小C.粒子加速度一直在增大D.粒子的機(jī)械能先減小后增大6、質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖所示，該質(zhì)點(diǎn)在t1與t2時(shí)刻。

A.位移相同B.速度相同C.加速度相同D.回復(fù)力相同7、一個(gè)單擺從甲地到乙地,發(fā)現(xiàn)振動(dòng)變快了,為了調(diào)整到原來的快慢,下述說法正確的是()A.因?yàn)間甲＞g乙，故應(yīng)縮短擺長(zhǎng)B.因?yàn)間甲＞g乙，故應(yīng)加長(zhǎng)擺長(zhǎng)C.因?yàn)間甲＜g乙，故應(yīng)縮短擺長(zhǎng)D.因?yàn)間甲＜g乙，故應(yīng)加長(zhǎng)擺長(zhǎng)評(píng)卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、如圖甲所示，正方形導(dǎo)線框固定在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感線方向與導(dǎo)線框所在平面垂直磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，其中B0、t0均為已知量．已知導(dǎo)線框的邊長(zhǎng)為L(zhǎng)；總電阻為R，則下列說法中正確的是。

A.t0時(shí)刻，ab邊受到的安培力大小為B.0~t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為badcbC.0~t0時(shí)間內(nèi)，通過導(dǎo)線框的電荷量為D.0~t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框產(chǎn)生的熱量為9、如圖所示所示的電路；A；B、C為三個(gè)相同的燈泡，其電阻大于電源內(nèi)阻，當(dāng)變阻器R的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)。

A.A燈變亮，B和C燈都變暗B.A燈變亮，B燈變暗，C燈變亮C.電源的輸出電功率增大D.電源的輸出電功率減小10、如圖所示的電路，a、b、c為三個(gè)相同的燈泡，其電阻大于電源內(nèi)阻，當(dāng)變阻器R的滑片P向上移動(dòng)時(shí)；下列判斷中正確的是（）

A.a、b兩燈變亮，c燈變暗B.電源輸出功率增大C.電源的供電效率增大D.b燈中電流變化值小于c燈中電流變化值11、下列說法不正確的是____．A.裝有一定質(zhì)量氣體的密閉容器沿水平方向加速運(yùn)動(dòng)，氣體的內(nèi)能將不斷增大B.一定質(zhì)量0℃的水結(jié)成0℃的冰的過程中，體積增大、分子勢(shì)能減小C.足球充氣后很難壓縮，是因?yàn)樽闱騼?nèi)氣體分子間斥力作用的結(jié)果E.根據(jù)氧氣分子的摩爾質(zhì)量M，密度ρ和阿伏伽德羅常數(shù)NA，可以求出一個(gè)氧氣分子的體積E.根據(jù)氧氣分子的摩爾質(zhì)量M，密度ρ和阿伏伽德羅常數(shù)NA，可以求出一個(gè)氧氣分子的體積12、下列說法正確的（）A.晶體在熔化過程中吸收熱量?jī)?nèi)能增加，溫度保持不變B.給籃球打氣時(shí)越來越費(fèi)勁，說明分子間存在斥力作用C.能源危機(jī)是指能量的過度消耗，導(dǎo)致自然界的能量不斷減少E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和氣壓，水蒸發(fā)得越慢E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)，空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和氣壓，水蒸發(fā)得越慢13、如圖甲所示,細(xì)線下懸掛一個(gè)除去了柱塞的注射器,注射器可在豎直面內(nèi)擺動(dòng)，且在擺動(dòng)過程中能持續(xù)向下流出一細(xì)束墨水．沿著與注射器擺動(dòng)平面垂直的方向勻速拖動(dòng)一張硬紙板，擺動(dòng)的注射器流出的墨水在硬紙板上形成了如圖乙所示的曲線．注射器噴嘴到硬紙板的距離很小,且擺動(dòng)中注射器重心的高度變化可忽略不計(jì)．若按圖乙所示建立xOy坐標(biāo)系，則硬紙板上的墨跡所呈現(xiàn)的圖樣可視為注射器振動(dòng)的圖象．關(guān)于圖乙所示的圖象，下列說法中正確的是()

A.x軸表示拖動(dòng)硬紙板的速度B.y軸表示注射器振動(dòng)的位移C.勻速拖動(dòng)硬紙板移動(dòng)距離0.5L的時(shí)間等于注射器振動(dòng)的周期D.拖動(dòng)硬紙板的速度增大，可使注射器振動(dòng)的周期變短14、如圖所示為發(fā)生月食時(shí)；太陽照射光線的示意圖，當(dāng)月球進(jìn)入圖中哪個(gè)區(qū)域時(shí)，在地球上處于夜晚地區(qū)的觀察者可以看到月食（）

A.全部進(jìn)入?yún)^(qū)域ⅠB.全部進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ或ⅣC.全部進(jìn)入?yún)^(qū)域ⅢD.部分進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅰ15、水平面上的A、B兩球沿一直線運(yùn)動(dòng)并發(fā)生正碰，如圖所示為兩球碰撞前、后的位移隨時(shí)間變化的圖象，a、b分別為A、B兩球碰前圖象，c為碰撞后兩球共同運(yùn)動(dòng)的圖象，已知A球質(zhì)量是m=2kg；則由圖象判斷下列結(jié)論正確的是（）

A.由圖象可知碰撞前A球做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，B球做勻加速直線運(yùn)動(dòng)B.碰撞前后A球動(dòng)量變化量大小為4kg?m/sC.B球質(zhì)量為kgD.A、B兩球碰撞前的總動(dòng)量為3kg?m/s評(píng)卷人得分三、填空題(共5題，共10分)16、半徑為r、電阻為R的N匝圓形線圈在邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形區(qū)域abcd外，勻強(qiáng)磁場(chǎng)充滿并垂直穿過該正方形區(qū)域，如圖甲所示．磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖乙所示．圖線與橫、縱軸的截距分別為t0和B0．則圓形線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=________V，0至t0時(shí)間內(nèi)通過的電荷量q=_________.

17、（1）一定質(zhì)量的氣體做等容變化，溫度為200K時(shí)的壓強(qiáng)為0.8atm，壓強(qiáng)增大到2atm時(shí)的溫度為________K。

（2）一定質(zhì)量的氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度為200K，體積為V0，當(dāng)溫度升高100K時(shí)，體積變?yōu)樵瓉淼腳_______倍。18、一定質(zhì)量的非理想氣體（分子間的作用力不可忽略），從外界吸收了4.2×105J的熱量，同時(shí)氣體對(duì)外做了6×105J的功；則：

（1）氣體的內(nèi)能______（選填“增加”或“減少”），其變化量的大小為______J。

（2）氣體的分子勢(shì)能______（選填“增加”或“減少”）。19、一定量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)歷ab、bc、ca三個(gè)過程回到原狀態(tài)，其p－T圖象如圖所示。___（選填“a”“b”或“c”）狀態(tài)分子的平均動(dòng)能最小，b和c兩個(gè)狀態(tài)中，容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)_____（選填“相同”或“不同”），ca過程外界對(duì)氣體做的功___（選填“大于”、“小于”或“等于”）氣體放岀的熱量。20、兩個(gè)分別帶有電荷量和的相同金屬小球（均可視為點(diǎn)電荷），固定在相距為的兩處，它們間庫侖力的大小為兩小球相互接觸后將其固定距離變?yōu)閯t兩球間的庫侖力的大小為的__________倍．評(píng)卷人得分四、作圖題(共3題，共27分)21、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場(chǎng)，丙、丁是環(huán)形電流的磁場(chǎng)，戊、己是通電螺線管的磁場(chǎng)，試在各圖中補(bǔ)畫出電流方向或磁感線方向．

22、示波管的內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉(zhuǎn)電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請(qǐng)畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

23、圖中表示某一時(shí)刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經(jīng)過7s后的波形曲線。

評(píng)卷人得分五、實(shí)驗(yàn)題(共2題，共14分)24、某同學(xué)用雙縫干涉實(shí)驗(yàn)儀測(cè)量光的波長(zhǎng)，如圖所示．

①實(shí)驗(yàn)中選用的雙縫間距為d，雙縫到像屏的距離為L(zhǎng)，在像屏上得到的干涉圖樣如圖所示，分劃板刻線在圖中A、B位置時(shí)，游標(biāo)卡尺的讀數(shù)分別為x1、x2，則入射的單色光波長(zhǎng)的計(jì)算表達(dá)式為λ=_____．

②分劃板刻線在某條明條紋位置時(shí)游標(biāo)卡尺如圖所示，則其讀數(shù)為_________mm；25、為研究某一蓄電池組；某興趣小組將一塊舊的電池組充滿電，準(zhǔn)備利用下列器材測(cè)量電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻．

A.待測(cè)電池組；電動(dòng)勢(shì)約為4V，內(nèi)阻約幾歐姆。

B.直流電壓表（量程均可滿足要求；均可視為理想電表）

C.定值電阻（未知）

D.滑動(dòng)變阻器R，最大阻值（已知）

E.導(dǎo)線和開關(guān)。

（1）現(xiàn)利用以上器材；設(shè)計(jì)一個(gè)電路如圖甲所示，完成對(duì)待測(cè)電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量．

（2）實(shí)驗(yàn)之前，需要利用該電路圖測(cè)出定值電阻方法是先把滑動(dòng)變阻器R調(diào)到最大阻值再閉合開關(guān)，電壓表和的讀數(shù)分別為則=_______（用表示）．

（3）實(shí)驗(yàn)中移動(dòng)滑動(dòng)變阻器觸頭，讀出電壓表和的多組數(shù)據(jù)描繪出圖象（橫軸為），圖線斜率絕對(duì)值為k，與橫軸的截距值為a，則電池組的電動(dòng)勢(shì)E=____，內(nèi)阻r=____（用k、a、表示）．

（4）經(jīng)測(cè)量得到該電池組的電動(dòng)勢(shì)為E=4.0V，內(nèi)阻r=1Ω，現(xiàn)用該電池組與定值電阻串聯(lián)，然后與兩個(gè)相同的燈泡構(gòu)成如圖乙所示的電路，燈泡的伏安特性曲線如圖丙所示，則每個(gè)燈泡的實(shí)際功率約為______W（結(jié)果保留兩位小數(shù)）．評(píng)卷人得分六、解答題(共2題，共6分)26、如圖，間距為L(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌，半徑為r的圓弧部分豎直放置、直的部分固定于水平地面，MNQP范圍內(nèi)有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)．金屬棒ab和cd垂直導(dǎo)軌放置且接觸良好，cd靜止在磁場(chǎng)中，ab從圓弧導(dǎo)軌的頂端由靜止釋放，進(jìn)入磁場(chǎng)后與cd在運(yùn)動(dòng)中始終不接觸．已知兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R．金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，重力加速度為g．求。

（1）ab棒到達(dá)圓弧底端時(shí)對(duì)軌道壓力的大?。?/p>

（2）當(dāng)ab棒速度為時(shí)，cd棒加速度的大小（此時(shí)兩棒均未離開磁場(chǎng)）

（3）若cd棒以離開磁場(chǎng)，已知從cd棒開始運(yùn)動(dòng)到其離開磁場(chǎng)一段時(shí)間后，通過cd棒的電荷量為q．求此過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱是多少．（此過程ab棒始終在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)）27、如圖所示，abcd是一個(gè)正方形盒子邊的中點(diǎn)有一個(gè)小孔盒子中有沿ad方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)一個(gè)質(zhì)量為m帶電粒子從a處的小孔沿ab方向以初速度射入盒內(nèi)，并恰好從e處的小孔射出；（不計(jì)重力）求。

（1）該帶電粒子從e孔射出時(shí)的速度大?。?/p>

（2）該過程中電場(chǎng)力對(duì)該帶電粒子做的功．參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、D【分析】【分析】

【詳解】

冬天雪后屋檐上結(jié)起的冰掛現(xiàn)象；是雪熔化后的水，在流到屋檐上時(shí)，又發(fā)生了凝固現(xiàn)象，形成了固態(tài)的冰，即形成了冰掛；故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選D．

【點(diǎn)睛】

分析生活中的熱現(xiàn)象屬于哪種物態(tài)變化，關(guān)鍵要看清物態(tài)變化前后，物質(zhì)各處于什么狀態(tài)；另外對(duì)六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認(rèn)識(shí)．2、C【分析】【詳解】

A．反向延長(zhǎng)ac線，不過坐標(biāo)原點(diǎn)，說明氣體不是等壓變化，故abc三個(gè)狀態(tài)的壓強(qiáng)不相等；故A錯(cuò)誤；

B．從a到c；氣體的溫度越來越高，氣體的內(nèi)能越來越大，故B錯(cuò)誤；

C．從a到b，氣體的溫度升高，內(nèi)能增加，由于氣體體積增大，氣體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得；氣體吸熱，故C正確；

D．從a到c的過程中，任意一點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)的連線斜率越來越小，壓強(qiáng)越來越大，從a到b平均壓強(qiáng)小于從b到c的平均壓強(qiáng)，根據(jù)可知，從b到c氣體對(duì)外界做功大于從a到b氣體對(duì)外界做功；故D錯(cuò)誤。

故選C。3、B【分析】提出分子電流假說并用以解釋物質(zhì)磁性及磁化現(xiàn)象的科學(xué)家是安培，故選B.4、D【分析】由圖可知：磁場(chǎng)的方向水平向左；由左手定則可知：左邊受到的安培力方向豎直向上，右邊受到的安培力方向豎直向下，故D正確，A；B、C錯(cuò)誤；

故選D．5、D【分析】試題分析：粒子受到的電場(chǎng)力沿電場(chǎng)線方向，故粒子帶正電，故A錯(cuò)誤；圖象知粒子受電場(chǎng)力向右，所以先向左做減速運(yùn)動(dòng)后向右加速運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤．據(jù)軌跡彎曲程度，知電場(chǎng)力的方向沿電場(chǎng)線切線方向向右，從a點(diǎn)到b點(diǎn)；電場(chǎng)力先做負(fù)功，再做正功，電勢(shì)能先增加后降低，動(dòng)能先變小后增大．根據(jù)電場(chǎng)線的疏密知道場(chǎng)強(qiáng)先小后大，故加速度先小后大，C錯(cuò)誤，D正確．故選D．

考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。

【名師點(diǎn)睛】解決本題的關(guān)鍵通過軌跡的彎曲方向判斷出電場(chǎng)力的方向，根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷出動(dòng)能的變化和電勢(shì)能的變化．6、B【分析】【分析】

由振動(dòng)圖象讀出兩個(gè)時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移關(guān)系，根據(jù)回復(fù)力、加速度大小與位移大小成正比，方向與位移方向相反，分析加速度關(guān)系；在t1、t2時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置關(guān)于平衡位置對(duì)稱；而且同向運(yùn)動(dòng)，速度相同；

【詳解】

A、由振動(dòng)圖象讀出兩個(gè)時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移大小相等，方向相反，位移不同，故A錯(cuò)誤；

B、在t1、t2時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位置關(guān)于平衡位置對(duì)稱，而且都沿負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，所以速度相同，故B正確；

CD、兩個(gè)時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的位移大小相等，方向相反，由可知回復(fù)力大小相同，方向相反；由知加速度也大小相等，方向相反，所以回復(fù)力不同，加速度不同，故C、D錯(cuò)誤；

故選B．

【點(diǎn)睛】

關(guān)鍵是明確回復(fù)力、加速度與位移這三個(gè)量大小變化情況是一致的，但速度要注意其方向的不同．7、D【分析】【詳解】

一單擺因從甲地移到乙地，振動(dòng)變快了，即周期減小了，根據(jù)得到g增大，T才會(huì)減小，所以甲地的重力加速度小于乙地的重力加速度，即g甲＜g乙；要使T還要恢復(fù)，只要增大T，故只能將擺長(zhǎng)適當(dāng)增長(zhǎng)，故D正確，ABC錯(cuò)誤．二、多選題(共8題，共16分)8、A:D【分析】【詳解】

A、由法拉第電磁感應(yīng)定律得，導(dǎo)線框的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：EL2，通過導(dǎo)線框的感應(yīng)電流大小為：It0時(shí)刻，ab邊所受磁場(chǎng)和用力大小為：F＝BIL故A正確；

B、根據(jù)楞次定律，可知，0～t0時(shí)間內(nèi)，導(dǎo)線框中電流的方向始終為abcda；故B錯(cuò)誤；

C、時(shí)間t0內(nèi)，通過導(dǎo)線框某橫截面的電荷量為：q故C錯(cuò)誤；

D、導(dǎo)線框中電流做的功為：W＝I2Rt因此導(dǎo)線框產(chǎn)生的熱量為為：Q＝W故D正確；9、B:C【分析】【詳解】

當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，A燈變亮。A燈和電源的內(nèi)電壓增大，并聯(lián)部分電壓減小，B燈變暗。由總電流增大，而通過B燈的電流減小，可知通過C燈的電流增大，C燈變亮，故A錯(cuò)誤，B正確；由題意，A、B、C三個(gè)燈泡的電阻都大于電源內(nèi)阻，根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，則知，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大，故C正確，D錯(cuò)誤。所以BC正確，AD錯(cuò)誤。10、A:B【分析】【分析】

當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律分析總電流的變化，即可知道a燈亮度的變化．由歐姆定律分析并聯(lián)部分電壓的變化，判斷c燈亮度的變化．由通過c的電流與總電流的變化，分析通過b燈電流的變化，判斷其亮度的變化．a(chǎn)、b；c三個(gè)燈泡的電阻都大于電源內(nèi)阻；根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，分析電源的輸出功率如何變化．

【詳解】

當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，總電流I增大，a燈變亮．并聯(lián)部分電壓減小，c燈變暗．由總電流增大，而通過c燈的電流減小，可知通過b燈的電流增大，b燈變亮，A正確；a、b、c三個(gè)燈泡的電阻都大于電源內(nèi)阻，外電路總電阻應(yīng)大于電源的內(nèi)阻．根據(jù)推論：外電阻等于電源的內(nèi)阻時(shí)，電源的輸出功率最大，則知，當(dāng)變阻器的滑動(dòng)觸頭P向上移動(dòng)時(shí)，外電路總電阻減小，電源輸出的電功率增大．電源的供電效率外電阻減小，路端電壓U減小，電源的供電效率減小，B正確C錯(cuò)誤；由于增大，減小，增大，則知，流過b燈的電流變化值大于流過c燈的電流變化值；D錯(cuò)誤．

【點(diǎn)睛】

本題是電路動(dòng)態(tài)分析問題，按局部到整體，再局部分析電壓、電流的變化．利用推論分析電源輸出功率的變化．11、A:C:E【分析】【詳解】

A．物體機(jī)械能大小與速度的有關(guān)；內(nèi)能大小與物體宏觀速度無關(guān)，所以裝有一定質(zhì)量氣體的密閉容器沿水平方向加速運(yùn)動(dòng)，氣體的內(nèi)能不一定增大．故A項(xiàng)錯(cuò)誤．

B．一定質(zhì)量0℃的水結(jié)成0℃的冰的過程中；需放出熱量，又由于體積變大，物體對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律知，內(nèi)能減??；而溫度不變，分子總的動(dòng)能不變，則總的分子勢(shì)能減?。蔅項(xiàng)正確．

C．足球充氣后很難壓縮；是因?yàn)樽闱騼?nèi)外氣體壓強(qiáng)差的原因，與分子間斥力作用無關(guān)，故C項(xiàng)錯(cuò)誤．

D．氣體等壓膨脹的過程中壓強(qiáng)不變；體積增大，溫度升高；而理想氣體的內(nèi)能僅僅與溫度有關(guān)，溫度升高則氣體的內(nèi)能增大；理想氣體等壓膨脹過程中對(duì)外做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w一定從外界吸收熱量．故D項(xiàng)正確．

E．根據(jù)氧氣分子的摩爾質(zhì)量M，密度ρ，可求氧氣的摩爾體積

再結(jié)合阿伏伽德羅常數(shù)NA，可以求出一個(gè)氧氣分子占據(jù)的空間

氣體分子間間距較大；則氣體分子大小遠(yuǎn)小于氣體分子占據(jù)的空間．故E項(xiàng)錯(cuò)誤．

故選ACE．

【點(diǎn)睛】

氣體分子間間距較大，氣體分子的大小遠(yuǎn)小于氣體分子占據(jù)的空間．12、A:D:E【分析】【分析】

【詳解】

A.晶體在熔化過程中吸收熱量?jī)?nèi)能增加；溫度保持不變，故A正確；

B.給籃球打氣時(shí)越來越費(fèi)勁；這是氣體壓強(qiáng)作用的緣故，與分子間的作用力無關(guān)，故B錯(cuò)誤；

C.能源危機(jī)是指能量的過度消耗；導(dǎo)致自然界中可利用的能源不斷減少，故C錯(cuò)誤；

D.由于液體表面分子間距離大于液體內(nèi)部分子間的距離；使得液面存在表面張力，故D正確；

E.空氣相對(duì)濕度越大時(shí)；空氣中水蒸氣壓強(qiáng)越接近同溫度下水的飽和氣壓，水蒸發(fā)得越慢，故E正確。

故選ADE。13、B:C【分析】【詳解】

注射器振動(dòng)周期一定，根據(jù)白紙上記錄的完整振動(dòng)圖象的個(gè)數(shù)可確定出時(shí)間長(zhǎng)短，所以白紙上x軸上的坐標(biāo)代表時(shí)間．A錯(cuò)誤．白紙上與垂直的坐標(biāo)是變化的，即y軸代表了注射器的位移，B正確．由圖乙可知，勻速拖動(dòng)硬紙板移動(dòng)距離0.5L的時(shí)間等于注射器振動(dòng)的周期，C正確；注射器振動(dòng)周期與拖動(dòng)白紙的速度無關(guān)．拖動(dòng)白紙的速度增大，注射器振動(dòng)周期不改變，D錯(cuò)誤．14、A:D【分析】【詳解】

當(dāng)月球進(jìn)入地球本影區(qū)Ⅰ時(shí)；所有太陽光線都照不到月球上，因此月亮是黑暗無光的，這時(shí)，地球上觀察者看到的是月全食．當(dāng)月球部分進(jìn)入Ⅰ區(qū)時(shí)，進(jìn)入的部分沒有光線反射出來，這時(shí)看到的是月偏食．月球處于半影區(qū)Ⅱ或Ⅳ時(shí)，有部分太陽光照到月球上．因此月球仍然反射這部分太陽光，所以看不到月食．另外，由于地球的本影區(qū)長(zhǎng)度遠(yuǎn)大于地月之間的距離，月球不可能進(jìn)入Ⅲ區(qū)，假設(shè)月球能進(jìn)Ⅲ區(qū)，因有部分太陽光照到月球上，也不可能發(fā)生月食。

綜上所述，故應(yīng)選AD。15、B:C【分析】【詳解】

A．由x﹣t圖象的斜率表示速度；因此碰撞前A；B兩球都是勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B．碰撞前有：vA=﹣3m/s，vB=2m/s，碰撞后有：vA′=vB′=﹣1m/s；碰撞前后A的動(dòng)量變化為：△PA=mvA′﹣mvA=2×（﹣1）﹣2×（﹣3）=4kg?m/s；故B正確；

C．根據(jù)動(dòng)量守恒定律，碰撞前后B的動(dòng)量變化為：△PB=﹣△PA=﹣4kg?m/s，又：△PB=mB（vB′﹣vB），所以解得：mB=kg；故C正確；

D．所以A與B碰撞前的總動(dòng)量為：P總=mvA+mBvB=2×（﹣3）+×2=﹣kg?m/s，故D錯(cuò)誤．三、填空題(共5題，共10分)16、略

【分析】【分析】

本題是線圈的面積不變，磁場(chǎng)在變化，磁通量的變化率再根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由歐姆定律求出感應(yīng)電流，再根據(jù)q=It0；從而求解．

【詳解】

磁通量的變化率為：

根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：

再根據(jù)閉合電路歐姆定律得感應(yīng)電流為：．

電量為：q=It0=

【點(diǎn)睛】

本題是線圈類型，要掌握法拉第定律的幾種不同表達(dá)形式，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行求解，并掌握求電量的公式．【解析】17、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】50018、略

【分析】【詳解】

（1）[1][2]根據(jù)熱力學(xué)第一定律有ΔU=W＋Q

由于氣體從外界吸收熱量，同時(shí)氣體對(duì)外做功，則ΔU=-6×105J＋4.2×105J=-1.8×105J

所以氣體內(nèi)能減少了1.8×105J。

（2）[3]因?yàn)闅怏w對(duì)外做功，體積膨脹，分子間距離增大，分子力做負(fù)功，氣體的分子勢(shì)能增加?！窘馕觥繙p少1.8×105增加19、略

【分析】【分析】

【詳解】

[1]由圖像可知，a、b和c三個(gè)狀態(tài)中a狀態(tài)溫度最低；分子平均動(dòng)能最小。

[2]由圖像可知，bc過程氣體發(fā)生等溫變化，氣體內(nèi)能不變，壓強(qiáng)減小，由玻意耳定律可知，體積增大，b、c狀態(tài)氣體的分子數(shù)密度不同，b和c兩個(gè)狀態(tài)中；容器壁單位面積單位時(shí)間內(nèi)受到氣體分子撞擊的次數(shù)不同。

[3]由圖像可知，ca過程氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對(duì)氣體做功，W＞0，氣體溫度降低，內(nèi)能減少，△U＜0，由熱力學(xué)第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對(duì)氣體所做的功小于氣體所放熱量【解析】a不同小于20、略

【分析】【分析】

清楚兩小球相互接觸后；其所帶電量先中和后均分．根據(jù)庫侖定律的內(nèi)容，根據(jù)變化量和不變量求出問題．

【詳解】

相距為r時(shí)，根據(jù)庫侖定律得：接觸后各自帶電量變?yōu)閯t此時(shí)兩式聯(lián)立得即大小為F的倍．

【點(diǎn)睛】

本題考查庫侖定律及帶電題電量的轉(zhuǎn)移問題．注意兩電荷接觸后各自電荷量的變化，這是解決本題的關(guān)鍵．【解析】四、作圖題(共3題，共27分)21、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場(chǎng)方向，也可以通過磁場(chǎng)方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場(chǎng)方向，順時(shí)針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側(cè)的磁場(chǎng)的方向向里，左側(cè)的磁場(chǎng)的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場(chǎng)方向，則可知電流方向，逆時(shí)針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側(cè)流入，從右側(cè)流出，所以磁場(chǎng)的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向左；

圖已；根據(jù)螺線管中上邊的電流方向向外，下邊的電流的方向向里，利用右手螺旋定則可以確定螺線管的磁場(chǎng)的方向向右．如圖所示：

【解析】22、略

【分析】試題分析：A圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為2T，即在2T的時(shí)間內(nèi)才能完成一次水平方向的掃描，而豎直方向（y方向）的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向由2個(gè)周期性的變化；y方向的電壓變化為正弦式的變化，由于電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以A圖中的掃描圖形如圖；

要在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象．XX′偏轉(zhuǎn)電極要接入鋸齒形電壓；即掃描電壓．

B圖中；在XX′偏轉(zhuǎn)電極所加的電壓的周期為T，即在一個(gè)周期T的時(shí)間內(nèi)完成一次水平方向的掃描，同時(shí)豎直方向的周期為T，所以在水平方向的一次水平掃描的過程中，豎直方向也完成一個(gè)周期性的變化；y方向的電壓大小不變，方向每半個(gè)周期變化一次，結(jié)合電子到達(dá)熒光屏的偏轉(zhuǎn)量與偏轉(zhuǎn)電壓成正比，所以B圖中的掃描圖形如圖．

考點(diǎn)：考查了示波器的工作原理。

【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號(hào)電壓，XX′偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形電壓，即掃描電壓，當(dāng)信號(hào)電壓與掃描電壓周期相同時(shí)，就可以在熒光屏上得到待測(cè)信號(hào)在一個(gè)周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象【解析】23、略

【分析】【分析】